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1、绝密启用前2 0 1 8年高考全真模拟试卷理科综合能力测试试题（1）（新课标I H）（考试时间：150分钟 试卷满分：300分）注意事项：1.本试卷分第I 卷（选择题）和第n 卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答第I 卷时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3.回答第II卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H 1 Li 7 B 11 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg
2、 24 P31 Cl 35.5 Ga 70As 75第I卷一、选择题：本题共13个小题，每小题6 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列关于真核细胞结构和功能的叙述，正确的是A.内质网上核糖体合成的性激素与第二性征的维持有关B.纤维素组成的细胞骨架与细胞形态的维持有关C.线粒体与有氧呼吸过程中C02和 H2O的产生有关D.吞噬细胞中的溶酶体可合成、储存各种水解酶，用于分解侵入细胞的多种病菌【答案】C【解析】性激素为固醇类物质，在卵巢和睾丸相应细胞的内质网上合成，不在核糖体上合成，性激素有促进动物生殖器官发育、维持第二性征等作用，A 错误；真核细胞中有维持细胞形态，保持
3、细胞内部结构有序性的细胞骨架。细胞骨架是由蛋白质纤维组成的网架结构，B 错误；有氧呼吸第二阶段丙酮酸和水彻底分解成二氧化碳和 H,并释放少量能量，此过程发生在线粒体基质。有氧呼吸第一阶段和第二阶段产生的 H 经过一系列反应与氧结合形成水，同时放出大量能量，此过程发生在线粒体内膜上，故C 正确；吞噬细胞中的溶酶体储存着多种水解酶，用于分解侵入细胞的多种病菌和吞入的细胞碎片等,但这些馥丕是在溶酶体内合成，而是在核糖体上合成，故 D 错误。2.癌变的细胞不会出现以下哪种现象A.细胞中染色体周期性变化B.失去接触抑制的生长特征C.细胞膜上糖蛋白数量减少D.细胞内的色素沉积、酶活性下降【答案】D【解析】
4、癌细胞具有无限增殖的能力，因此细胞中染色体周期性变化，失去接触抑制的生长特征，A、B 正确；癌细胞的细胞膜上的糖蛋白数量减少，C 正确；细胞内的色素沉积、酶活性下降，是细胞衰老的特征，D 错误。3.据报道，2017年我国二胎出生率显著提高，占总新生人口数量的51.2%,但是高龄产妇生下患有遗传病孩子的概率也明显增加，下面有关遗传病及其预防的相关叙述正确的是A.21三体综合征患者体细胞内比正常人多一个染色体组B.高龄夫妇在形成生殖细胞时发生染色体变异的概率更高一些C.可通过B 超检查出苯丙酮尿症、猫叫综合症等单基因遗传病胎儿D.染色体变异导致患者病情很重，所以染色体异常者均在胚胎时期死亡【答案】
5、B【解析】2 1 三体综合征患者体细胞内比正常人多一条染色体，A 错误；高龄夫妇在形成生殖细胞时发生染色体变异的概率更高一些，B 正确；苯丙酮尿症是单基因遗传病，无法通过B 超检测；而猫叫综合症属于染色体异常遗传病，C 错误；染色体变异导致患者病情很重，所以染色体异常者常常在胚胎时期死亡，D 错误。4.果蝇翅的形状有3 种类型：长翅、小翅和残翅，分别受位于一对常染色体上的基因E、Ei、E2控制，且具有完全显隐性关系。某科研小组做了如图所示杂交实验，其中残翅亲本是纯合子。下列叙述正确的是（）p?小 翅 X z 残翅!小翅长翅A.E 对 E i为显性，Ei对 E2为显性B.亲本的基因型分别为E|E
6、、E2E2C.E、E|、E2在遗传中遵循自由组合定律D.果蝇关于翅形的基因型有5 种【答案】B【解析】亲本为小翅和残翅，子一代没有残翅，而有小翅和长翅，因此已对 E 为显性，E 对 E2为显性，A项错误：据 A 选项推断的基因显隐性关系可知，亲本小翅的基因型为E iE,残翅的基因型为E2E2,B项正确；E、E、E2位于一对染色体上，属于复等位基因，在遗传中遵循分离定律，C 项错误；果蝇关于翅形的基因型有EiEi、EE、E2E2,EIE、E,E2 EE2,共 6 种，D 项错误。5.当细菌入侵人体内发生感染时，细胞就会吞噬入侵的细菌，在细胞内形成抗原一a 复合体，并转移至细胞膜上，再呈递给细胞，
