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1、2017年湖北省十堰市中考物理试卷（教师版）一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1（3分）下列各图中可以反映发电机工作原理的是（）ABCD【考点】CS：发电机的构造和原理菁优网版权所有【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机的原理图。【解答】解：A、当开关闭合时，磁场中的金属棒中会有电流，故此时该金属棒会运动，即通电导线在磁场中受力的作用，故是电动机的原理，即该选项不符合题意；B、当金属棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针就会发生偏转，故是电磁感应现象，即发电机的原理，即该选项
2、符合题意；C、当导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，故说明通电导线周围存在着磁场，故该选项不符合题意；D、该现象是电磁铁，该装置可以研究电磁铁磁性强弱的影响因素，故该选项不符合题意；故选：B。【点评】掌握电磁感应现象，即能判断出发电机的原理是解答本题的关键，本题也考查学生对电磁学中一些重要实验原理的掌握。2（3分）下列各种能源中属于可再生能源的是（）A太阳能B煤炭C天然气D核能【考点】K2：能源的分类菁优网版权所有【分析】从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，
3、可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。【解答】解：A、太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；BCD、煤、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；核能也属于不可再生能源。故选：A。【点评】本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。3（3分）十堰是一座环境优美的城市，武当山的“翠绿雾海”、丹江口清晨河面的“轻烟缥缈”、房县温泉上的“白雾”，这些景观中雾的形成是空气中水蒸气发生了（）A熔化B汽化C液化D凝华【考点】1M：液化及液化现象菁优网版权所有【分析】在一定条件下，物质的三种状态间可以相互转化；物质由气
4、态变为液体叫液化。【解答】解：雾是空气中的水蒸气遇冷由气态变成的液态的小水滴，属于液化现象。故选：C。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。4（3分）人们在日常生活中要注意安全用电，如图所示符合安全用电原则的是（）A高压线下钓鱼B用手指触碰插座的插孔C把三脚插头改成两脚插头使用D将冰箱的金属外壳接地【考点】IV：安全用电原则菁优网版权所有【分析】（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。（2）用手指触碰插座的插孔很容易碰到里面的金属片而触电；（3）用电器的金属外壳必须接地，可防止由于金属外壳带电而使得人触电。【解答】解：A、安全
5、用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故不能在高压线下钓鱼，故A不符合安全用电要求；B、用手指触碰插座的插孔的做法是很危险的，很容易碰到里面的金属片而触电，故B不符合安全用电要求；C、把三脚插头改成两脚插头使用，用电器虽然能够工作，但不能使用电器的外壳要接地，故C不符合安全用电原则；D、带有金属外壳的用电器一定要使用三孔插座，使用电器的金属外壳接地，故D符合安全用电原则。故选：D。【点评】（1）本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用。（2）家庭中有时自己私接电器，存在着很多安全隐患，尤其在农村更为严重，希望同学们及时杜绝，安全文明
6、用电。5（3分）如图为十堰市第六届“水源颂”龙舟大赛时的情景，以（）为参照物运动员是静止的。A河岸B江水C龙舟D船桨【考点】52：参照物及其选择菁优网版权所有【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。【解答】解：A、龙舟行驶过程中，站在龙舟上的运动员相对于河岸的位置不断变化，所以是运动的。故A不符合题意；B、龙舟行驶过程中，站在龙舟上的运动员相对于江水的位置不断变化，所以是运动的。故B不符合题意；C、龙舟行驶过程中，站在龙舟上的运动员相对于龙舟的位置没有变化，所以是静止的。故C符合题意
