《2023届甘肃省天水市兰州市高三最后一卷物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届甘肃省天水市兰州市高三最后一卷物理试卷含解析.doc（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷注意事项：注意事项：1 1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2 2选择题必须使用选择题必须使用 2B2B 铅笔填涂；非选择题必须使用铅笔填涂；非选择题必须使用 0 05 5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3 3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无
2、效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4 4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 6 6 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 2424 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1 1、汽车在平直公路上以速度汽车在平直公路上以速度 v0匀速行驶匀速行驶，发动机的功率为发动机的功率为 P，司机为合理进入限速区司机为合理进入限速区，减小了油门减小了油门，使汽车功率立即使汽车功
3、率立即减小一半并保持该功率继续行驶，设汽车行驶过程中所受阻力大小不变，从司机减小油门开始，汽车的速度减小一半并保持该功率继续行驶，设汽车行驶过程中所受阻力大小不变，从司机减小油门开始，汽车的速度 v 与时与时间间t 的关系如图所示，则在的关系如图所示，则在 0t1时间内下列说法正确的是时间内下列说法正确的是A汽车的牵引力不断减小汽车的牵引力不断减小Bt=0 时，汽车的加速度大小为时，汽车的加速度大小为0PmvC汽车行驶的位移为汽车行驶的位移为30 10328v tmvPD阻力所做的功为阻力所做的功为210328Ptmv2 2、质点在质点在 Ox 轴运动轴运动，0t 时刻起时刻起，其位移随时间变
4、化的图像如图所示其位移随时间变化的图像如图所示，其中图线其中图线 01s 内为直线内为直线，15s 内为正弦曲内为正弦曲线，二者相切于线，二者相切于 P 点，则（点，则（）A03s 内，质点的路程为内，质点的路程为 2mB03s 内，质点先做减速运动后做加速运动内，质点先做减速运动后做加速运动C15s 内，质点的平均速度大小为内，质点的平均速度大小为 1.27m/s D3s 末，质点的速度大小为末，质点的速度大小为 2m/s3 3、如图所示，如图所示，AO、BO、CO 是完全相同的绳子，并将钢梁水平吊起，若钢梁足够重时，绳子是完全相同的绳子，并将钢梁水平吊起，若钢梁足够重时，绳子 AO 先断，
5、则（先断，则（）A=120B120C120D不论不论为何值，为何值，AO 总是先断总是先断4 4、真空中某静电场电场线的分布如图所示真空中某静电场电场线的分布如图所示，图中图中 P、Q 两点关于点电荷两点关于点电荷 q1水平对称水平对称。P、Q 两点电场强度的大小分别两点电场强度的大小分别为为PE、QE，电势分别为，电势分别为Q、P。一个带电粒子沿虚线轨迹从。一个带电粒子沿虚线轨迹从 M 移动至移动至 N。以下选项正确的有（。以下选项正确的有（）AQPEEBQPC此带电粒子带正电，它的电势能先变大后变小此带电粒子带正电，它的电势能先变大后变小D此带电粒子带负电，它的电势能先变大后变小此带电粒子
