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1、2021年天津市河北区高考生物二模试卷一、本卷共12题，每题4 分，共 48分，每小题给出的4 个选项中，只有一项是最符合题目要求的1.（4 分）将刚刚萌发、带有小芽的大麦充分研磨后，过滤得到组织样液。在组织样液中加入下列试剂后振荡均匀。下列有关实验现象及结论的叙述，不正确的是（）A.加入碘液，溶液呈蓝色，说明发芽的大麦中含有淀粉B.加入双缩胭试剂，溶液呈紫色，说明发芽的大麦中含有蛋白质C.加入苏丹HI染液，溶液呈红色，证明发芽的大麦中含有脂肪D.加入斐林试剂并水浴加热，溶液呈砖红色，说明发芽的大麦中含有还原糖2.（4 分）下列关于细胞物质组成、结构及功能的说法正确的是（）A.细胞内的化合物都
2、是以碳链为骨架的B.细胞中都具有复杂的生物膜系统C.活细胞中都能进行ATP与 ADP的转换D.tRNA为单链结构，因此分子内不存在碱基对3.（4 分）如图是抗体在细胞中合成与分泌过程示意图，其中甲、乙、丙、丁表示相关细胞器。下列相关叙述不正确的是（）A.该细胞应该为浆细胞B.丁能将葡萄糖氧化分解，为该过程提供能量C.丙可以对来自乙的蛋白质进行加工、分类和包装D.抗体多样性的原因由物质A 的种类、数量、排列顺序和肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构决定4.（4 分）有一瓶混有酵母菌的葡萄糖培养液，当通入不同浓度的氧气时，其产生的酒精和CO?的量如图所示。据图中信息推断不正确的是（）第1页（共2
3、4页）oEa汽坦辞却气浓度相A.氧浓度为a 时，酵母菌进行无氧呼吸和有氧呼吸B.当氧浓度为d 时，酵母菌细胞只进行有氧呼吸C.当氧浓度为c 时，2/3的葡萄糖用于酵母菌酒精发酵D.a、b、c、d 不同氧浓度下，细胞都产生 H 和 ATP5.（4 分）下列关于细胞增殖的说法，正确的是（）A.有丝分裂过程主要通过基因重组产生可遗传的变异B.初级卵母细胞能进行有丝分裂以增加自身数量，又可进行减数分裂形成卵细胞C.减数第一次分裂过程会发生同源染色体分离和姐妹染色单体分离D.有丝分裂中期和减数第一次分裂中期，染色体数目相同、核DNA数目也相同6.（4 分）将加热杀死的S 型细菌与R 型细菌混合后，注射到
4、小鼠体内，小鼠体内S 型、R型细菌含量的变化情况如图所示。下列有关叙述不正确的是（）注射A.曲线ab段小鼠体内还没形成大量的相应抗体B.曲线be段绝大多数的R 型细菌转化成了 S 型细菌C.cd段上升的原因可能是S 型细菌降低了小鼠的免疫能力D.实验过程中，S 型细菌的出现可能是因为S 型细菌的DNA进入到了 R 型细菌内7.（4 分）如图是中心法则的图解，下列相关说法错误的是（）第2页（共24页）：D N A 7.r ；R N A-址门质S Xho I(3)RNA聚 合 酸 终 止 子、标记基因(4)抗原蛋白多个抗原基因插入同一个质粒中15.(1 0 分)下图为某海岸生态护坡及部分食物网示意
5、图，请回答下列有关问题：第19页(共24页)*fjw ex（l）研究人员在建造海岸生态护坡前，采用样方法调查此地的某植物的种群密度，运 用此方法要保证取样时随 机 取 样，避免掺杂任何主观因素。（2）上图坡地生态系统中，人们在中低潮带引种一些耐盐的植物如互花米草、白茅等，在高潮带和超高潮带种植槎柳、樟毛等相对耐干旱的植物，这主要体现了群落的 水平结 构 结构。（3）经观察和测定灌草丛带中的几种生物种群及同化量（图中字母代表）如上图，沙氏变色蜥在食物中所处的营养级为第三、四 营 养 级：能量从第一营养级到第二营养级的传递效率是上由（用图中字母表示）。a（4）若在某年有新物种迁入，其种群增长速率随