7、具体流程如图所示。下列相关叙述正确的是A.细胞吞噬细菌的过程体现了细胞膜具有选择透过性B.缺少图中的细胞，会使人体丧失所有细胞免疫功能C.图中b 表示溶酶体，其能产生抗体且与细菌结合D.图中a 内含有的蛋白质的合成场所为粗面内质网【答案】B【解析】细胞为吞噬细胞，吞噬细菌的过程体现了细胞膜的流动性，不能体现细胞膜的选择透过性，A项错误；细胞为T 细胞，细胞免疫依靠效应T 细胞发挥免疫效应，缺少T 细胞会使人体丧失所有细胞免疫功能，B 项正确；a 为细胞表面蛋白，和抗体的合成场所均位于核糖体上，C 项、D 项错误。6.“海底黑烟囱”是指海底富含硫化物的高温热液活动区，其热液喷出时形似“黑 烟 是
8、 高 温、高压、没有阳光和缺乏氧气的极端环境，却发现了许多前所未见的奇异生物，包括大得出奇的红蛤、海蟹、血红色的管虫、形状类似蒲公英的水蛆生物、蠕虫及依靠化学自营的硫细菌（类似硝化细菌）等许多生物。下列说法正确的是A.该生态系统的能量输入是这里特殊的生产者固定的太阳能B.当前科学家利用该生态系统中的生物研制耐热酶，体现了生物多样性的间接价值C.“海底黑烟囱”生态系统中的生物种间关系包括捕食、竞争等D.“海底黑烟囱”中的细菌若移到地面实验室富氧环境里，其数量会呈“S”型增长【答案】C【解析】输入一个自然生态系统的总能量就是该生态系统中全部生产者固定的总能量，题中涉及生产者是自养的硫细菌等生物通过
9、化能合成作用固定的总能量，所以A 错误；当前科学家利用该生态系统中的生物研制耐热酶，体现了生物多样性的直接价值，B 错误；结合题干信息分析，该生态系统中的生物种间关系包括红蛤、海蟹、血红色的管虫、形状类似蒲公英的水蛆生物、蠕虫之间的竞争和这些生物捕食自养的硫细菌，C 正确；由于该生态系统所处环境是无氧，说明生态系统中的生物全部为厌氧型生物,不能在富氧环境中生存，D 错误。7.天工开物中记载：人贱者短褐、臬裳，冬以御寒，夏以蔽体，其质造物之所具也。属草木者，为臬、麻、荷、葛，属禽兽与昆虫者为裘褐、丝绵。各载其半，而裳服充焉矣。文中的“臬、麻、荷、葛 和 裘褐、丝绵 主要成分分别属于（）A.糖类、
10、蛋白质 B.糖类、油脂 C.蛋白质、纤维素 D.纤维素、油脂【答案】A【解析】其中“臬、麻、荷、葛”属于草木，主要成分为纤维素；“裘褐、丝绵”属于禽兽和昆虫，主要成分为蛋白质；正确选项A。8 .下列说法错误的是（）A.乙醇能使酸性高镒酸钾溶液褪色，被氧化生成C O 2 和 H 2 OB.和 C 4 H0 的二氯代物的数目不同（不含立体异构）C.乙烯能使滨水褪色、能使酸性K M n C U 溶液褪色，它们发生反应的类型不同D.植物油通过氢化可以变成脂肪【答案】A【解析】A.乙博能使酸性高镜酸钾溶液褪色，被氧化生成乙酸，故 A 错；B 根据 分 析知其二氟代物有12种，G HJ O由正丁烷异丁烷两
11、种异构体，正丁烷的二氯代物有6 种，异丁烷的二氯代物 有 3 种，C4Hs的二氧代物的数目共有9 种，故 B 对；C.乙烯能使漠水褪色，发生加成反应、能使酸性KMnO,溶满褪色发生氧化反应,，它们发生反应的类型不同，故 C 对；D 植物油为不饱和的高级脂肪酸甘油酹，加氨后，可以变成饱和的高级脂肪酸甘油酯，由液态的油变成固态的脂肪，故 D 正确3点睛：本题考查有机物性质相关知识。壬要考查乙帝，乙烯与酸性高镜酸钾反应原理，和浸水反应的区别。抓住碳碳双特征，易被加成和氧化。找二氯代物同分异构体的方法：定一移一，找对称性的方法进行确定9 .用 NA表示阿伏加德罗常数的数值，下列说法错误的是（）A.1
12、8 g 重甲基（-C D”中含有的电子数为9 NAB.2 2.4 L（标准状况）C H2 cb中含C-H键数为2 NAC.1 0 g 3 4%H2 C 2 溶液与足量的酸性K M n C U 溶液充分反应，转移的电子数为0.2 NAD.0.1 m ol 由乙烯与乙醇组成的混合物完全燃烧所消托的氧气分子数为0.3 NA【答案】B【解析】A.1 8 g 重甲基（-C D 3）为 Im ol,Im ol 重 甲 基（-C D?）中含有9 m oi电子，含有电子数为9 NA，选项A正确；B、标准状况下，C H2 cb为液态，故 2 2.4 L C H2 cb 的物质的量不是I m o L 选项B错误：
13、C、高镭酸钾是氧化剂，H2 O 2 T O 2,%。2 为 O/m ol,转移的电子数为0.2 m ol,选项C正确；D、因乙醵C 2 H50 H可看作C 2 H4 小2 0,故乙烯与乙醇完全燃烧消耗的氧气分子数相同，即 O.l m ol 由乙烯与乙醇组成的混合物完全燃烧所消耗的氧气分子数为0.3 NA，选项D正确。答案选B。点睛：本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断，题目难度中等，注意掌握好以物质的量为中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系，准确弄清分子、原子、原子核内质子中子及核外电子的构成关系，选项 A 为易错点，注意重甲基与甲基中含有的电子数相同，试题有利于提高学生灵活运用基础知识解决