6、带负电，它的电势能先变大后变小5 5、某次空降演练中某次空降演练中，跳伞运动员从飞机上跳下跳伞运动员从飞机上跳下，10s 后打开降落伞后打开降落伞，并始终保持竖直下落并始终保持竖直下落，在在 014 s 内其下落速度随内其下落速度随时间变化的时间变化的 vt 图像如图所示，则（图像如图所示，则（）A跳伞运动员在跳伞运动员在 010s 内下落的高度为内下落的高度为 5v2B跳伞运动员（含降落伞）在跳伞运动员（含降落伞）在 010s 内所受的阻力越来越大内所受的阻力越来越大C10s 时跳伞运动员的速度方向改变，加速度方向保持不变时跳伞运动员的速度方向改变，加速度方向保持不变D1014s 内，跳伞运
7、动员（含降落伞）所受合力逐渐增大内，跳伞运动员（含降落伞）所受合力逐渐增大6 6、如图所示，竖直放置的轻弹簧的一端固定在水平地面上，另一端拴接着质量为如图所示，竖直放置的轻弹簧的一端固定在水平地面上，另一端拴接着质量为M的木块的木块A，开始时木块，开始时木块A静止静止，现让一质量为现让一质量为m的木块的木块B从木块从木块A正上方高为正上方高为h处自由下落处自由下落，与木块与木块A碰撞后一起向下压缩弹簧碰撞后一起向下压缩弹簧，经过时间经过时间t木块木块A下降到最低点下降到最低点。已知弹簧始终处于弹性限度内已知弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻力不计空气阻力，木块木块A与木块与木块B碰撞时间极短碰
8、撞时间极短，重力加速度为重力加速度为g，下下列关于从两木块发生碰撞到木块列关于从两木块发生碰撞到木块A第一次回到初始位置时的过程中弹簧对木块第一次回到初始位置时的过程中弹簧对木块A的冲量的冲量I的大小正确的是（的大小正确的是（）A2()2IMmghB2()gtIMmC2()2IMmghD222()ImghMm gt二二、多项选择题多项选择题：本题共本题共 4 4 小题小题，每小题每小题 5 5 分分，共共 2020 分分。在每小题给出的四个选项中在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得
9、 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分。分。7 7、如图甲所示的电路中理想变压器原、副线圈的匝数比为如图甲所示的电路中理想变压器原、副线圈的匝数比为9:1，电表均为理想电表，电表均为理想电表，1R为阻值随温度升高而变小的为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，热敏电阻，0R为定值电阻，若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交变电流。下列说法中正确的是（为定值电阻，若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交变电流。下列说法中正确的是（）A输入变压器原线圈的交变电流的电压表达式为输入变压器原线圈的交变电流的电压表达式为36 2sin50(V)utB24 1s0t时，该发电机的线圈平面位于中性面时，
10、该发电机的线圈平面位于中性面CtR温度升高时，电流表的示数变大，电压表示数变小，变压器的输入功率变大温度升高时，电流表的示数变大，电压表示数变小，变压器的输入功率变大DtR温度升高时，电流表的示数变大，电压表示数变大，变压器的输入功率变大温度升高时，电流表的示数变大，电压表示数变大，变压器的输入功率变大8 8、某探究小组利用图甲所示的电路探究一标签模糊的理想变压器的原某探究小组利用图甲所示的电路探究一标签模糊的理想变压器的原、副线圈匝数比副线圈匝数比。R 为定值电阻为定值电阻，L1、L2为两只为两只标有标有“5V，2A”的相同小灯泡的相同小灯泡，S 为开关。保持开关为开关。保持开关 S 断开，
11、在输入端施加如图乙所示的交变电压后，灯泡断开，在输入端施加如图乙所示的交变电压后，灯泡 L1正常发正常发光，测得电阻光，测得电阻 R 两端的电压为灯泡两端的电压为灯泡 L1两端电压的两端电压的 2 倍。以下说法正确的是（倍。以下说法正确的是（）A理想变压器原、副线圈的匝数比为理想变压器原、副线圈的匝数比为 4：1B理想变压器原、副线圈的匝数比为理想变压器原、副线圈的匝数比为 1：4C定值电阻的阻值为定值电阻的阻值为 10D闭合开关闭合开关 S 后，灯泡后，灯泡 L1中的电流变小中的电流变小9 9、匀强电场中，一带正电粒子仅在电场力的作用下自匀强电场中，一带正电粒子仅在电场力的作用下自P点以垂直