7、；D、龙舟行驶过程中，站在龙舟上的运动员相对于划动的船桨的位置不断变化，所以是运动的。故D不符合题意。故选：C。【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握。6（3分）下列关于热学知识说法中正确的是（）A我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B在手背上擦一些酒精，手背感到凉爽，是由于酒精汽化放热C燃料燃烧越充分，其热值越大D正在沸腾的水吸收热量，内能增加，温度保持不变【考点】1I：沸腾及沸腾条件；1K：蒸发及其现象；G3：热量的概念；GJ：燃料的热值及其计算菁优网版权所有【分析】热量是个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物
8、体温差达到相等时，热传递就停止。所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量，而不能说含有多少热量；物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化是吸热过程；热值是燃料本身的一种特性，决定于燃料的种类，与其它因素无关；液体沸腾的特点是：在熔化过程中虽然不断吸热，但温度保持熔点不变，但内能增加。【解答】解：A、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高。故A错误；B、在手背上擦一些酒精，手背感到凉爽，是由于酒精汽化吸热。故B错误；C、热值是燃料本身的特性，与燃料的燃烧状态没有关系。故C错误；D、水在沸腾过程中温度不变，不断吸收热量，所以内能增加，故D正确。故选：D。【点评】本题综合考查温度、热量、
9、内能的关系及热值的概念，涉及知识点多，并且还是中考的热点，需要掌握。7（3分）“共享单车”是当前最流行的一种轻便、环保的交通工具（如图所示）。从它的结构和使用来看，运用了许多物理知识，下列说法中错误的是（）A车把手上有花纹是为了增大摩擦B上坡前用力猛蹬几下踏板是为了增大自行车的惯性C车座做的宽大是为了减小压强D骑行一段时间后，需给轴承加润滑油是为了减小摩擦【考点】7I：增大或减小摩擦的方法；85：减小压强的方法及其应用；FS：动能与势能的应用菁优网版权所有【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）
10、惯性大小取决于物体的质量大小，与速度大小无关，与物体的地理位置无关。（3）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。（4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：A、车把手上有花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A正确；B、当用力紧蹬几下脚踏板后，自行车的速度增大，因此自行车的动能就会增大，这样就可以有更多的动能转化为重力势能；不是为了增大自行车的惯性，故B错误；C、车座做的宽大是
11、在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故C正确；D、骑行一段时间后，需给轴承加润滑油是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；故D正确。故选：B。【点评】本题考查对增大和减小摩擦、减小压强的方法和惯性的理解能力。要注意惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性大小取决于物体质量大小，与其他因素无关。8（3分）如图所示，小明在探究串联电路电流规律实验中，闭合开关后，两灯均不亮，他用一个电流表去检测电路故障。当电流表接A、B两点时两灯均不亮；当电流表接B、C两点时，有一盏灯亮了，且电流表有示数，产生这一现象的原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路【考点】IE：电流