14、实际问题的能力。1 0.如图电解装置可将雾霾中的N O、S O 2分别转化为N H4+和S O 4,下列关于该装置的说法错误的是|电 源|心国2 5。浓泪浪一人_ Itl_1nr 二二二二二二二二二1s止j 二三二二二:二二却 N O(N H O s S O 4释溶液A.S O 2通入阳极，该电极上发生氧化反应B.物质A为硫酸C.阴极的电极反应为：N O-5e+6 H+=N H4+H2OD.(N H4)2 S C)4可作为肥料【答案】C【解析】电解装置可将雾霾中的N O、S O 2分别转化为N H J和S O 4,S O 2被氧化生成S O/,故通入二氧化电 解硫的一极为阳极，A项正确；则电解
15、方程式为5so2+2 N O+8 H2。=(N HS S C V M H2 so4，物 质A为硫酸,B项正确；阴极为N O被还原为N HJ,其电极反应式为:N O+5e-+6 H*=N H4+H2O,C项错误：(N H5S O 4可作为氮肥，D项正确。1 1.短周期元素X、Y、Z、W、Q在元素周期表中的相对位置如图所示，其 中W原子的质子数是其M层电子数的三倍，下列说法不正确的是()A.X与Y可形成5种以上的化合物B.工业上常通过电解Z的熔融氯化物的方法来制取Z的单质C.简单离子的半径由大到小为：Q X Y ZD.X、W、Q最高价氧化物对应水化物的酸性Q X W【答案】B【解析】这几种元素都是
16、短周期元素，根据元素在周期表中的位置知，X、Y位于第二周期，Z、W、Q位于第三周期，W原子的质子数是其M层电子数的三倍，设其M层电子为x,则W原子质子数=2+8+x,2+8+x=3 x,所以x=5,则W为P元素，则X是N、Y是0、Z是A l、Q是C 1元素。A.X、Y分别是N、0元素，二者能形成多种氮氧化物，如N 2O、N O,N O 2、N 2O 4、N 2O 5,所以X与Y可形成的化合物在5种以上，故A正确；B.Z是A 1元素，铝性质较活泼，熔融状态下氯化铝不导电，所以工业上采用电解熔融氧化铝的方法冶炼A 1,故B错误；C.电子层数越多其离子半径越大，电子层结构相同的离子，离子半径随着原子
17、序数增大而减小，所以离子半径：QXYZ,故 C正确；D.元素的非金属性越强，最高价氧化物对应水化物的酸性越强，非金属性：QXW,则最高价氧化物对应水化物的酸性QXW,故 D正确；故选B。点睛：本题考查原子结构和元素周期律，明确原子结构、元素周期表的结构是解本题关键。本题的易错点为 BC,要注意掌握离子半径的大小比较的方法，注意铝的冶炼方法，要知道氯化铝是共价化合物，熔融状态不能导电。1 2.下列实验操作、现象和结论正确的是选项实验操作现象结论A将苯滴加到滨水中澳水褪色苯与澳发生加成反应B将盛有甲烷和氯气混合气的试管倒置于盛有饱和食盐水的烧杯中，光照一段时间后向烧杯中滴加石蕊试液石蕊试液变红生成
18、的C H3 c l 等有机产物具有酸性C向沸腾的蒸储水中逐滴加入少量氯化铁饱和溶液，继续加热煮沸，停止加热，用激光笔照射液体液体变为红褐色：在与光束垂直方向看到一束光亮“通道”生成F e(0 H)3 胶体D取少量溶液于试管中，先 加 入 B a C l2溶液，再滴加稀盐酸产生的白色沉淀不溶解溶液中一定含有S O42-【答案】C【解析】A.将苯滴加到漠水中滨水褪色，是因为苯与漠水发生萃取而不是发生加成反应，A错误；B.石蕊试液变红，是因为产生了 H C 1 导致溶液显酸性，B错误；C.向沸腾的蒸锵水中逐滴加入少量三氯化铁饱和溶液加热煮沸，可以制得氢氧化铁胶体，胶体能产生丁达尔效应；C正确；D.取
19、少量溶液于试管中，先加入B a C b 溶液，再滴加稀盐酸，产生的白色沉淀不溶解，溶液中不一定含有S O 4”，也可能含有A g.，D 错误.答案选C.1 3 .2 5 时，0.1 m o l N a 2 c C h 与盐酸混合所得的一组体积为1 L的溶液，溶液中部分微粒与pH的关系如下图所示。下列有关叙述正确的是6 C 6%)A.随 p H 增大，数值先减小后增大B.b 点所示的溶液中：c(N a+)+c(H+尸2 c(C O 3 2-)+c(O H-)+c(C )+c(H C C 3 一)C.2 5 时，碳酸的第一步电离常数K a i=1 0：D.溶液呈中性时：C(H C O 3-)C(C
