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1、第1页/共10页 2022 学年第二学期高一期末测试卷学年第二学期高一期末测试卷物理学科试卷物理学科试卷 一、选择题一、选择题（本题共（本题共 13 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 39 分。每小题列出的四个备选项中只有一个分。每小题列出的四个备选项中只有一个符合题目要求，不选、多选、错选均不得分）符合题目要求，不选、多选、错选均不得分）1.下列单位属于能量单位的是（）A.J/mB.mAhC.NmD.AV2.下列说法正确的是（）A.力对两物体 A、B做功分别为 3J、-5J，则对 A做功更多B.质点在 A、B 两点的重力势能分别为 3J、-5J，则质点在 A 点的重力势能更大C.空
2、间中 A、B 两点的电场强度分别为 3V/m、-5V/m，则 B点处的场强更弱D.空间中 A、B 两点的电势分别为 3V、-5V，则 B点的电势更高3.下列说法中正确的是（）A.电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大的导体导电性能越差B.放电后的电容器电荷量为零，电容也为零C.5 号干电池上标有“1.5V”字样，它指干电池的容量D.由电场强度的定义式FEq=可知，E与 F 成正比，F越大 E 越大 4.下列运动过程，机械能守恒的是（）A.过山车从轨道高处冲下来的过程B.载人飞船在主降落伞牵引下向地面减速下降过程C.无人机吊着救生圈竖直匀速下降过程D.小球自由落体过程5.某校高一学生进
3、行跑操比赛，某班学生正经过弯道，各横排始终保持一条直线，可视为匀速圆周运动，下列说法正确的是（）浙江省宁波市2022-2023学年高一下学期期末物理试题第2页/共10页 A.外圈同学的线速度等于内圈同学的线速度B.全班同学角速度相同C.同一横排中的学生加速度相同D.同一列学生的线速度相同6.气嘴灯对自行车的气嘴起到装饰作用，使夜间骑行时自行车有个性的灯光效果，是夜骑的一道风景线，深受青少年骑行爱好者喜爱，气嘴灯安装在自行车的气嘴上，骑行时会发光，一种气嘴灯的感应装置结构如图所示，一重物套在光滑杆上，重物上的触点 M与固定在 B端的触点 N接触后，LED 灯就会发光，关于以上信息下列说法错误的是
4、（）A.正确安装使用时，装置 A 端的线速度比 B 端的大B.感应装置的原理是利用离心现象C.自行车匀速行驶时，装置运动到最下端时比最上端更容易发光D.要在较低的转速时发光，可以更换劲度系数更小的弹簧7.2022年 4月 24 日，国家航天局副局长吴艳华介绍，中国探月工程三期圆满收官后，探月四期已全面启动，中国航天事业正全面开启星际探测的新征程，如图所示是“月亮女神”、“嫦娥一号”两卫星绕月球做匀速圆周运动的情形，则（）A.嫦娥一号的线速度更大B.嫦娥一号的角速度更大C.月亮女神的向心加速度更大D.月亮女神的周期更大的第3页/共10页 8.北京时间 2023年 5月 10 日晚间，我国在文昌航
5、天发射场用长征七号运载火箭成功发射天舟六号货运飞船，并于 5 月 11 日 5时 16 分，成功对接空间站天和核心舱后向端口，形成三舱两船组合体，交会对接完成后，天舟六号将转入组合体飞行段，已知组合体绕地球运行近似为匀速圆周运动，离地面距离约为400km，关于以上信息，下列说法正确的是（）A.文昌发射基地位于海南省，这样选址是因为在赤道附近，地球的重力加速度较大B.组合体运行速度大于 7.9km/sC.考虑到稀薄大气的阻力，无动力补充，组合体速度会越来越大D.要实现“天舟六号”和“天和”核心舱对接，需在同一轨道上使“天舟六号”飞船加速9.校运动会铅球比赛中，右图为某同学掷出的铅球在空中的运动轨
6、迹，B点是轨迹的最高点，A、C在同一个水平面上，忽略空气阻力的影响，从推出到落地过程中，下列说法正确的是（）A.铅球在 A 点和 C 点具有的机械能相等，在 B点时机械能最大B.铅球离开手后在空中飞行的过程中，该同学对其做了功C.铅球从 A 到 B过程和 B到 C 过程，重力做功相同D.在 A 点和 C 点铅球动能相等10.一台起重机匀加速地将质量为 1.0103kg 的货物从静止开始竖直吊起，运动图像如乙图所示，不计空气阻力，g取 10m/s2，下列说法正确的是（）A.重力在前 4s 内对货物做了 4104J 的功B.起重机在前 4s内对货物做了 4104J的功的第4页/共10页 C.起重机
