《高考物理一轮总复习 第八章 磁场第23讲 磁场 安培力课时达标-人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮总复习 第八章 磁场第23讲 磁场 安培力课时达标-人教版高三全册物理试题.doc（7页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第23讲 磁场 安培力 解密考纲主要考查参考系、质点、位移、速度和加速度等概念，通过比较路程与位移、瞬时速度和平均速度把握概念实质1如图所示是磁场中某区域的磁感线，则(B)Aa、b两处的磁感应强度的大小不等，BaBbBa、b两处的磁感应强度的大小不等，BaBbC同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小解析：根据磁感线的疏密程度可以判断出a、b两处的磁感应强度的大小不等，BaBb，即B项正确；同一通电导线放在a处受力的情况大小不一定，因为放入时的位置(即放入时与磁感线的方向)不确定，则其受安培力的大小就不一定2已知地磁场的水平分量为B，利用这一值
2、可以测定某一弱磁场的磁感应强度，如图所示为测定通电线圈中央一点的磁感应强度，实验方法：先将未通电线圈平面固定于南北方向竖直平面内，中央放一枚小磁针，N极指向北方；给线圈通电，此时小磁针N极指北偏东角后静止，由此可以确定线圈中电流方向(由东向西看)与线圈中央的合磁感应强度分别为(C)A顺时针；B顺时针：C逆时针：D逆时针解析：通电线圈产生的磁场方向向东，由安培定则可知电流沿逆时针方向(由东向西看)；磁感应强度为矢量，根据其叠加原理可得BBcos (B为合磁感应强度)，所以B .3(2016天津模拟)如图所示，一个边长l、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中若通以图示方向的
3、电流(从A点流入，从C点流出)，电流为I，则金属框受到的磁场力为(B)A0BIlB CIlBD2IlB解析：可以把正三角形金属框看作两根导线并联，且两根导线中的总电流等于I，由安培力公式可知，金属框受到的磁场力为IlB，选项B正确4图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的4个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示，一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是(B)A向上B向下C向左D向右解析：根据右手螺旋定则，可判断a、b、c、d四根导线中的电流在O点产生的磁场方向如图所示，a、b、c、d四根导线上电流大小相同，故O点的合磁
4、场方向向左根据左手定则，可判断该粒子所受洛伦兹力方向向下，故B正确5(多选)图中装置可演示磁场对通电导线的作用电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动下列说法正确的是(BD)A若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动解析：若a接正极，b接负极，则电磁铁产生的磁场方向向上若e接正极，
5、f接负极，由左手定则可判断金属杆所受安培力方向向左，故向左滑动；若e接负极，f接正极，则L向右滑动，A错误，B正确若a接负极，b接正极，则电磁铁产生的磁场方向向下若e接正极，f接负极，则L向右滑动，C错误，D正确6(多选)如图所示，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于O、O，并处于匀强磁场中当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为.则磁感应强度方向和大小可能为(BC)Az正向，tan By正向，Cz负向，tan D沿悬线向上，sin 解析：受力平面图如图，对于A选项，安培力水平向内，三个合力不可能为零，A项错误；对于B选项，安培力竖直向上，当安培力BILmg
6、时，可以平衡，此时B，B项正确；对于C选项，安培力水平向外，三力平衡时安培力BILmgtan ，此时Btan ，C项正确；对于D选项，安培力垂直于悬线的方向向内，三力不可能平衡，D项错误7(2016汕头高三年级模拟)图甲是磁电式电流表的结构示意图，蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的，线圈中a、b两条导线的长均为l，通有方向如图乙所示的电流I，两条导线所在处的磁感应强度大小均为B则(D)A该磁场是匀强磁场B线圈平面总与磁场方向垂直C线圈将沿逆时针方向转动Da、b导线受到的安培力的大小总为IlB解析：该磁场是均匀辐向分布的，不是匀强磁场，选项A错误；线圈平面与磁场方向平行，选项B错误；在图示位