20、 O 3 2-)C(H 2 C C)3)【答案】B【解析】A.0.1 m o l N a 2 c。3 与盐酸混合，随 pH增大，根据图像，随 p H 增大，在溶液中出现碳酸根离子后,c(C 0 3”)增大，C(H C C V)减小，因此H8r)数值增大，故A错误；B.b 点所示的溶液中C(C O32)=C(H C O3),根据电荷守恒，c(N a )+c(H+)=2 c(C O32-)+c(O H )+c(C r)+c(H C O3),故 B 正确；C.根据图像，p H=6 时，c(H C C b )=C(H2C O3)，则 2 5 时，碳酸的第一步电离常数K a 尸c（HCO）c（H+）c（
21、H W 3）c(H 1 0-7,故 C错误；D.溶液呈中性时p H=7,根据图像，c(H C O：)c(H 2 c 0 3)c(C 0/-),故 D 错误;故选B。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第 1 4 1 8 题只有一项符合题目要求，第 1 9 2 1 题有多项符合题目要求。全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错或不答的得0 分。1 4.若以固定点为起点画出若干矢量，分别代表质点在不同时刻的速度，这些矢量的末端所形成的轨迹被定义为“速矢端迹”，则以下说法中不正确的是()A.匀速直线运动的速矢端迹是点B.匀加速直线运动的速矢端迹是射线C.匀速圆周运
22、动的速矢端迹是圆D.平抛运动的速矢端迹是抛物线【答案】D【解析】试题分析：匀速直线运动的速度不变，即速度大小和方向都不变，根据“速矢端迹”的定义，作出其速矢端迹应是一个点.故A正确；匀加速直线运动的加速度保持不变，速度随时间均匀增大，画出其“速矢端迹”为 射 线.故 B正确；匀速圆周运动的速度大小保持不变，速度方向绕圆心匀速旋转，其“速矢端迹”为 圆.故 C正确；平抛运动的加速度是重力加速度，加速度保持不变，速度随时间均匀增大，画出其“速矢端迹”为 射 线.故 D错误；此题选择不正确的选项，故选D.考点：矢量：匀速圆周运动：平抛运动【名师点睛】本题首先要具有基本的学习能力，读懂题意，理解什么是
23、“速矢端迹”，其次要掌握各种运动的特点；能掌握利用有向线段来表示矢量的基本方法。1 5.如图甲所示，质量为1 k g 的小物块以初速度v=l l m/s,从 0=5 3。固定斜面底端先后两次滑上斜面，第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F,第二次无恒力，图乙中的两条线段a、b分别表示存在恒力 F和无恒力F时小物块沿斜面向上运动的v-t 图像，不考虑空气阻力，g=1 0 m/s2,下列说法正确的是(sin53=0.6,sin53=0.8)()甲A.恒 力F大小为21 NB.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.有恒力F时，小物块在上升过程机械能的减少量较大D.有恒力F时，小物块在上升过程产生的热量
24、较小【答案】B【解 析】试题分析：由 于 恒 力F沿 斜 面向上，由 图 可 知 直 线a是 有 恒 力F时 的v-t图线，加速度a i-m s=102 根据牛顿第二定律 mg sin 8+Rwg cos 8 一尸=m ax11,2 ,2a,=m；s=1 sB是有恒力F时 的vt图线，加 速 度 1.0根据牛顿第二定律加g sin 6 +?g co s8 =wa2联立可得尸=加（。2一勺）=1,4=0.5,A错误、B正确；机械能的减少量等于初动能减去末状态的重力势能，从v-t图像可知，有恒力F时，小物块上升的高度更高，末状态的重力势能，更大，所以有恒力F时在上升过程机械能的减少量较小，C错误；
25、小物块在上升过程产生的热量等于摩擦力与位移的乘积，由于有恒力F时，小物块上升的高度更高，位移更大，所以有恒力F时，小物块在上升过程产生的热量较大，D错误：故 选B。考点：牛顿第二定律、能量转化与守恒定律【名师点睛】由图像加速度的大小可知直线a是有恒力F时 的v-t图线，根 据v-t图线的斜率可求出两次滑上斜面时的加速度，根据牛顿第二定律列方程可求出恒力F大小和物块与斜面间的动摩擦因数。机械能的减少量等于初动能减去末状态的重力势能。小物块在上升过程产生的热量等于摩擦力与位移的乘积。由图像可知两次小物块上滑的位移大小。16.2006年3月2 3日央视报道，中科院离子物理所经过八年的艰苦奋斗努力，终
26、于率先建成了世界上第一个全超导的托克马克试验装置并调试成功，这种装置被称为“人造太阳（如图所示），它能够承受上亿摄氏度高温且能够控制等离子态的核子发生聚变并稳定持续的输出能量，就像太阳一样为人类提供无限清洁的能源.在下列核反应方程中有可能是该装置内部所进行的核反应的是（）A、/N+H e 0+HB、-4 Th+HeC、；H +；H V He+onD、+Q n Ba+第 K r+3 0 n【答案】C【解析】聚变反应是质量较轻的核聚变生成质量较大的核，由题目知C 正 确.故 选 C.考点：聚变反应【名师点睛】本题考查了有关聚变的基础知识，在平时学习中注意基础知识的理解和应用.1 7.如图所示，M、