12、表、电压表在判断电路故障中的应用菁优网版权所有【分析】开关闭合后，两个灯泡都不发光，说明电路是开路或两灯泡同时短路，根据电流表在不同位置的连接情况注意分析即可。【解答】解：A、若L1断路，当电流表接A、B两点时，灯泡L2会发光，当电流表接B、C两点时，两灯都不亮，电流表没有示数，故A不符合题意；B、若L1短路，灯泡L2会发光，故B不符合题意；C、若L2断路，当电流表接A、B两点时，两灯泡都不会发光，当电流表接B、C两点时，灯泡L1会发光，电流表有示数，故C符合题意；D、若L2短路，灯泡L2会发光，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题考查了根据电流表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零
13、说明故障是开路。9（3分）小明复习力学知识时，对生活中的现象及所用的物理知识进行了归纳，下列说法完全正确的一组是（）A重垂线重力的方向总是垂直向下门把手总是安装在离门轴较远的地方作用点影响力的作用效果游泳时用力向后划水人向前运动力的作用是相互的B旅行箱下安装有滚轮用滚动代替滑动减小摩擦汽车前排司乘人员需系好安全带防止由于惯性造成伤害高空抛物非常危险物体高度越高具有的重力势能越大C用吸管吸饮料大气压强高压锅内食物熟的快液体的沸点随大气压增大而降低严禁在游泳池排水口附近游泳流速越大的地方压强越小D书包带做的宽一些增大压强丹江口大坝设计成下宽上窄的形状液体的压强随深度的增加而增大三峡船闸连通器原理【
14、考点】1J：沸点及沸点与气压的关系；6G：力的三要素；6I：力作用的相互性；6L：惯性；7A：重力的方向；7I：增大或减小摩擦的方法；85：减小压强的方法及其应用；88：液体的压强的特点；8B：连通器原理；8J：大气压的综合应用；8K：流体压强与流速的关系；FM：势能大小的比较菁优网版权所有【分析】根据我们所学的有关概念、规律及其应用进行逐项的分析、排除，从而得出正确的结论。【解答】解：A、重力的方向是竖直向下的，重垂线是利用这一特点工作的。故A不完全正确；B、物理现象与对应的物理规律都正确。故B完全正确；C、液体沸点与气压有关，气压越大沸点越高。高压锅是利用这一规律工作的。故B不完全正确；D
15、、书包带做的宽大一些，是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强。故D不完全正确。故选：B。【点评】对于此类考查对多知识点正误进行判断的题目，可以采用排除法进行分析解答，即根据所学知识，对于肯定错误的选项进行排除。10（3分）如图甲所示的电路中，R0为定值电阻，在移动滑动变阻器R滑片的过程中，描绘出了如图乙所示的滑动变阻器消耗电功率与电流关系图象，以下计算结果错误的是（）A滑动变阻器消耗的最大功率为3.6WB电源电压为12VC滑动变阻器最大阻值为100DR0的阻值为20【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算菁优网版权所有【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测
16、电路中的电流。（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出滑动变阻器消耗的电功率，利用PI2R求出滑动变阻器的最大阻值；（2）由图象读出电路中的电流为0.2A时R的电功率，根据PI2R求出R接入电路的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（3）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，利用PI2R表示出R的消耗的功率，然后变形表达式得出其消耗的最大功率。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压。（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最
17、大时，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I0.1A时，R的电功率PR1W，由PI2R可得，滑动变阻器的最大阻值：R大100，故C正确；（2）由图象可知，当电路中的电流I0.2A时，R的电功率PR1.6W，此时R接入电路的电阻：R40，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I可得，电源的电压：UI（R0+R）0.2A（R0+40），当电路中的电流I0.1A时，电源的电压：UI（R0+R1）0.1A（R0+100），因电源的电压不变，所以，0.2A（R0+40）0.1A（R0+100），解得：R020，故D正确；则电源的电压：UI（R0+R1）0.1A（20+100）12V，故B