6、时间的变化如图所示，在第十年时经调查，该种群数量为3 1 5 只，则估算该种群在此环境中的容纳量为 侬 只。0 5 JO 15（5）目前生态护坡在河流、堤岸、高速公路等许多方面逐渐取代传统的砖石、混凝土护坡，请说出生态护坡的优点：减少污染；净化空气；保持水土；荚 化 环 境 等（至少说两点）。【解答】解：（1）调查植物的丰富度和种群密度采用样方法，要注意随机取样，避免掺杂任何主观因素，以降低取样误差。（2）由于低潮带、高潮带和超高潮带的土壤湿度不同，因此应种植不同特性的植物，这主要体现了群落的水平结构。第20页（共24页）（3）图中沙氏变色蜥捕食小型地面肉食性动物，同时又和小型地面肉食性动物共
7、同竞争地面草食动物。因此沙氏变色蜥在食物网中所处的营养级为第三、四营养级。图中第一营养级为樟毛等植物，固定的能量为a,第二营养级为小型飞行草食动物（b）、大型飞行草食动物（d）、地面草食动物（e）,因此能量从第一营养级到第二营养级的传递效率是b+d+eOa（4）据曲线可知，第十年种群的增长速率最大，此时种群数量寺=3 1 5,则K=6 3 0（只）。（5）生态护坡的优点：减少污染；净化空气；保持水土；美化环境等。故答案为：（1）随机取样（2）水平结构（3）第三、四 营 养 级 殳 担 怛a（4）6 3 0（5）减少污染；净化空气；保持水土；美化环境等1 6.（1 2分）某科学家研究高温胁迫对蓝
8、莓光合作用的影响实验结果如图所示。其中高温胁迫是指将蓝蔡植株置于4 0、其他条件适宜环境下培养；恢复是指将高温胁迫1 2天的蓝莓植株转移到2 5 C、其 他 条 件 适 宜 环 境 下 恢 复3天。（1）应选取多株 生长状况相同 的蓝莓植株进行实验处理,选取多株蓝藏进行实验的目的是 控制无关变量，防止生物自身等偶然性因素的出现，以保证实验结果的准确第21页（共24页）二。图1实验结果可以看出高温胁迫对建光合速率的影响是 抑制了净光，合 作 用。（2）高温对光合作用的影响包括气孔限制因素（C O?供应不足影响光合作用）和非气孔限制因素（非C O?因素限制光合作用）。由图2、图3结果分析，随高温胁
9、迫时间延长，9-1 2天高温对光合作用的影响主要是 非 气 孔 限 制 因 素（填“气孔限制因素”或“非气孔限制因素”），判断依据杲 9-1 2天气升导序和7 -8天相同，彳口胞间C O农博比7一 8天 高。（3）q P是一个反映植物的光反应系统将光能转化为化学能的能力指标。据图4分析，高温胁迫9-1 2天，光合速率较低的原因是光反应有关酶活性下降，生成的 旧 和A T P不足限制了暗反应。【解答】解：（1）本实验自变量是高温胁迫的天数，因变量是测定的各项指标，所以蓝莓的生长状况相同；选取多株蓝莓的目的是控制无关变量，防止生物自身等偶然性因素的出现，以保证实验结果的准确性；从 图1看出在高温胁
10、迫的条件下，净光合作用呈下降趋势，说明高温胁迫抑制了净光合作用。（2）从图2和图3看出，9-1 2天气孔导度和7-8天相同，但胞间C O 2浓度比7-8天多，所以9-1 2天高温影响光合作主要是非气孔限制因素。（3）如果高温使光反应的酶活性降低，将导致光反应产生的 H 和A T P不足。故答案为：（1）生长状况相同 控制无关变量，防止生物自身等偶然性因素的出现，以保证实验结果的准确性 抑制了净光合作用（2）非气孔限制因素 9-1 2天气孔导度和7-8天相同，但胞间C O 2浓度比7-8天高（3）H 和 A T P1 7.（1 0分）某种实验动物，其性别决定方式为ZW型，正常翅和裂翅、有翅和无翅