12、于电场方向的初速度点以垂直于电场方向的初速度0v开始运动，经过开始运动，经过Q点，则点，则（）A电场中，电场中，P点电势高于点电势高于Q点电势点电势B粒子在粒子在P点的电势能小于在点的电势能小于在Q点的电势能点的电势能C在在PQ、两点间，粒子在轨迹可能与某条电场线重合两点间，粒子在轨迹可能与某条电场线重合D在在PQ、两点间，粒子运动方向一定与电场方向不平行两点间，粒子运动方向一定与电场方向不平行1010、下列说法正确的是（下列说法正确的是（）A一定质量的理想气体，当温度升高时一定质量的理想气体，当温度升高时,内能增加内能增加,压强增大压强增大B饱和蒸汽在等温变化的过程中，当其体积减小时压强不变
13、饱和蒸汽在等温变化的过程中，当其体积减小时压强不变C液体表面层分子间距离较其内部分子间距离小，表面层分子间表现为斥力液体表面层分子间距离较其内部分子间距离小，表面层分子间表现为斥力D一定质量的理想气体放出热量，分子平均动能可能减少一定质量的理想气体放出热量，分子平均动能可能减少E.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的三、实验题：本题共三、实验题：本题共 2 2 小题，共小题，共 1818 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1111（6 6
14、 分）分）测量玩具遥控汽车的额定功率实验，简要步骤如下：测量玩具遥控汽车的额定功率实验，简要步骤如下：A测出小车质量为测出小车质量为 0.6kg。B在小车尾部系一条长纸带，让纸带穿过电源频率为在小车尾部系一条长纸带，让纸带穿过电源频率为 50Hz 的打点计时器。的打点计时器。C使小车以额定功率沿水平面加速到最大速度，继续运行一段时间后关闭小车发动机，让其在水平面上滑行直到停使小车以额定功率沿水平面加速到最大速度，继续运行一段时间后关闭小车发动机，让其在水平面上滑行直到停止。止。D取下纸带进行研究。测得的数据如图所示。取下纸带进行研究。测得的数据如图所示。回答下列问题：回答下列问题：(1)由纸带
15、知遥控汽车的最大速度为由纸带知遥控汽车的最大速度为_，汽车滑行时的加速度为，汽车滑行时的加速度为_；(2)汽车滑行时的阻力为汽车滑行时的阻力为_；其额定功率为；其额定功率为_。1212（1212 分）分）如图所示装置可以用来研究小车的匀变速直线运动。带有定滑轮的长木板放置在桌面上，重物通过跨过如图所示装置可以用来研究小车的匀变速直线运动。带有定滑轮的长木板放置在桌面上，重物通过跨过定滑轮的细线拉着小车向左加速运动，定滑轮与小车间的细线与长木板平行，打点计时器打下的纸带记录下小车的运定滑轮的细线拉着小车向左加速运动，定滑轮与小车间的细线与长木板平行，打点计时器打下的纸带记录下小车的运动信息。动信
16、息。（1）下面说法正确的是）下面说法正确的是_A长木板必须水平放置长木板必须水平放置B小车的质量必须远大于重物的质量小车的质量必须远大于重物的质量C需要平衡小车与长木板间的摩擦力需要平衡小车与长木板间的摩擦力D应该先接通打点计时器的电源，然后再释放小车应该先接通打点计时器的电源，然后再释放小车（2）实验时将打点计时器接到频率为实验时将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上的交流电源上，选取一条点迹清晰的纸带选取一条点迹清晰的纸带，在纸带上每隔四个点取一个计在纸带上每隔四个点取一个计数点，测出相邻计数点间的距离如图所示，其中数点，测出相邻计数点间的距离如图所示，其中1234565.09cm,7