18、正确；（3）由欧姆定律和电阻的串联可得，电路中的电流：I，滑动变阻器消耗的电功率：P滑（I）2R（）2R，所以，当R20时，变阻器消耗的电功率最大，即P滑大1.8W，故A错误。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用好电源的电压不变和从图象中读出电流对应的功率，难点时滑动变阻器消耗功率最大时的判断。二、填空题（共5小题，每小题3分，满分15分）11（3分）高建公路ETC 电子收费系统采用的是一种短程无线通信方式。它通过车载IC 卡中感应天线发射的电磁波（选填“超声波”或“电磁波”）来收录信息。小明乘坐的汽车在高速行驶中，他听到车窗缝隙处风的呼啸声，
19、这是空气快速通过车窗缝隙时发生振动产生的。他看到小区街口安装了噪声监测装置，该装置显示了噪声的响度（选填“音调”、“响度”或“音色）。【考点】91：声音的产生；9K：声音的等级和噪声的危害；D8：移动通信菁优网版权所有【分析】（1）ETC系统是通过电磁波实现信息传递的；（2）音是由物体的振动产生的。（3）噪声监测器是用来监测噪声大小的仪器，外界的噪声越大，也就是声音越强，即响度越大，其所显示的数字就越大。【解答】解：（1）ETC无线通信是通过电磁波实现信息传递的；（2）在高速行驶中，会听到车窗的缝隙处风的呼啸声，这是空气快速通过车窗缝隙时发生振动产生的。（3）噪声监测装置是用来监测噪声强弱的仪
20、器，故其测的是当时环境声音的响度，不能起到减弱噪声的作用。故答案为：电磁波；振动；响度。【点评】此题主要考查了电磁波的利用、声音的产生以及声音三要素的区分，属于基础知识。12（3分）小芳今天参加中考，妈妈煲了她最爱喝的土鸡汤，中午她刚走进家门就闻到浓浓的鸡汤香味，这是扩散现象；她迫不及特地想打开炒锅盖，发现锅盖很烫，“烫”是指锅盖温度高（选填“热量多“温度高”或“内能大”），煲汤过程是通过热传递方式改变鸡肉的内能。【考点】GA：热传递改变物体内能；GW：扩散现象菁优网版权所有【分析】（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；（2）“烫”是指温度高（3）改变物体内能
21、的方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。【解答】解：闻到浓浓的鸡汤香味，是鸡汤香味分子运动的结果，即扩散现象；锅盖“烫”是因为锅盖的温度较高煲汤过程，食物由生到熟，主要是通过热传递的方式改变食物的内能。故答案为：扩散；温度高；热传递。【点评】本题主要考查学生对：分子运动的快慢和温度关系的了解和掌握，以及改变物体内能方式的了解，是一道基础题。13（3分）人们常在外出旅游时用手机“自拍”，手机的镜头是一个凸透镜，拍照时想让像变小点，应该让手机远离（选填“靠近”或“远离”）自己。该透镜在生活中常用来矫正远视眼（选填“近视眼”或“远视眼”）。【考点】B8：凸透镜成像的应用菁优网版权
22、所有【分析】“手机自拍杆”是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的，凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小。【解答】解：手机拍照与照相机原理相同，镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小，可知拍照时想让像变小点，应该让手机远离自己。凸透镜对光线有会聚作用，远视眼的晶状体太薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方，要增大对光线的会聚能力，需要凸透镜。故答案为：凸透；远离；远视眼。【点评】本题考查对凸透镜对光线作用、成像规律应用的认识和理解，要掌握凸透镜成像规律，明确正常眼睛、近视眼、远视眼看远处和看近处在视网膜的成像情况。14（3分）如图所示，边长为a正
23、方体木块漂浮在密度为的液体中，有体积露出液面，则木块的密度为，木块下表面受到液体的压强为ga，若把木块露出液面的部分切去时，木块将上浮（选填“上浮”、“保持不动”或“下沉”）。【考点】8O：阿基米德原理的应用；8S：物体的浮沉条件及其应用菁优网版权所有【分析】（1）由题意可知木块漂浮，根据漂浮的条件可知受到的浮力和自身的重力相等；根据露出部分和浸入部分的体积关系可知木块的体积与排开液体的体积关系，然后利用密度公式和阿基米德原理以及重力公式得出等式即可求出木块的密度。（2）根据物体露出液面的高度得出物体浸没在液体中的深度，根据p液gh得出木块底部所受液体的压强；（3）当把它露出水面的部分截去时，