11、分别由基因E/e、F/f控制，两对基因均隐性纯合时会出现胚胎致死现象，且其中一对基因位于性染色体上。科研人员用一只裂翅雌性个体和一只正常翅雄性个体多次交配，F）雄性既有正常翅也有无翅，雌性全为正常翅。让F 1个体自由交配得到F 2,F 2的表现型及相应数量如表所示，请回答下列问题：正常翅 裂翅 无翅雌性48 01 6 00第22页（共24页）雄性30 01 0 01 8 0（1）有翅性状和无翅性状中，显性性状为 有 翅，其基因位于上J 染色体上。（2）亲本裂翅雌性个体基因型为eeZ V F 。（3）若想验证F j 正常翅雌性个体的基因型，能否用测交方法？否，其原因是 不存在eeZ g个体。（4
12、）F?裂翅雄性基因型及比例为ceZ F Z F：eeZ F Z f=l：4。（5）F 2中正常翅雌雄个体自由交配，J 有5种表现型,F 3中正常翅个体所占比例为136 Y n【解答】解：（1）由分析可知，有翅性状和无翅性状中，显性性状为有翅。其基因位于 ZW染色体上。（2）由分析可知，亲本裂翅雌性个体基因型为eeZ fW F。（3）若想验证F 1 正常翅雌性个体的基因型，其测交的雄性个体的基因型应该为eeZ fZ f个体，由两对基因均隐性纯合时会出现胚胎致死现象，则雄性个体中不存在eeZ fZ f个体。因此若想验证马 正常翅雌性个体的基因型，不能用测交方法，其原因是不存在eeZ fZ f个体。
13、（4）F,中的基因型为EeZ F Z f（正常翅雄性）、EeZ 2f（无翅雄性）、EeZ N V F （正常翅雌性）、EeZ fW P （正常雌性），其 比 例 为 1：1：1：I,自由交配得到F2,分开考虑，EeXEe 后代的基因型以及比例为EE：Ee：ee=l：2：1；工Z F Z f和2 N fZ f产生的雄配子Z F：2 2Zf=l：3,I Z EW F 和。Z fW F 产生的雌配子 Z F：zf：WF=1：I：2,因 此（工 Z F Z f、Z/ZD2 2 2 2X （Z F W F、JLZW F）后代的基因型以及比例为 Z F Z F：ZFZf.Z fZ f：Z F W F：Z
14、fW F=1:2 24：3：2：6o因此F 2裂翅雄性基因型及比例为eeZ F Z F：eeZ F Z f=1：4。（5）F 2中正常翅雌雄个体的基因型中必须要有E 和 F基因，其正常翅雌雄个体自由交配，可以分开考虑，F 2中 EE：E e=l：2,其产生的雌雄配子E：e=2：1,因此F 3中 E：ee=8：1。F 2 中 Z Z F：4,其产生的雄配子 Z F：Z f=3：2,Z W：=1：3,其产生的雌配子Z F：Zf：W F=1：3：4,因此F 3中的基因型以及比例为Z F Z F：Z F Z L Z fZ L Z N V F：Z fW F=3：1 1：6：1 2：8。F 3 中的个体基
15、因型以及比例为E Z F Z-：E Z fZ f：eeZ Z ：eeZ 2f（死亡）：E Z W ：eeZ W P=（8 X 1 4）：（8 X 6）：1 4：0：（8X 2 0）：2 0 o 因此其表现型比例为正常翅雄性：裂翅雄性：无翅雄性：正常翅雌性：裂翅第23页（共24页）雌性=1 1 2：48：1 4：1 6 0：20,因此F 3有 5 种表现型,F?中正常翅个体所占比例=(1 1 2+1 6 0)4-(1 1 2+48+1 4+1 6 0+20)177故答案为：(1)有翅 z w(2)eeZ W F(3)否 不存在eeZ fZ f个体(4)eeZ F Z F：eeZFZf=l：4(5)5第24页（共24页）