《高考物理一轮复习 迁移训练3-人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮复习 迁移训练3-人教版高三全册物理试题.doc（5页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、迁移训练1如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对旅客的行李进行安全检查其传送装置可简化为如图乙的模型，紧绷的传送带始终保持v1 m/s的恒定速率运行旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数0.1，A、B间的距离为2 m，g取10 m/s2.若乘客把行李放到传送带的同时也以v1 m/s的恒定速率平行于传送带运动到B处取行李，则()A乘客与行李同时到达B处B乘客提前0.5 s到达B处C行李提前0.5 s到达B处D若传送带速度足够大，行李最快也要2 s才能到达B处解析行李放在传送带上，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速
2、直线运动加速度为ag1 m/s2，历时t11 s与传送带达到共同速度，位移x1t10.5 m，此后行李匀速运动t21.5 s到达B，共用时间2.5 s；乘客到达B，历时t2 s，故B正确，A、C错误，若传送带速度足够大，行李一直加速运动，最短运动时间tmin s2 s，D正确答案BD2如图所示，AB和CD为两条光滑斜槽，它们各自的两个端点均分别位于半径为R和r的两个相切的圆上，且斜槽都通过切点P.设有一重物先后沿两个斜槽，从静止出发，由A滑到B和由C滑到D，所用的时间分别为t1和t2，则t1与t2之比为()A21B11C.1 D1解析设光滑斜槽轨道与水平面的夹角为，则物体下滑时的加速度为ags
3、in ，由几何关系，斜槽轨道的长度s2(Rr)sin ，由运动学公式sat2，得t2，即所用的时间t与倾角无关，所以t1t2，B项正确答案B3如图所示，薄板A长L5 m，其质量M5 kg，放在水平桌面上，板右端与桌边相齐在A上距右端x3 m处放一物体B(可看成质点)，其质量m2 kg.已知A、B间动摩擦因数10.1，A与桌面间和B与桌面间的动摩擦因数均为20.2，原来系统静止现在在板的右端施加一大小一定的水平力F持续作用在A上直到将A从B下抽出才撤去，且使B最后停于桌的右边缘，求：(1)B运动的时间；(2)力F的大小解析(1)对于B，在未离开A时，其加速度为：aB11 m/s2设经过时间t1后
4、B离开A，离开A后B的加速度为：aB22 m/s2设物体B离开A时的速度为vB有vBaB1t1和aB1tx代入数据解得t12 st21 s所以B运动的时间是：tt1t23 s.(2)设A的加速度为aA，则根据相对运动的位移关系得aAtaB1tLx解得：aA2 m/s2由牛顿第二定律得F1mg2(mM)gMaA代入数据得：F26 N.答案(1)3 s(2)26 N专家押题上名牌押题一牛顿第二定律的应用1如图所示，倾角为30的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接现将一滑块(可视为质点)从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点已知A点距水平面的高度h0.8 m，B点到C点的距离L2.0 m(滑块经过
5、B点时没有能量损失，取g10 m/s2)求：(1)滑块在运动过程中的最大速度的大小；(2)滑块与水平面间的动摩擦因数；(3)滑块从A点释放后，经过时间t1.0 s时速度的大小解析(1)滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时达到速度最大值vm，设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得mgsin 30ma1由运动学公式知v解得vm4 m/s(2)设滑块在水平面上运动的加速度大小为a2，由牛顿第二定律得mgma2又v2a2L解得0.4(3)设滑块在斜面上运动的时间为t1，则vma1t1解得t10.8 s由于tt1，故t1.0 s时滑块已经经过B点，做
6、匀减速运动的时间为tt10.2 s设t1.0 s时速度大小为v，则vvma2(tt1)解得v3.2 m/s答案(1)4 m/s(2)0.4(3)3.2 m/s押题二滑块木板模型问题2如图所示，可看成质点的小物块放在长木板正中间，已知长木板质量M4 kg，长度L2 m，小物块质量M1 kg，长木板置于光滑水平地面上，两物体皆静止现在用一大小为F的水平恒力作用于小物块上，发现只有当F超过2.5 N时，才能让两物体间产生相对滑动设两物体间的最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小，重力加速度g10 m/s2，试求：(1)小物块和长木板间的动摩擦因数；(2)若一开始力F就作用在长木板上，且F12 N，则小物
7、块经过多长时间从长木板上掉下？解析(1)设两物体间的最大静摩擦力为Ff，当F2.5 N作用于小物块时，对整体由牛顿第二定律有F(Mm)a对长木板由牛顿第二定律有FfMa由可得Ff2 N小物块竖直方向上受力平衡，所受支持力FNmg，摩擦力Ffmg得0.2(2)F12 N作用于长木板上时，两物体发生相对滑动，设长木板、小物块的加速度分别为a1、a2，对长木板，由牛顿第二定律有FFfMa1得a12.5 m/s2对小物块，由牛顿第二定律有Ffma2得a22 m/s2由匀变速直线运动规律，两物体在t时间内的位移分别为s1a1t2s2a2t2小物块刚滑下长木板时，有s1s2L解得t2 s答案(1)0.2(2)2 s