24、瞬时受到的浮力不变，但受到的重力减小，比较受到的浮力和重力即可得出答案。【解答】解：（1）木块在液体中漂浮，所以浮力与重力相等，则：F浮G，所以有g（1）V木gV，解得：木。（2）木块露出液面的高度为a，所以浸入液面以下的部分高度为（1）aa；木块底部所受液体的压强pga；（3）当把它露出液面的部分截去后，瞬时排开液体的体积不变，受到的浮力不变，但此时木块的重力减小，即此时受到的浮力大于自身的重力，故剩余部分将上浮。故答案为：；ga；上浮。【点评】本题考查了物体漂浮条件和阿基米德原理、密度公式和重力公式的应用，关键是根据题意得出木块排开水的体积和木块体积之间的关系。15（3分）如图所示电路，电
25、源电压保持不变，滑动变阻器最大阻值为20，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电流表的示数为0.75A，此时电阻R两端的电压为0V；当滑动变阻器的滑片P移到b端时，电流表的示数为1.25A则电源电压为15V，电阻R的阻值为30。【考点】IH：欧姆定律的应用菁优网版权所有【分析】（1）当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电路为R1最大阻值的简单电路，电阻R被短路，电流表测通过R1的电流，根据电阻R被短路可知其两端的电压；（2）当滑动变阻器的滑片P移到b端时，R与R1的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据滑动变阻器两端的电压不变、阻值不变可知通过的电流不变，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出
26、电源的电压，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，利用欧姆定律求出电阻R的电阻值。【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电路为R1最大阻值的简单电路，电阻R被短路，电流表测通过R1的电流，由电阻R被短路可知，其两端的电压为0V；（2）当滑动变阻器的滑片P移到b端时，R与R1的最大阻值并联，电流表测干路电流，因滑动变阻器两端的电压不变、阻值不变，所以，此时通过滑动变阻器的电流仍为I10.75A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I可得，电源的电压：UI1R10.75A2015V，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R的电流：IRII11.25A0.75A0.5
27、A，电阻R的电阻值：R30。故答案为：0；15；30。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的三种状态的判断，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路状态的辨别。三、作图题（共2小题，满分6分）16（3分）请你在图中画出水平球场上滚动的足球所受力的示意图（不考虑空气阻力）【考点】6H：力的示意图与图示菁优网版权所有【分析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。【解答】解：水平球场上滚动的足球，在水平方向上速度越来越慢，是因为受到摩擦力的作用，所以摩擦力的方向和相对运动方向相反。
28、在竖直方向上，受到重力和支持力。这几个力的作用点都画在足球的重心上，如图所示：【点评】此题考查力的示意图的画法，要想正确的做出力的示意图，就要对物体所受的力进行正确的分析。17（3分）如图所示，一束光在水和空气界面同时发生反射和折射，OB为反射光线，请你画出入射光线和大致的折射光线。【考点】AN：作光的折射光路图菁优网版权所有【分析】光的反射中，反射角等于入射角；当光从水斜射入空气中时，折射光线将向偏离法线的方向偏折，即入射角大于折射角。【解答】解：先过反射点O垂直水面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线左侧的水中画出入射光线，方向指向入射点，然后再根据折射角大于入射角在空气中画出折射光线，
