《高考物理大二轮复习 考前特训 选择题标准练（一）-人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理大二轮复习 考前特训 选择题标准练（一）-人教版高三全册物理试题.doc（5页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、选择题标准练(一)二、选择题(本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14(2017“皖南八校”二次联考)下列说法正确的是()A汤姆孙发现电子从而提出了原子的核式结构模型B普朗克通过对光电效应现象的分析提出了光子说C极限频率越小的金属材料逸出功越大D现已建成的核电站发电的能量来自于重核裂变答案D解析汤姆孙发现电子，卢瑟福提出了原子的核式结构模型，选项A错误；爱因斯坦通过对光电效应现象的分析提出了光子说，故B错误；根据W0hc可知极限频率越小的金属材料逸出功越小，选项C
2、错误；现已建成的核电站发电的能量来自于重核裂变，选项D正确15(2017山东菏泽市二模)如图1，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，B端与水平面相切，轨道上的小球在水平向右的力F作用下，缓慢地由A向B运动，轨道对球的弹力为FN，在运动过程中()图1AF增大，FN减小BF减小，FN减小CF增大，FN增大DF减小，FN增大答案B解析设小球与轨道圆心连线与水平方向夹角为，由A向B运动，增大，FN，F都在减小16(2017福建莆田市3月模拟)如图2，O点固定着一电荷量为Q的点电荷，在其下方光滑绝缘水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为q的试探电荷，该试探电荷经过P点时的速度为v，规定电
3、场中P点的电势为零，则在Q形成的电场中()图2AN点电势高于P点电势BN点场强大于P点场强CN点电势为D试探电荷在N点具有的电势能为mv2答案C解析由点电荷的电场特点知，N点的电势低于P点电势；由Ek，N点场强小于P点场强；由q(NP)mv2和P0得N；试探电荷在N点的电势能为mv2.17(2017河南天一大联考五)如图3所示，两根相同的轻细线下端分别悬挂两小球A和B.上端固定于同一点，若两小球绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则两小球在运动的过程中，下列说法正确的是()图3A小球A的线速度大于小球B的线速度B小球A的线速度小于小球B的线速度C小球A的向心力大于小球B的向心力D小球A的向
4、心力小于小球B的向心力答案A解析设细线和竖直方向的夹角为，细线的长度为L，细线的拉力为FT，则有FTcos mg，FTsin Fnm，rLsin ，联立解得v，Fnmgtan ，结合题图可知，小球A的线速度大于小球B的线速度，故选项A正确，选项B错误；小球的向心力为Fnmgtan ，由于不知道小球A和小球B质量的大小关系，故无法确定小球A和小球B的向心力的大小关系，故选项C、D错误18(2017山东枣庄市二模)如图4所示，理想变压器的原、副线圈(其中副线圈的匝数可调节)匝数比为14，原线圈通入正弦式交变电流，副线圈连接定值电阻R.若将副线圈的匝数减小80匝，电阻R的功率减小了36%，则原线圈的
5、匝数为()图4A80 B100C120 D无法确定答案B解析由P，功率减小了36%，则U20.8U2，由，则n24n1，可得n1100.19(2017黑龙江哈尔滨市模拟)假设地球可视为质量分布均匀的球体已知地球表面重力加速度的大小在两极为g0，在赤道为g，地球的自转周期为T，引力常量为G，则()A地球的半径RB地球的半径RC假如地球自转周期T增大，那么两极处重力加速度g0值不变D假如地球自转周期T增大，那么赤道处重力加速度g值减小答案AC解析在地球两极处：mg0在地球赤道上：mgmR联立得：R故A正确，B错误；由式知，假如地球自转周期T增大，赤道处重力加速度g值增大，故D错误；由式知，两极处的
6、重力加速度与地球自转周期无关，故C正确20(2017辽宁葫芦岛市模拟)如图5所示，圆心角为90的扇形COD内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，E点为半径OD的中点，现有比荷大小相等的两个带电粒子a、b(不计重力)以大小不等的速度分别从O、E点均沿OC方向射入磁场，粒子a恰从D点射出磁场，粒子b恰从C点射出磁场，已知sin 370.6，cos 370.8，则下列说法中正确的是()图5A粒子a带负电，粒子b带正电B粒子a、b在磁场中运动的加速度大小之比为25C粒子a、b的速率之比为52D粒子a、b在磁场中运动的时间之比为18053答案ABD解析两个粒子的运动轨迹如图所示，据左手定则判断知粒子a带负电
7、，粒子b带正电，A正确；设扇形COD的半径为r，粒子a、b的轨道半径分别为Ra、Rb，则Ra，Rb2r2(Rb)2，sin ，得Rbr，53，由qvBm，得vR，所以粒子a、b的速度之比为，C错误；由a，得粒子a、b在磁场中运动的加速度大小之比为，B正确；粒子a在磁场中运动的时间ta，粒子b在磁场中运动的时间tb，则，D正确21如图6所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的轻弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h0.1 m处，滑块与弹簧不拴接现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h并作出滑块的动能Ekh图象，其中h0.18 m时对应图象的最顶点，高度从0.2 m上升
8、到0.35 m范围内图象为直线，其余为曲线，取g10 m/s2，由图象可知()图6A滑块的质量为0.18 kgB弹簧的劲度系数为100 N/mC滑块运动的最大加速度为40 m/s2D弹簧的弹性势能最大值为0.7 J答案BC解析在从0.2 m上升到0.35 m范围内，EkEpmgh，图线的斜率绝对值为：k N2 Nmg，则m0.2 kg，故A错误；由题意滑块与弹簧在弹簧原长时分离，弹簧的原长为0.2 m，h0.18 m时速度最大，此时mgkx1，x10.02 m，得k100 N/m，故B正确；在h0.1 m处时滑块加速度最大kx2mgma，其中x20.1 m，得最大加速度a40 m/s2，故C正确；根据能量守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以Epmmghm0.210(0.350.1) J0.5 J，故D错误