7、在前 4s内的输出功率为 1.05104WD.起重机在 4s 末的输出功率为 3104W11.如图所示，带电小球 A挂在绝缘细线下端，带电小球 B 固定在高度可调的绝缘支架上，实验过程中始终保持两个小球在同一水平线上，两小球可视为点电荷，平衡时细线与竖直方向的夹角为，已知小球 A的质量为 m，带电量为 q1，小球 B 的带电量为 q2，静电力常量为 k，重力加速度为 g，则（）A.两小球带异种电荷B.q1q2C.小球 A受到的库仑力为 mgsinD.小球 A、B 间的距离为12tankq qmg12.下表面带负电的云层靠近避雷针时，由于静电感应使避雷针尖端带有正电荷，避雷针周围电场的电场线、等
8、势线如图所示，A、B、C、D为电场中的四个点，其中 AB=BC，下列说法正确的是（）A.虚线电场线，实线为等势线B.电子由 C 点沿电场线运动到 A点的过程中动能增加C.UAB=UBCD.EAED，AD13.杭州湾沿岸有一风力发电机，其叶片转动时可形成半径为 20m的圆面，某时间内该地的风速为6.0m/s，风向恰好跟叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度为 1.2kg/m3，假如这个风力发电机将此圆面内10%的空气动能转化为电能，取=3，则下列说法错误的是（）为第5页/共10页 A.单位时间内冲击风力发电机叶片圆面的气流的体积 7200m3B.单位时间内冲击风力发电机叶片圆面的气流的动能为 155
9、.52kJC.此风力发电机的发电功率约为 15.55kWD.若风速变为原来 2倍，则电功率将变为原来 4倍二、选择题二、选择题（本题共（本题共 2 小题，每题小题，每题 3 分，共分，共 6 分每小题列出的四个备选项中至少有一个分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得是符合题目要求的，全部选对的得 3 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有错选的得分，有错选的得 0 分）分）14.下列关于教科书上的四幅插图，下列说法正确的是（）A.图一是优质话筒线，它能防止外界环境的干扰信息，原理和高压线上方安装两条与大地相连的导线相同B.图二中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶
10、顿时清澈透明，其工作原理为静电屏蔽C.图三为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走加油枪上的静电D.图四的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了尖端放电原理15.某同学在一次实验中描绘出三个电阻的 U-I图像如图所示，下列关于三个电阻的说法中正确的是（）A.RaRbq2C.小球 A受到的库仑力为 mgsinD.小球 A、B 间的距离为12tankq qmg【答案】D 第9页/共22页【解析】【详解】A由题图可知，小球 A 向左偏转，可知两小球相互排斥，则有两小球带同种电荷，A错误；BCD对小球 A受力分析，受重力、库仑力和细线的拉力，如图所示，由库仑定律可得 122q qFkr=由平衡
11、条件可得122tanq qFkmgr=解得小球 A、B间的距离为 12tankq qrmg=可知两小球的电荷量大小关系不能确定，BC错误，D正确。故选 D。12.下表面带负电的云层靠近避雷针时，由于静电感应使避雷针尖端带有正电荷，避雷针周围电场的电场线、等势线如图所示，A、B、C、D为电场中的四个点，其中 AB=BC，下列说法正确的是（）A.虚线为电场线，实线为等势线B.电子由 C 点沿电场线运动到 A点的过程中动能增加C.UAB=UBCD.EAED，AUBC，选项 C错误；D因 A 点的电场线较 D点密集，可知 EAED，沿电场线电势降低，可知 AD，选项 D 错误。故选 B。13.杭州湾沿