29、如图所示：。【点评】本题考查了根据光的折射规律和光的反射规律的作图，注意要标出光的传播方向。四、实验探究题18（3分）（1）图甲中木块的长度为2.70cm；（2）图乙中温度计的示数为13；（3）图丙中电阻箱的阻值为2017。【考点】16：温度计的使用及其读数；64：长度的测量；IB：变阻器菁优网版权所有【分析】（1）刻度尺的使用要首先观察它的量程和分度值。起始端没从0开始，把1.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去1.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）温度计的分度值是1，再看液柱在0刻度线以上还是以下，如果是以下，要写上“”；（3）用各指针所指的示数乘以下
30、面的倍数，然后将所有的数值相加，即为该电阻箱的读数。【解答】解：（1）图中刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；本次测量起始端没从0开始，把1.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去1.00cm即为物体长度，即物体长度3.70cm1.00cm2.70cm；（2）图乙中温度计的分度值是1，液柱在0刻度线以下的第13个格，所以图乙中温度计的示数为13；（3）图中电阻箱示数是：21000+0100+110+712017。故答案为：2.70；13；2017。【点评】本题考查刻度尺、温度计、电阻箱的读数，是一道基础题。19（6分）小芳在复习力学实验时，重温了部分实验，于是她选做测
31、量苹果醋的密度，（1）她的主要实验步骤如下：A将天平放在水平台上，把游码放在零刻度线处，发现指针如图甲所示，要使横梁平衡她应将平衡螺母向左（选填“左”或“右”）调；B用调好的天平称出空烧杯的质量为20g；C在烧杯中倒入适量的苹果醋，用天平称出烧杯和苹果醋的总质量，天平平衡时，左盘中砝码的质量和游码的位置如图乙所示，则苹果醋和烧杯的总质量为62g；D她将烧杯中的苹果醋倒入量筒中，量筒内液面静止时苹果醋的体积如图丙所示。（2）小芳算出苹果醋的密度1.05103kg/m3。（3）同组的小明认为，小芳这种方法测出苹果醋密度会偏大（选填“偏大”或“偏小”）。只需对小芳的实验步骤进行调整，就可减小实验误差
32、，小明调整后的实验步骤为ACDB（填序号）。（4）小芳又设计了用浮力知识测量苹果醋密度的实验，她找来了弹簧测力计。小铁块、细线。她先用弹簧测力计称出了小铁块在空气中的重力为G，然后将小铁块浸没在苹果醋中，记下弹簧测力计示数为F已如铁的密度为铁，则苹果醋密度的表达式铁。【考点】2F：液体密度的测量菁优网版权所有【分析】（1）A、天平使用前调节平衡时，要调节平衡螺母，规则是“右偏左调，左偏右调”；C、砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量；（2）由步骤BC得到苹果醋的质量；由图丙得到其体积；（3）小芳的实验中“把烧杯内的苹果醋全部倒入量筒内”时苹果醋不能全部倒入量筒内，由此分析密度的误差；（4）由
33、密度和重力公式计算小铁块的体积；根据称重法求小铁块浸没在苹果醋受到的浮力；利用阿基米德原理计算苹果醋的密度。【解答】解：（1）A将天平放在水平台上，把游码放在零刻度线处，由图甲知，指针偏右，要使横梁平衡她应将平衡螺母向左调节；C、由图乙知，天平标尺的分度值为0.2g，所以苹果醋和烧杯的总质量为50g+10g+2g62g；（2）由步骤BC可知苹果醋的质量：m62g20g42g，由图丙知，量筒的分度值为1mL，苹果醋的体积为：V40mL40cm3，苹果醋的密度：1.05g/cm31.05103kg/m3；（3）小芳不可能把烧杯内的苹果醋全部倒入量筒内，导致测量的苹果醋的体积偏小，由公式知所测密度偏
34、大；根据测量液体密度的步骤可知，用天平称出盛有苹果醋的烧杯的总质量；再把烧杯中的苹果醋倒入量筒中一部分，记下量筒中苹果醋体积；最后用天平称出剩余苹果醋和烧杯的总质量；所以合理的实验顺序是ACDB；（4）由题知，小铁块在空气中的重力为G，由GmgVg可得小铁块的体积：V，小铁块浸没在苹果醋中，所以V排V，由称重法可得小铁块受到的浮力：F浮GF，由阿基米德原理可得：F浮gV排，所以苹果醋密度：铁。故答案为：（1）A、左；C、62；（2）1.05103；（3）偏大；ACDB；（4）铁。【点评】本题是关于液体密度的测量，考查了天平和量筒的使用、密度的计算以及误差分析，本题第4小题还考查了我们对称重法测