17、.10cm,9.10cm,11.10cm,13.09cm,15.10cmxxxxxx。则打第。则打第 4 个计数点时小车的速个计数点时小车的速度度4v _m/s，小车的加速度，小车的加速度a _2m/s(结果均保留两位有效数字结果均保留两位有效数字)。四四、计算题计算题：本题共本题共 2 2 小题小题，共共 2626 分分。把答案写在答题卡中指定的答题处把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明要求写出必要的文字说明、方程式和演算方程式和演算步骤。步骤。1313（1010 分）分）如图所示为一下粗上细且上端开口的薄壁玻璃管，管内有一段被水银密闭的气体，上管足够长，图中细如图所示为一
18、下粗上细且上端开口的薄壁玻璃管，管内有一段被水银密闭的气体，上管足够长，图中细管的截面积管的截面积 S1=1cm2，粗管的截面积粗管的截面积 S2=2 cm2，管内水银长度管内水银长度 h1=h2=2 cm，封闭气体长度封闭气体长度 L=8cm，大气压强大气压强 p0=76cmHg，气体初始温度为气体初始温度为 320K，若缓慢升高气体温度，求：，若缓慢升高气体温度，求：(1)粗管内的水银刚被全部挤出时气体的温度；粗管内的水银刚被全部挤出时气体的温度；(2)气体的温度达到气体的温度达到 533K 时，水银柱上端距粗玻璃管底部的距离。时，水银柱上端距粗玻璃管底部的距离。1414（1616 分）分
19、）“”形轻杆两边互相垂直、长度均为形轻杆两边互相垂直、长度均为 l，可绕过，可绕过 O 点的水平轴在竖直平面内自由转动，两端各固定一个点的水平轴在竖直平面内自由转动，两端各固定一个金属小球金属小球 A、B，其中其中 A 球质量为球质量为 m，带负电带负电，电量为电量为 q，B 球的质量为球的质量为23m，B 球开始不带电球开始不带电，整个装置处于竖直向整个装置处于竖直向下的匀强电场中，电场强度。现将下的匀强电场中，电场强度。现将“”形杆从形杆从 OB 位于水平位置由静止释放：位于水平位置由静止释放：(1)当当“”形杆转动的角速度达到最大时，形杆转动的角速度达到最大时，OB 杆转过的角度为多少？
20、杆转过的角度为多少？(2)若使小球若使小球 B 也带上负电也带上负电，仍将仍将“”形杆从形杆从 OB 位于水平位置由静止释放位于水平位置由静止释放，OB 杆顺时针转过的最大角度为杆顺时针转过的最大角度为 90，则小则小球球 B 带的电量为多少？转动过程系统电势能的最大增加值为多少？带的电量为多少？转动过程系统电势能的最大增加值为多少？1515（1212 分）分）如图所示，有一竖直放置的绝热密闭气缸上端开口。气缸中有一绝热活塞，活塞质量为如图所示，有一竖直放置的绝热密闭气缸上端开口。气缸中有一绝热活塞，活塞质量为m，面积为，面积为S，厚度可以忽略厚度可以忽略。不计活塞与气缸之间的摩擦不计活塞与气
21、缸之间的摩擦，开始时刻活塞处于静止状态并距离气缸底部高度为开始时刻活塞处于静止状态并距离气缸底部高度为H，距离上端口为距离上端口为h。活塞下方有一定质量的理想气体，初始时刻温度为活塞下方有一定质量的理想气体，初始时刻温度为0T。已知大气压强为。已知大气压强为0p，重力加速度为，重力加速度为g。求：。求：(1)在活塞上放一重物时（图中未画出，重物与气缸壁不接触）活塞和重物下降至距离气缸底部在活塞上放一重物时（图中未画出，重物与气缸壁不接触）活塞和重物下降至距离气缸底部3H处静止不动，此时处静止不动，此时气缸内气体温度为气缸内气体温度为02T，则此重物的质量为多少？，则此重物的质量为多少？(2)在
22、在(1)中状态后中状态后，用气缸内部的电热丝缓慢给气缸内的理想气体加热直至活塞恰好与管口持平用气缸内部的电热丝缓慢给气缸内的理想气体加热直至活塞恰好与管口持平，则此时气缸内气体的则此时气缸内气体的温度是多少？温度是多少？参考答案一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 6 6 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 2424 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1 1、C【解析】【解析】A减小油门后，机车的功率保持不变，当速度减小时，根据减小油门后，机车的功率保持不变，当速度减小时，根据 P=Fv 可知，牵引