27、N 是两块水平放置的平行金属板，Ro为定值电阻，6 和 R2为可变电阻，开关S 闭合。质量为m 的带正电荷的微粒从P 点以水平速度V。射入金属板间，沿曲线打在N 板上的O 点。若经下列调整后，微粒仍从P点以水平速度V。射入，则关于微粒打在N 板上的位置说法正确的是（）A.保持开关S 闭合，增大R”粒子打在O 点左侧B.保持开关S 闭合，增大R 2,粒子打在O 点左侧C.断开开关S,M 极板稍微上移，粒子打在O 点右侧D.断开开关S,N 极板稍微下移，粒子打在O 点右侧【答案】AER【解析】保持开关S 闭合，由串并联电压关系可知，Ro两端的电压为U=-,增 大 Ri，U 将减小，电容器两端的电压
28、减小，故粒子受重力和电场力，产生的加速度增大，平行板两极板电压减小达到极板上则水平位移为无=引=%,水平位移将减小，故粒子打在O 点左侧侧，故 A 正确;2 2 V a保持开关S 闭合，增大R 2,不会影响电阻R 两端的电压，故粒子打在O 点，故 B 错误；断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为E=，结合。=0 及。=S可得=4%但，电场强d U 47rkd eS度不变，故加速度不变，M极板稍微上移，不会影响离子的运动，故还打在。点，故C错误；断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为E=0,结合。=Q&C=S可得d U 4 兀 kd ES电场强度不变，加速度不变，M极板稍微下
29、移，不会影响离子的运动，故还打在0点，故D错误；故选A.考点：电容器的动态分析【名师点睛】本题关键分析电容器的电压是否变化.当断开开关S,改变板间距离时，板间场强不变，油滴也保持不动。1 8.太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星 G l i c s c 5 8 1”运行的行星“G 1-5 8 1C”却很值得我们期待.该行星 的 温 度 在 到4 0 C之间，质量是地球的6倍，直径是地球的1.5倍.公 转 周 期 为1 3个地球日.“G l i c s c 5 8 1”的质量是太阳质量的0.31倍.设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体，绕其中心天体做匀速圆周运动，则（）A.在该行星和地球上发
30、射卫星的第一宇宙速度相同2B.如果人到了该行星，其体重是地球上的倍C.该行星与 G l i c s c 5 8 1”的距离是日地距离的136 5倍16D.恒星“G l i c s c 5 8 1”的密度是地球的百倍【答案】BMm v2G -=T Y I【解析】当卫星绕任一行星表面附近做匀速圆周运动时的速度即为行星的第一宇宙速度，由A?R,IGMv-/-得 飞R,M是行星的质量，R是行星的半径.设地球的质量为M,半径为R.则得该行星与地球的IG-6M lGM_.第一宇宙速度之比为 行：”地一 而：/一2：）故A错误；由万有引力近似等于重力，得Mm GMG-=Ttig g=-R2,得行星表面的重力
31、加速度为 R2,则得该行星表面与地球表面重力加速度之比为6GM GM Q 29行：9地=-?:=8:3-=2-（1.5 R）2 R2；所以如果人到了该行星，其体重是地球上的3 3倍.故B正确；行Mm 4 7 r 2r IGMT2G-o-=mr=I 2星绕恒星运转时，根据万有引力提供向心力，列 出 等 式r2 T2,得行星与恒星的距离 J 4/行星“G 1-5 8 1C”公转周期为13个地球日.将已知条件代入解得：行星“G 1-5 8 1C”的轨道半径与地球轨道半Jo.31 x 132径r“G：地=J（36 5）2,故c错误；由于恒星，行1欣。5 8 1”的半径未知，不能确定其密度与地球密度的关
32、系，故D错 误.故 选B。考点：万有引力定律的应用【名师点睛】此题中行星绕恒星、卫星绕行星的类型相似，关键要建立模型，根据万有引力提供向心力,万有引力近似等于重力进行求解。19.小 车静止在光滑水平面上，站在车上的人练习打靶，靶装在车上的另一端，如图所示.已知车、人、枪和靶的总质量为M（不含子弹），每颗子弹质量为m,共 n 发，打靶时，枪口到靶的距离为d,若每发子弹打入靶中，就留在靶里，且待前一发打入靶中后，再打下一发.则以下说法正确的是（）J .A.待打完n 发子弹后，小车将以一定速度向右匀速运动B.待打完n 发子弹后，小车应停在射击之前位置的右方C.在每一发子弹的射击过程中，小车所发生的位