12、岸有一风力发电机，其叶片转动时可形成半径为 20m的圆面，某时间内该地的风速为6.0m/s，风向恰好跟叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度为 1.2kg/m3，假如这个风力发电机将此圆面内10%的空气动能转化为电能，取=3，则下列说法错误的是（）A.单位时间内冲击风力发电机叶片圆面的气流的体积 7200m3B.单位时间内冲击风力发电机叶片圆面的气流的动能为 155.52kJC.此风力发电机的发电功率约为 15.55kWD.若风速变为原来 2倍，则电功率将变为原来 4倍【答案】D【解析】【详解】AB单位时间内风力发电机叶片圆面的气流的体积为 223301s6 3 20 m7200mVvSvr=每秒
13、流经涡轮机空气的动能约为222k01111.2 7200 6 J155.52kJ222EmvV v=故 A 正确 B正确；C依题意，风力发动机产生的电功率约为 k10%15.55kWPE=故 C 正确；D风力发动机产生的电功率 2223k1110%10%220PEvrvr v=若风速变为原来 2倍，则电功率将变为 8 倍，故 D错误。第11页/共22页 本题选错误的，故选 D。二、选择题二、选择题（本题共（本题共 2 小题，每题小题，每题 3 分，共分，共 6 分每小题列出的四个备选项中至少有一个分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得是符合题目要求的，全部选对的得
14、3 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有错选的得分，有错选的得 0 分）分）14.下列关于教科书上的四幅插图，下列说法正确的是（）A.图一是优质话筒线，它能防止外界环境的干扰信息，原理和高压线上方安装两条与大地相连的导线相同B.图二中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电屏蔽C.图三为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走加油枪上的静电D.图四的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了尖端放电原理【答案】AD【解析】【详解】A优质的话筒线的原理是静电屏蔽，高压输电线的上方两条导线与大地相连的作用是它们形成稀疏的金属“网”把高压线屏蔽起来，免遭雷击，起到静电
15、屏蔽的作用，故 A 正确；B图甲中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电除尘，B错误；C给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走人手上的静电，C错误；D燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了尖端放电原理，D正确。故选 AD。15.某同学在一次实验中描绘出三个电阻的 U-I图像如图所示，下列关于三个电阻的说法中正确的是（）A.RaRb故 A 错误；B串联电路中电流相等，则将三个电阻串联，每个电阻的电压之比为 4：2：1，故 B错误；C并联电路中电压相等，则将三个电阻并联，通过每个电阻的电流之比为 124，故 C 正确；D将三个电阻直接串联总阻值为 bc35aRRR+=三
16、个串联bc1111aRRRR=+得207R=Ra，Rb串联后与 Rc并联()353abcabR RRRRR=+=+Ra，Rc并联后与 Rb串联()14acbacR RRRRR=+=+Rc，Rb并联后与 Ra串联()26cbacbR RRRRR=+=+Ra，Rb串联后与 Rc并联 第13页/共22页()307abcabcRRRRRRR+=+Ra，Rc串联后与 Rb并联()507acbabcRRRRRRR+=+Rb，Rc串联后与 Ra并联()607bcaabcRRRRRRR+=+任意连接，电路中的等效电阻有 8种情况，D正确。故选 CD。三、非选择题（本题共三、非选择题（本题共 5 小题，共小题，