23、力增大，故可知，牵引力增大，故 A 错误；错误；B汽车以速度汽车以速度 v0匀速行驶时，牵引力等于阻力，即有：匀速行驶时，牵引力等于阻力，即有：F=f，发动机的功率为，发动机的功率为 P，由，由P=Fv0=fv0得阻力得阻力0Pfvt=0 时，功率为原来的一半，速度没有变，则时，功率为原来的一半，速度没有变，则0022PPFvv根据牛顿第二定律得：根据牛顿第二定律得：02FfPammv故大小为故大小为02Pmv，故，故 B 错误。错误。CD根据动能定理得：根据动能定理得：210200.50 51122.fPtWmvvm解得阻力做功为解得阻力做功为201382fPWmvt 设汽车通过的位移为设汽
24、车通过的位移为 x，由，由 Wf=-fx，解得，解得30 10328v tmvxP故故 C 正确，正确，D 错误。错误。故选故选 C。2 2、D【解析】【解析】A根据纵坐标的变化量表示位移根据纵坐标的变化量表示位移，可知可知，0 2s内内，质点通过的位移大小为质点通过的位移大小为 3.27m，路程为路程为 3.27m。2 3s内内，质点质点通过的位移大小为通过的位移大小为 1.27m，路程为，路程为 1.27m，故，故0 3s内，质点的路程为内，质点的路程为3.27m 1.27m=4.54mA 错误；错误；B根据图像的斜率表示速度，知根据图像的斜率表示速度，知0 3s内，质点先做匀速运动，再做
25、减速运动后做加速运动，内，质点先做匀速运动，再做减速运动后做加速运动，B 错误；错误；C1 5s内，质点的位移大小内，质点的位移大小 0，平均速度大小为，平均速度大小为 0，C 错误；错误；D3s 末质点的速度大小等于末质点的速度大小等于 1s 末质点的速度大小，为末质点的速度大小，为2m/sxvtD 正确。正确。故选故选 D。3 3、C【解析】【解析】以结点以结点 O 为研究对象，分析受力，作出力图如图为研究对象，分析受力，作出力图如图根据对称性可知，根据对称性可知，BO 绳与绳与 CO 绳拉力大小相等由平衡条件得：绳拉力大小相等由平衡条件得：FAO=2FBOcos2，当钢梁足够重时，当钢梁
26、足够重时，AO 绳先断，说绳先断，说明明 FAOFBO，则得到，则得到 2FBOcos2FBO，解得：，解得：120，故，故 C 正确，正确，ABD 错误。错误。4 4、D【解析】【解析】A由图由图 P 点电场线密，电场强度大，则点电场线密，电场强度大，则EPEQ故故 A 错误；错误；B沿电场线的方向电势降低，电场线越密的电势降落越快，反之逆着电场线的方向电势升高，电场线越密的电势升沿电场线的方向电势降低，电场线越密的电势降落越快，反之逆着电场线的方向电势升高，电场线越密的电势升高越快，则高越快，则QP故故 B 错误；错误；CD根据运动轨迹判定粒子受到斥力作用根据运动轨迹判定粒子受到斥力作用，
27、q1为负电荷为负电荷，所以此带电粒子也带负电所以此带电粒子也带负电，电场能先增大后减电场能先增大后减，故故 D 正确正确。故选故选 D。5 5、B【解析】【解析】A假设空降兵在空中做匀加速运动，假设空降兵在空中做匀加速运动，10s 时的速度刚好为时的速度刚好为 v2，则这段时间内的下落位移应为，则这段时间内的下落位移应为2252vxvttv但实际上由图可知，根据图线与横轴围成的面积表示位移可得其下落位移必然大于但实际上由图可知，根据图线与横轴围成的面积表示位移可得其下落位移必然大于 5v2。故。故 A 错误；错误；B空降兵在空中受到重力和空气阻力的作用空降兵在空中受到重力和空气阻力的作用，而由