33、移相同，大小均为一nm+MD.在每一发子弹的射击过程中，小车所发生的位移不相同，应越来越大【答案】BC【解析】子弹、枪、人、车系统水平方向不受外力，水平方向动量一直守恒，子弹射击前系统总动量为零,子弹射入靶后总动量也为零，故仍然是静止的；设子弹出口速度为v,车后退速度大小为U,以向左为正，根据动量守恒定律，有：O=mvM+（n-1）mv，子弹匀速前进的同时，车匀速后退，故：vt+vrt=d 联立解得3=W VM+(w l)wmvvd-M+(n l)?w故车后退距离为:.wvYS=v t=-:-xM+(九-1)mmvvd-M+(1)?mdM nm每颗子弹从发射到击中靶过程，生均退$,故 n 颗子
34、弹发射完毕后，小车后退；，A1 4-w w由于整个系统动量守恒，初动量为零，故打完n 发后，车静止不动，后 退 S=nA S=-5故 A 错M误，B C 正确，D 错误；故选B C。考点：动量守恒定律【名师点睛】题关键根据动量守恒定律求解出从发射一颗子弹到击中靶过程小车后退的距离，此后重复这个循环。20.一个物块放置在粗糙的水平面上，受到的水平拉力F 随时间t 变化的关系如图所示，速度v 随时间t 变化的关系如图所示（gROmH）,下列说法正确的是（）A.5s末物块所受摩擦力的大小15NB.物块在前6 s内的位移大小12mC.物块与水平地面间的动摩擦因数0.75D.物块的质量为5Kg【答案】B
35、D【解析】5s末处于静止状态，根据平衡知，Ff=F=10N.故 A 错误；物块在前6 s内的位移大小等于前4 s 内的位移大小，根据图线的面积得：s=-x （2+4）x4m=12m.故 B 正确；在 0-2内物体做匀速直线运动,24滑动摩擦力f=15N,物体匀减速运动的加速度大小为：a=-m/s2=2m/s2,根据牛顿第二定律得：f-F=ma,2解得机=二 必=5依，则动摩擦因数为：=工=0.3；故C错误，D正确；故选B D.2mg 5 0考点：v-t图像；牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题考查了速度时间图线与力学的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间
36、轴围成的面积表示位移。2 1.如图，空间中存在一匀强磁场区域，磁场方向与竖直面（纸面）垂直，磁场的上、下 边 界（虚线）均为水平面；纸面内磁场上方有一个正方形导线框ab ed,其上、下两边均为磁场边界平行，边长小于磁场上、下边界的间距.若线框自由下落，从 ab边进入磁场时开始，直至ab边到达磁场下边界为止，线框下落的速度大小可能（）dt_,c口a bX X X XX X X XA.始终减小 B.始终不变 C.始终增加 D.先减小后增加【答案】C D【解析】导线框开始做自由落体运动，ab边以一定的速度进入磁场，ab边切割磁场产生感应电流，根据左手定则可知ab边受到向上的安培力，当安培力大于重力时
37、，线框做减速运动，当线框完全进入磁场后,线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，故先减速后加速运动，故选项A 错误、D 正确：当ab边进入磁场后安培力等于重力时，线框做匀速运动，当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，故先匀速后加速运动，故B错误：当ab边进入磁场后安培力小于重力时，线框做加速运动，当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速增大的加速运动，故加速运动，故选项C正确；故选CD.第II卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。（-）必 考 题（
38、共129分）22.（6分）用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。实验所用的电为学生电源，输出电压为6V（频率为50Hz）的交流电和直流电两种。重锤从高处由静止开始下落，打点计时器在重锤拖着的纸带上打出一系列的点，对纸带上的点痕进行测量，即可验证机械能守恒定律。下面列举了该实验的几个操作步骤：A.按照图示的装置安装器件B.将打点计时器接到电源的“直流输出”上C.用天平测出重锤的质量D.释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带E.测量纸带上某些点间的距离F.根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能其中没有必要进行的或者操作不当的步骤，有。某同学按照正确的操作选得纸