17、共 55 分）分）16.用向心力演示仪探究向心力大小 F 与物体的质量 m、角速度 和轨道半径 r 的关系实验：（1）本实验所采用的实验探究方法是_；A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D放大法（2）探究向心力与角速度之间的关系时，同时应将质量相同的小球分别放在_处。A挡板 A与挡板 B B挡板 A 与挡板 C C挡板 B与挡板 C【答案】.C .B【解析】【详解】（1）1在探究向心力大小 F与物体的质量 m、角速度 和轨道半径 r 的关系时，应先保持质量m、角速度 和轨道半径 r 中的任意两个物理量不变，探究向心力大小 F与第三个物理量的关系，因此本实验所采用的实验探究方法是控制变量法
18、，ABD错误，C正确。故选 C。（2）2探究向心力与角速度之间的关系时，应控制两小球的质量和轨道半径相同，角速度不同，因此同时应将质量相同的小球分别放在挡板 A 与挡板 C处，同时选择半径不同的两个塔轮，AC 错误，B正确。故选 B。17.验证机械能守恒定律实验中：第14页/共22页（1）如图所示，释放纸带前，四位同学操作正确是_（填甲、乙、丙、或丁）。（2）正确操作以后，得到一条纸带如图所示，0为打点计时器打下的第一个点，重物的质量为 200g，重力加速度 g 取 9.8m/s2，则打点计时器打下点 B时重物的重力势能比刚开始下落时减少了_J，重物在点 B 的速度为_m/s，由此可以算出重物
19、的动能增加量，重力势能的减少量和动能的增加量在误差允许的范围内近似相等，则验证了机械能守恒定律。（结果保留三位有效数字）【答案】.丙 .0.172 .1.30【解析】【详解】（1）1实验是让尽量保证重物只受重力下落，故应尽量减小摩擦力，减小纸带与打点计时器之间的摩擦，减小纸带与手之间的摩擦，因此纸带释放前保持竖直，为使打出来的点尽量多，减小测量长度时的误差，释放纸带前的瞬间，重物与打点计时器要靠近些;综合分析丙同学操作正确的；（1）2打下点 B 时重物重力势能减少了 p0.2 9.8 0.088J0.172JBEmgh=重物在点 B的速度为 0.1160.0641.30m/s22 0.02CA
20、BhhvT=18.某物理兴趣小组测定一段金属丝的电阻率，提供实验器材如下：A待测金属丝 R（电阻约 8）B电流表 A（00.6A，内阻约 0.6）C电压表 V（03V，内阻约 3k）D滑动变阻器 R1（05，2A）E电源 E（3V）F开关，导线若干（1）某同学用图示仪器测量金属丝的直径，它的名称是_；的的第15页/共22页 A游标卡尺 B螺旋测微器（2）测量直径 d 时，其中一次测量如图所示，其读数d=_mm；（3）为使金属丝两端电压调节范围尽量大，并使测量结果尽量准确，图四个电路中，应该选用的是_（填甲、乙、丙、或丁）；（4）实验过程中，调节滑动变阻器，测出 6组电压 U和电流 I的数据，其
21、中一组如图所示，此时金属丝两端的电压为_，流过的电流为_，根据数据作出UI图像如图所示，图线的斜率为k，测得该金属丝的长度为 L，该合金丝的电阻率_（用 d、L、k 表示）。【答案】.B .1.498#1.499#1.497 .丙.2.50V.0.320A.24d kL【解析】【详解】（1）1图中测量仪器为螺旋测微器。故选 B。（2）2图中螺旋测微器的读数为 1mm49.8 0.01mm1.498mmd=+=（3）3为使金属丝两端电压调节范围尽量大，滑动变阻器应采用分压法；为使测量结果尽量准确，由于2AVxRR R，电流表应采用外接法；故电路图应选用图丙。第16页/共22页（4）4图中电压表的
22、读数为2.50V。5电流表的量程为0.6A，图中电流表的读数为0.320A。6由欧姆定律得URI=由电阻定律有LRS=由图可得图线的斜率为UkI=又有24dS=联立可得，该合金丝的电阻率为24d kL=19.如图所示，A、B两端接直流稳压电源，U=70V，R0=40，C=30F，滑动变阻器总电阻 R=60，求：（1）当滑片处于滑动变阻器中点时，电路中的等效电阻；（2）当滑片处于滑动变阻器中点时，C、D 两端的电压；（3）电容器 C 所带的电荷量。【答案】（1）21；（2）40V；（3）1.2103C【解析】【详解】（1）当滑片处于滑动变阻器中点时，则有滑动变阻器 R 的上半部分与 R0串联，再