28、图像可知而由图像可知，空降兵在空降兵在 010s 内的加速度不断减小内的加速度不断减小，由牛顿第二定律由牛顿第二定律mgfma可知空降兵受到的空气阻力应当不断增大，故可知空降兵受到的空气阻力应当不断增大，故 B 正确；正确；C10s 时空降兵的速度图像仍在时空降兵的速度图像仍在 x 轴上方轴上方，速度方向并未改变速度方向并未改变，但空降兵的速度走向由增大变为减小但空降兵的速度走向由增大变为减小，故而加速度方故而加速度方向改变。故向改变。故 C 错误；错误；D由图可知由图可知，1014 s 内内，空降兵的速度逐渐减小空降兵的速度逐渐减小，且减小的速率逐渐降低且减小的速率逐渐降低，表明空降兵的加速
29、度逐渐减小表明空降兵的加速度逐渐减小，根据牛根据牛顿第二定律可知其所受合力逐渐减小。故顿第二定律可知其所受合力逐渐减小。故 D 错误。错误。故选故选 B。6 6、D【解析】【解析】B 下落下落 h 时的速度为时的速度为2Bvgh物块物块 B 与与 A 碰撞过程动量守恒，则碰撞过程动量守恒，则()BmvMm v以向下为正方向，则两物块从开始运动到到达最低点过程中由动量定理以向下为正方向，则两物块从开始运动到到达最低点过程中由动量定理1()0()Mm gtIMm v从两木块发生碰撞到木块从两木块发生碰撞到木块A第一次回到初始位置时的过程中弹簧对木块第一次回到初始位置时的过程中弹簧对木块A的冲量的冲
30、量I的大小为的大小为I=2I1联立解得联立解得222()ImghMm gt故选故选 D。二二、多项选择题多项选择题：本题共本题共 4 4 小题小题，每小题每小题 5 5 分分，共共 2020 分分。在每小题给出的四个选项中在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分。分。7 7、BC【解析】【解析】A由交变电流的图像可读出电压的最大值为由交变电流的图像可读出电压的最大值为36 2V，周期为，周期为 0.02s，则角速度为，则角速度为2rad
31、/s100 rad/s0.02所以输入变压器原线圈的交变电流的电压表达式为所以输入变压器原线圈的交变电流的电压表达式为36 2sin100(V)ut故故 A 错误；错误；B当当24 1s0t时，电压的瞬时值为时，电压的瞬时值为 0，所以该发电机的线圈平面位于中性面，故，所以该发电机的线圈平面位于中性面，故 B 正确；正确；CDtR温度升高时，其阻值变小，副线圈中的电流变大则原线圈中电流也变大，由温度升高时，其阻值变小，副线圈中的电流变大则原线圈中电流也变大，由PUI可知变压器的输入功率变大，电压表读数可知变压器的输入功率变大，电压表读数3220UUI R减小，故减小，故 C 正确，正确，D 错
32、误。错误。故选故选 BC。8 8、CD【解析】【解析】AB由电压图像可知，输入电压的最大值为由电压图像可知，输入电压的最大值为20 2mU V，则有效值为，则有效值为2mUU 20V灯泡正常发光，故灯泡两端的电压为灯泡正常发光，故灯泡两端的电压为 5V，即副线圈两端的电压，即副线圈两端的电压25U V，由题知电阻，由题知电阻 R 两端的电压为两端的电压为RU 10V，故，故变压器原线圈的电压变压器原线圈的电压1RUUU=10V原副线圈的匝数比原副线圈的匝数比112210251nUnU故故 AB 错误；错误；C灯泡灯泡 L1正常发光，即副线圈的电流正常发光，即副线圈的电流22I A，根据理想变压
33、器输入功率等于输出功率可知，原副线圈中的电流之，根据理想变压器输入功率等于输出功率可知，原副线圈中的电流之比比122112InIn解得电阻解得电阻 R 中的电流为中的电流为1I 1A，由欧姆定律可知，由欧姆定律可知101RRURI=10故故 C 正确；正确；D开关开关 S 闭合后，电路的总电阻减小，而输入端电压保持不变，故副线圈中的电流增大，则原线圈中电流增大，电闭合后，电路的总电阻减小，而输入端电压保持不变，故副线圈中的电流增大，则原线圈中电流增大，电阻阻 R 两端电压升高，变压器原线圈电压降低，故副线圈输出电压降低，灯泡两端电压升高，变压器原线圈电压降低，故副线圈输出电压降低，灯泡1L两端