7、置，a、b导线受到的安培力方向分别为向上、向下，大小均为IlB，合力为2BIl，线圈将沿顺时针方向转动，选项C错误，选项D正确8已知通电长直导线周围某点的磁感应强度Bk，即磁感应强度B与导线中的电流I成正比、与该点到导线的距离r成反比如图所示，两根平行长直导线相距为R，通以大小、方向均相同的电流规定磁场方向垂直纸面向里为正，在0R区间内磁感应强度B随r变化的图线可能是(C)解析：根据安培定则可知两根平行长直导线上的电流在两根导线间产生的磁感应强度的方向相反，又由Bk可知，在其连线的中点即r处，两根导线中的电流产生的合磁感应强度为零，选项A、B错误；在0范围内，左边导线中的电流产生的垂直纸面向里
8、的磁场要强于右边导线中的电流产生的垂直纸面向外的磁场，则合场强的方向垂直纸面向里，为正值，同理靠近右边导线处，合磁场方向垂直纸面向外，为负值，选项C正确，选项D错误9分别置于a、b两处的长直导线垂直纸面放置，通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，a、b、c、d在一条直线上，且accbbd.已知c点的磁感应强度大小为B1，d点的磁感应强度大小为B2.若将b处导线的电流切断，则(A)Ac点的磁感应强度大小变为B1，d点的磁感应强度大小变为B1B2Bc点的磁感应强度大小变为B1，d点的磁感应强度大小变为B2B1Cc点的磁感应强度大小变为B1B2，d点的磁感应强度大小变为B1B2Dc点的磁感应强度大小
9、变为B1B2，d点的磁感应强度大小变为B2B1解析：c点的磁场是分别置于a、b两处的长直导线中的电流产生的由安培定则可知分别置于a、b两处的长直导线在c点产生的磁场方向相同，磁感应强度大小均为.由对称性可知，b处的长直导线在d点产生的磁场的磁感应强度大小为，方向向下a处的长直导线在d点产生的磁场的磁感应强度大小为B2.若将b处导线的电流切断，则c点的磁感应强度大小变为B1，d点的磁感应强度大小变为B1B2，选项A正确10如图所示，固定不动的绝缘直导线mn和可以自由移动的矩形线框abcd位于同一平面内，mn与ad、bc边平行且离ad边较近当导线mn中通以方向向上的电流，线框中通以顺时针方向的电流
10、时，线框的运动情况是(B)A向左运动 B向右运动C以mn为轴转动 D静止不动解析：以mn为研究对象线框内磁场方向垂直纸面向里，由左手定则知导线mn受向左的安培力，由牛顿第三定律可知线框受到向右的作用力故线框向右运动，选项B正确11质量为m、长为L的直导体棒放置于四分之一光滑圆弧轨道上，整个装置处于竖直向上磁感应强度为B的匀强磁场中，直导体棒中通有恒定电流，平衡时导体棒与圆弧圆心的连线与竖直方向成60角，其截面图如图所示则下列关于导体棒中的电流分析正确的是(C)A导体棒中电流垂直纸面向外，大小为B导体棒中电流垂直纸面向外，大小为C导体棒中电流垂直纸面向里，大小为D导体棒中电流垂直纸面向里，大小为
11、解析：导体棒受到竖直向下的重力、斜向上的弹力，要使导体棒平衡，应受水平向右的安培力，重力和安培力的合力大小与弹力大小相等、方向相反，由平衡条件有tan 60，得导体棒中电流I，再由左手定则可知，导体棒中电流的方向应垂直纸面向里，故只有选项C正确12(多选)如图所示，一个半径为R的导电圆环与一个轴向对称的发散磁场处处正交，环上各点的磁感应强度B大小相等，方向均与环面轴线方向成角(环面轴线为竖直方向)若导电圆环上通有如图所示的恒定电流I，则下列说法正确的是(ABD)A导电圆环有收缩的趋势B导电圆环所受安培力方向竖直向上C导电圆环所受安培力的大小为2BIRD导电圆环所受安培力的大小为2BIRsin
12、解析：若导电圆环上通有如题图所示的恒定电流I，由左手定则可得导电圆环上各小段所受安培力斜向内、导电圆环有收缩的趋势，导电圆环所受安培力方向竖直向上，导电圆环所受安培力的大小为2BIRsin ，选项A、B、D正确13水平面上有U形导轨NMPQ，MN和PQ之间的宽度为L，M和P之间接入电源，现垂直于导轨搁一根质量为m的金属棒ab，棒与导轨的动摩擦因数为(滑动摩擦力略小于最大静摩擦力)，通过棒的电流为I，并加一个范围足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于金属棒ab，与竖直方向的夹角为，如图所示，金属棒处于静止状态，重力加速度为g，则金属棒所受的摩擦力大小为(B)ABILsin BBILcos C(mgBILsin )D(mgBILcos )解析：金属棒处于静止状态，其合力为零，对其进行受力分析，如图所示，在水平方向有BILcos Ff0，FfBILcos ，选项B正确，选项A、C、D错误