23、与滑动变阻器 R的下半部分并联，则有电路中的等效电阻00111160406022222111116040602222RRRRRRR+=+等效 第17页/共22页（2）当滑片处于滑动变阻器中点时，则有滑动变阻器 R 的上半部分与 R0串联，再与滑动变阻器 R的下半部分并联，则串联电路总电阻为01160407022RRR=+=+=由欧姆定律可得流经 R0的电流 070A1A70UIR=C、D两端的电压 001 40V40VCDUI R=（3）由电容器电容的定义式QCU=，可得电容器 C 所带的电荷量 6330 1040C1.2 10 CCDQCU=20.惊险刺激的飞车表演中，杂技演员驾驶摩托车在竖
24、直轨道内做圆周运动，如图所示，已知轨道半径为4m，人和摩托车的总质量为 m=200kg，人和摩托车可视为质点，重力加速度 g=10m/s2，求：（1）表演者恰能通过最高点 B 时的速度大小 v1；（2）表演者以 v2=10m/s的速度通过轨道最左端 C点时摩托车对轨道的压力；（3）在（1）问的基础上，测得摩托车通过最低点 A 的速度为 2v1，求由 B 到 A 过程中牵引力和阻力做的总功 W。【答案】（1）2 10m/s；（2）5000N，方向向左；（3）4000JW=【解析】【详解】（1）最高点，根据 21vmgmR=解得12 10m/sv=第18页/共22页（2）在最左端，根据22vNmR
25、=解得5000NN=由牛顿第三定律可知5000NNN=方向水平向左。（3）从 B 到 A过程，根据动能定理可得()2211112222Wmg Rmvmv=解之得4000JW=21.如图所示，一个带电荷量绝对值为35 10 Cq=、质量为0.1kgm=的小物块（可看做质点）处于一倾角为37=的光滑绝缘斜面上，斜面长度1mL=，整个装置处于一水平向右的匀强电场中，此时物块恰好静止于斜面的顶端，求：（g取210m/s，sin370.6=，cos370.8=）（1）小物体的电性；（2）电场强度的大小；（3）若从某时刻开始，电场强度减小为原来的12，物块下滑至斜面底端时电场力做了多少功，到达斜面底端时物
26、块的速度大小。【答案】（1）负电；（2）150N/C；（3）0.3J，6m/s【解析】【详解】（1）小物块静止时受力如图：可知小物块受的电场力与匀强电场的方向相反，所以小物块带负电。第19页/共22页（2）由受力平衡得Nsin0qEF=Ncos0mgF=解得tanmgEq=代入数据得150N/CE=（3）物块下滑至斜面底端时电场力做功为cos0.3J2EWqL=根据动能定律可得21sin02mgLWmv=解得到达斜面底端时物块的速度大小为6m/sv=22.如图所示，竖直平面内固定有半径为 R=1m的光滑四分之一圆轨道 AB、水平直轨道 BC、DO以及以速度 v=3m/s 逆时针转动的水平传送带
27、 CD，OD上有一轻质弹簧，一端固定在 O点另一端自然伸长于 E 点，各轨道平滑连接。现有一质量为 m=2kg的滑块（可视为质点）从轨道 AB 上高为 h处由静止下滑，已知LBC=0.2m，LCD=0.4m，LDE=0.3m，滑块与 BC、DE 间的动摩擦因数均为 1=0.3，与传送带间的动摩擦因数为 2=0.5，E点右侧平面光滑，整个过程不超过弹簧的弹性限度，重力加速度 g取 10m/s2。（1）若 h=0.2m，求滑块运动至 B 处时对轨道的作用力 FN；（2）若要使滑块能到达 D点，且不再离开 DE，求滑块下落高度满足的条件；（3）若滑块第一次到达 D点速度恰为 0，求这一过程滑块通过传
28、送带产生的热能。第20页/共22页【答案】（1）28N，方向竖直向下；（2）0.26m0.44mh；（3）4J【解析】【详解】（1）滑块由静止滑到 B点处，由动能定理可得 212Bmghmv=代入数据解得2m sBv=滑块滑动到 B 处时，由牛顿第二定律可得 2NBvFmgmR=代入数据解得N28NF=由牛顿第三定律可知，滑块运动至 B处时对轨道的作用力大小 FN=NF=28N，方向竖直向下。（2）若要使滑块能到达 D点，设滑块第一次到达 D点时速度是零，下滑高度有最小值，由动能定理，则有1120BCCDmghmgLmgL=代入数据解得10.26mh=滑块到达 DE 后且不再离开 DE，可知又返回的 D点速度恰好是零，下滑高度有最大值，由动能定理可得 212120BCCDDEmghmgLmgLmgL=解得20.44mh=则有滑块下落高度满足的条件0.26m0.44mh（3）若滑块第一次到达 D点速度恰是 0，由功能关系可得第21页/共22页 110BCmghmgLQ=代入数据解得滑块在传送带上产生的热能114JBCQmghmgL=