39、带如上图，其中。是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点。用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中（单位：cm）。该同学用重锤在O B段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g=9.80m/s）他用A C段的平均速度作为打出B 点时对应的物体的即时速度，则 0 B 段 重 锤 重 力 势 能 的 减 少 量 为,而动能的增 加 量 为 （计算结果均保留3 位有效数字，重锤质量用m 表示），造成上述实验结果不相等的原因主要是 o【答案】BCD 1.22m 1.2 0 m 有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能【解析】试题分析：将打点计时器应该接到接到电源的“交流输
40、出 上，故选项B 操作不当；该实验不用测1出重锤的质量，因为原理是mgh=5mv2,质量可以约掉，选项C 不必要；实验时，应该先接通电源开关,再释放悬挂纸带的夹子，故选项C 操作不当；测量纸带上某些点间的距离和根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能都是正确的；故该题选BCD；O B 段重锤重力势能的XAC _ 15.70cm-9.51cm减少量为 mgh=mx9.80m/s2x0.1242m=1.22m（J）；B 点的速度为 VB=27-2 x0.02s=1.55m/s；1故动能的增加量为 Ek=ZnvB2=l.20m（J）；发现，动能的增加量小于重力势能的减少量，其
41、原因是有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能。考点：验证机械能守恒定律实验。23.（9 分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，需测量一个“2.5V,0.3A”的小灯泡两端的电压和通过它的电流。现有如下器材：直流电源（电动势3.0 V,内阻不计）电流表A 1（量程3 A,内阻约0.1C）电流表A2（量程600m A,内阻约5Q）电压表Vi（量程3 V,内阻约3kC）电压表V 2（量 程 1 5 V,内阻约15kC）滑动变阻器Ri（阻值0 1 0 C,额定电流1A）滑动变阻器R2（阻值01 k C,额定电流300mA）在该实验中，电流表应选择（填A。或 A/）,电压表应选择（填“Vi”或
42、“V2”），滑动变阻器应选择（填“R J或R2”）。为了减小实验误差，应选择以下哪个实验电路进行实验下表是学习小组在实验中测出的数据，某同学根据表格中的数据在方格纸上已画出除了第6 组数据的对应点，请你在I-U图象上画出第6 组数据的对应点，并作出该小灯泡的伏安特性曲线。12345678910111213I (A)00.1 0 0.1 3 0.1 5 0.1 6 0.1 8 0.1 9 0.2 0 0.2 30.2 50.2 7 0.2 8 0.3 0U(V)00.1 0 0.2 0 0.3 0 0.4 0 0.6 0 0.8 0 1.0 0 1.4 01.8 02.0 0 2.2 0 2.5
43、 0实验中，如果把这个小灯泡和一个阻值为9c的定值电阻串联在电动势为3V,内阻为1C的直流电源上。则小灯泡消耗的实际功率约为 W。【答案】A2;VI；RI；C；如图所示；0.2 0 0.0 2 W。【解析】试题分析：由于该实验需要测量“2.5 V,0.3 A”的小灯泡的伏安特性曲线，故通过小灯光的电流约为0.3 A,故需要用量程为6 0 0 m A 的电流表A 2 即可；电压表选用量程为3V的 V 1 即可；该实验需要的电压要从0开始调起，故供电部分要用分压式电路，滑动变阻器选用阻值较小的R 1 即可；由于小灯泡的电阻较小，故测量时采用电流表外接会减小误差，共电电路采用分压式连接，故采用C 电
44、路实验；描出该点，并用平滑的曲互将各点连接起来即可；小灯泡相当于与一个电动势为3 V,内阻为1 0 C 的电阻连接，我们可以在小灯泡的伏安特性曲线的图中再做出该电源的伏安特性直线，如图所示，则两个图线相交的位置就是电路中的电压和电流，即灯泡的两端电压为L 0 V,电流为为，0.2 A,故小灯泡消耗的实际功率约为0.2 WoZ A0.3 0o-1 LO TO IO考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线。2 4.(1 4分)如图所示，两个半径为R的四分之一圆弧构成的光滑细管道A B C竖直放置，且固定在光滑水平面上，圆心连线O Q 2水平。轻弹簧左端固定在竖直挡板上,右端与质量为m的小球接触(不拴接,小球