35、浮力、阿基米德原理的了解和掌握，同时为我们提供了一种测量物质密度的方法，注意为保证物体排开水的体积等于其体积，必须使物体完全浸没。20（6分）小明在复习探究杠杆平衡条件实验时：（1）实验前应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。这样做的好处是便于测量力臂和不计杠杆自身的重力；（2）调节完毕后，在杠杆A 点挂3 个相同的钩码如图甲所示，在杠杆B 点应挂4个相同的钩码才能使杠杆恢复在水平位置平衡。若将A、B两点下方所挂钩码各取下一个，那么杠杆右（选填“左或“右）端下降；（3）小明测出一组数据后就得出了“动力动力臂阻力阻力臂”的结论。同组的同学认为他的做法不合理，理由是只根据一次测量数据得出
36、的结论有偶然性；（4）测定油箱油量的装置应用了杠杆如识（ 如图乙），当油面下降时，变阻器R 连入电路的阻值将变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）。若将图中电流表换成电压表表示油量的多少，则电压表接在R0（选填“R0”或“R”）两端时，电压表示数越大，表示油量越多。【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验菁优网版权所有【分析】（1）使杠杆在水平位置平衡便于测量力臂和不计杠杆自身的重力；（2）根据杠杆的平衡条件分析；F1L1F2L2，杠杆平衡；F1L1F2L2时，杠杆不平衡，杠杆向乘积大的一端下沉；（3）用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多；（4）油面下降时，根据杠杆转
37、动的方向确定变阻器R连入电路的阻值的变化；定值电阻R0与变阻器串联，由题意当测油面上升时，可知变阻器连入电路中的电阻变化，根据分压原理和串联电路电压的规律确定，电压表连接的位置。【解答】解：（1）实验前应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。这样做的好处是：便于测量力臂和不计杠杆自身的重力；（2）根据杠杆平衡条件F1L1F2L2可得：3G4LnG3L，解得：n4；当杠杆平衡后，若将A、B两点下方所挂钩码各取下一个，则杠杆左端：F1L12G4L8GL，杠杆右端：F2L23G3L9GL，则F1L1F2L2，即杠杆右端下沉；（3）只根据一次测量数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论，要多
38、次测量；（4）油面下降时，杠杆逆时针转动，变阻器R连入电路的阻值将变大；当油量越多时，杠杆顺时针转动，变阻器R 连入电路的阻值将变小，因定值电阻R0与变阻器串联，根据分压原理，变阻器的电压变小，由串联电路电压的规律，定值电阻的电压变大，故电压表示数越大，表示油量越多，电压表要接在R0两端。故答案为：（1）便于测量力臂和不计杠杆自身的重力；（2）4；右；（3）只根据一次测量数据得出的结论有偶然性；（4）R0。【点评】本题探究杠杆平衡条件实验，考查器材的调试、杠杆的平衡条件、归纳法的运用及串联电路的规律和欧姆定律的应用。21（6分）小明在测量小灯泡电功率的实验中，小灯泡额定电压为25V（1）请你用
39、笔画线代替导线。将图甲中的实物电路连接完整。（2）在连接电路的过程，开关应始终断开（选填“断开”或“闭合”）。（3）连接好电路后，闭合开关，能发现无论怎样移动滑片P，小灯泡都很暗，且两表示数不变，则出现该故障的原因可能是滑动变阻器的两下接线柱接入电路；（4）改正电路后，观察到电压表示数为15V，为测灯泡额定功率，应将滑片P向B端（选填“C“或“D”）移动。当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光。电流表如图乙所示，则小灯泡额定功率P0.75W。（5）若把实验中的灯泡换成一个定值电阻，还可以探究B的关系。（选填“A”、“B”或“AB”）A电流与电阻 B电流与电压。【考点】JF：电功率的测量实验菁
40、优网版权所有【分析】（1）根据灯泡的额定电压选择电压表的量程；（2）连接电路时，为了安全，开关应处于断开状态；（3）小灯泡很暗，说明功率比较小，滑动变阻器起不到调节的作用是，说明滑动变阻器的接法是错误的；（4）根据串联分压可知当电压表示数为1.5V时，小灯泡额定电压为2.5V，因此要通过滑阻移动使其阻值变小来增大电压表示数，然后读出电流表示数，根据公式PUI计算功率根据PUI计算灯泡的额定功率；（5）根据实验器材分析答题。【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，所以电压表的量程为03V，把电压表并联到灯泡的两端，如图所示：；（2）连接电路时，为了安全，开关应处于断开状态；（3）无论怎样移动