45、的直径略小于管的内径)，长为R的薄板D E置于水平面上，板的左端D到管道右端C的水平距离为R o开始时弹簧处于锁定状态，具有的弹性势能为3 m g R,其中g为重力加速度。解除锁定,小球离开弹簧后进入(1)求小球经C点时的动能和小球经C点时所受的弹力。(2)讨论弹簧锁定时弹性势能满足什么条件，从C点抛出的小球才能击中薄板DE。17 5【答案】(l)m g R：m g,方向向下：(2)mgR Ep mgR8 2【解析】试题分析：(1)解除弹簧锁定后小球运动到C点过程，弹簧和小球系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：3 m g R=2m g R+E k，解得：Ek=m g R；小球过C时的动能：Ek
46、=m v2,2设小球经过C点时轨道对小球的作用力为F,由牛顿第二定律得：，g +F=噂，解得：F=m g,方向向下；(2)小球离开C点后做平抛运动，竖直方向：2 R=；g t2,水平方向：X =V t,若要小球击中薄板，应满足：RX|2R,弹簧的弹性势能：E p=2m g R+；m v17 5 一 一弹性势能E p满足：一m g R Ep 3(可表示为F eO F O z)，含有少量M g O、C a O、S iO 2 等杂质。利用钛铁矿制备锂离子电池电极材料(钛酸锂L i4T i5Ol2和磷酸亚铁锂L iF eP O Q 的工艺流程如下图所示：(1)化合物L i2T i5O|5 中钛元素的化
47、合价是+4 价，氧元素的化合价为 o(2)钛铁矿与硫酸反应时，常将钛铁矿粉碎，其目的是：,滤渣A的成分是 o(3)固体T iC)2 转化(N H 4)2 T is O|5 的离子方程式为，该反应 氧化还原反应(填“属于”或“不属于”)。(4)反应中固体T it)?、转化成小心)2/5。1 5 溶液时，T i 元素的浸出率与反应温度的关系如图所示。反应温度过高时,T i 元素浸出率下降的原因是 o0018 0h60r40r口兀素浸出率/%20 o-30 40 50 60 70反应温度/七(5)(N H4)2 T i5 O1 5转化为L i2T i5O1 5的离子方程式为：。(6)写出由滤液D生成
48、F eP O4的离子方程式(7)由滤液D制各L iF eP C U 的过程中，所 需 1 7%双氧水与H 2 c 2 O 4 的质量比是。【答 案】-2、-1 增 大 接 触 面 积 加 快 反 应 速 率，提 高 浸 出 率 S iO2 C a S O45 T iO 2+4 H 2 O 2+2 N H3 H 2 O=2 N H4+T i5O i52+5 H2O不属于温度过高时，反应物氨水(或双氧水)会受热分解 T i5 O/+2 L i+=L i2 T i5 O|5 1 2 F e2+2 H3P O 4+H2O2=2 F eP O 4 1+2 H2O+4 H+2 0 :9【解析】铁矿石加入硫
49、酸溶解过滤得到滤渣A为二氧化硅和硫酸钙，滤 液 B中含有M g2+、F e2 T i+等，加热促进水解，过滤得到沉淀T i C 2,加入过氧化氢和氨水反应得到(N H Q 2力5。15,加入氢氧化锂溶液得到沉淀L i2T i5O15,加入碳酸锂煨烧得到钛酸锂L i4T i5Ol 2,滤 液 D加入过氧化氢将F e?+氧化为F e3加入磷酸得到沉淀磷酸铁，加入碳酸锂和草酸煨烧得到磷酸亚铁锂L i F e P C)4。化合物口2%0”中钛元素的化合价是+4 价,L i 元素的化合价为+1 价,根据正负化合价的代数和为0,氧元素的化合价为-2、-1,故答案为：-2、-1：(2)钛铁矿与硫酸反应时，常
50、将钛铁矿粉碎，可以增大接触面积加快反应速率，提高浸出率，由于杂质中二氧化硅不溶于盐酸，所以滤渣A 成分是二氧化硅，故答案为：增大接触面积加快反应速率，提高浸出率;S i。?、C a S O4；(3)二 氧 化 钛 与 氨 水、双 氧 水 反 应 生 成(N H 4)2T i5O|5的 离 子 方 程 式 为5T i O2+4H2O2+2N H3-H2O=2N H4+T i 5O,52-+5H2O,反应中没有元素的化合价发生变化，不属于氧化还原反应，故答案为：5T i O2+4H2O2+2N H3-H2O=2N H4+T i5O 152+5H2O；不属于；(4)由于二氧化钛与氨水、双氧水反应生成