41、滑动变阻器的滑片P，小灯泡发光很暗，两表示数不变，说明滑动变阻器不起作用且连入的阻值较大，电路故障为滑动变阻器的两下接线柱接入电路；（4）电压表示数要到2.5V时，灯泡才正常发光，由题目可知此时电压表示数为1.5V，所以滑动变阻器的阻值要变小，即向B端移动，使电压表示数为额定电压值2.5V，根据电流表所接量程可知分度值0.02A，结合指针的位置可读出电流为：0.3A，则PUI2.5V0.3A0.75W。（5）把灯泡换成定值电阻，改变电阻两端电压测出通过电阻的电流，可以探究电流与电压的关系，故选B。故答案为：（1）如图；（2）断开；（3）滑动变阻器的两下接线柱接入电路；（4）B；0.75；（5）
42、B。【点评】本题考查了连接实物电路图、电路故障分析、电表读数、求灯泡功率等问题；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。五、计算题22（6分）凤凰村参与美丽乡村建设，为净化环境，自购垃圾清理汽车（如图）。整车自重1.5104N，最多可装载垃圾的质量为3000kg，在一次收集垃圾并运输到12km外的垃圾处理点。共用了1.5h，求：（g取10N/kg）（1）汽车在这次收集垃圾和运送过程中的平均速度；（2）当汽车满载垃圾时，车轮与地面的总接触面积为0.15m2，求汽车对水平路面的压强；（3）若汽车以10m/s的速度在一段平直路面上匀速行驶，汽车受到的阻力为400
43、0N，求汽车发动机牵引力的功率。【考点】6D：变速运动与平均速度；86：压强的大小及其计算；FF：功率的计算菁优网版权所有【分析】（1）知道汽车在这次收集垃圾和运送过程中的路程以及时间，根据v求出其平均速度；（2）当汽车满载垃圾时，对地面的压力等于自重和满载垃圾的总重力之和，根据p求出汽车对水平路面的压强；（3）汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据PFv求出汽车发动机牵引力的功率。【解答】解：（1）汽车在这次收集垃圾和运送过程中的平均速度：v8km/h；（2）当汽车满载垃圾时，对地面的压力：FG车+G垃圾G车+m垃圾g1.5104N+3000kg10N
44、/kg4.5104N，汽车对水平路面的压强：p3105Pa；（3）因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，所以，汽车发动机的牵引力：Ff4000N，汽车发动机牵引力的功率：PFv4000N10m/s4104W。答：（1）汽车在这次收集垃圾和运送过程中的平均速度为8km/h；（2）当汽车满载垃圾时对水平路面的压强为3105Pa；（3）汽车发动机牵引力的功率为4104W。【点评】本题考查了平均速度和压强、功率的计算以及二力平衡条件的应用，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。23（7分）图甲是小明家电热水壶内部的简化电路图，其中R1 为加热管，R2 为限流电
45、阻，只有加热管放出的热量能被水吸收。S1是温控开关（也叫防干烧开关），S、S2是手动开关，调节S、S2可以使电热水壶分别处于加热和保温状态，下表是该电热水壶的铭牌。XX牌电热水壶额定电压220V最大容量1.5L额定加热功率880W保温功率频率50Hz（1）加热水壶处于加热状态时，手动开关S、S2应处于什么状态？正常工作时，通过加热管R1的电流为多少？（2）电热水壶正常工作，在1标准大气压下，将一满壶初温为20的水烧开，水需要吸收多少热量？c水4.2103J/（kg）（3）水烧开后，让电热水壶处于保温状态，若R2165，则电热水壶的保温功率为多少？（4）小明发现在晚上用电高峰时烧开一壶水比白天用时长，晚上他进行了测量，关掉家里其他电器，仅电热水壶工作，他观察到家里电能表（如图乙）1min转盘转了40转，则晚上烧水时电热水壶的实际功率为多少？【考点】JK：电功与热量的综合计算菁优网版权所有【分析】（1）根据P结合串联电路电阻的规律分析；先根据表中读出额定加热功率，根据PUI求正常工作时加热管R1的电流；（2）由表中数据知一满壶水的体积，根据mV求其质量；由在1标准大气压下的沸点为100求出水升高的温度，根据Qc水mt求水需要吸收多少热量；（3）根据电路的连接，由电阻的串联和欧姆定律求电路中的电流，根据PI2R求保温功