34、电压降低，电流减小，故两端电压降低，电流减小，故 D 正确正确。故选故选 CD。9 9、AD【解析】【解析】CD由于电场力和初速度相互垂直，所以粒子做类平抛运动，其运动轨迹是曲线，所以其速度方向和电场力不共线由于电场力和初速度相互垂直，所以粒子做类平抛运动，其运动轨迹是曲线，所以其速度方向和电场力不共线，故运动方向和电场方向不平行，故故运动方向和电场方向不平行，故 C 不符合题意，不符合题意，D 符合题意。符合题意。AB粒子运动过程中电场力做正功，所以粒子的电势能减小，粒子在粒子运动过程中电场力做正功，所以粒子的电势能减小，粒子在 P 点的电势能大于在点的电势能大于在 Q 点的电势能。由于粒子
35、点的电势能。由于粒子带正电，根据带正电，根据 EP=q可知电势逐渐减小，可知电势逐渐减小，P 点电势高于点电势高于 Q 点电势，故点电势，故 B 不符合题意，不符合题意，A 符合题意。符合题意。故选故选 AD。1010、BDE【解析】【解析】A由理想气体状态方程由理想气体状态方程pVCT可知，当温度升高时，内能增加，可知，当温度升高时，内能增加，pV乘积增大，但压强不一定大，故乘积增大，但压强不一定大，故 A 错误；错误；B饱和蒸汽压仅仅与温度有关，饱和蒸汽在等温变化的过程中，体积减小时压强不变，故饱和蒸汽压仅仅与温度有关，饱和蒸汽在等温变化的过程中，体积减小时压强不变，故 B 正确；正确；C
36、液体表面层分子间距离较其内部分子间距离大，表面层分子间表现为引力，故液体表面层分子间距离较其内部分子间距离大，表面层分子间表现为引力，故 C 错误；错误；D一定质量的理想气体放出热量，根据热力学第一定律知分子内能可能减小，分子平均动能可能减少，故一定质量的理想气体放出热量，根据热力学第一定律知分子内能可能减小，分子平均动能可能减少，故 D 正确；正确；E根据熵增原理可知，一切自然过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，故根据熵增原理可知，一切自然过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，故 E 正确；正确；故选故选 BDE。三、实验题：本题共三、实验题：本题共 2 2 小题，共小题，共
37、1818 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1111、1.00m/s1.73m/s1.04N1.04W【解析】【解析】(1)12汽车的最大速度为汽车的最大速度为21234.014.003.9910 m/s=1.00m/s36 0.02mxxxvT纸带上最后纸带上最后 6 段对应汽车做关闭发动机做减速运动，加速度为段对应汽车做关闭发动机做减速运动，加速度为 78945629xxxxxxaT 22223.252.972.604.003.81 3.5210 m/s=-1.73m/s9 0.04(2)34根据牛顿第二定律得根
38、据牛顿第二定律得f=ma=0.6（-1.73）N-1.04N当汽车匀速运动时，牵引力与阻力大小相等，即有当汽车匀速运动时，牵引力与阻力大小相等，即有 F=f则汽车的额定功率为则汽车的额定功率为P=Fvm=fvm=1.041W=1.04W1212、D1.22.0【解析】【解析】（1）1只要小车做匀加速运动即可，因此，只要小车做匀加速运动即可，因此，A、B、C 选项是没有必要的，实验时需要先接通电源，再释放小车，以选项是没有必要的，实验时需要先接通电源，再释放小车，以确保纸带上能够记录下较多的运动信息，选项确保纸带上能够记录下较多的运动信息，选项 D 正确。正确。（2）2交流电的频率为交流电的频率
39、为50Hzf，相邻两计数点间的时间间隔，相邻两计数点间的时间间隔4540.11100.13090.1s,m/s1.2m/s20.2xxtvt3由逐差法可求得小车的加速度。根据由逐差法可求得小车的加速度。根据 65432122,(3)xxxxxxxaTat 代人数据，得代人数据，得220.15100.13090.11100.09100.07100.0509m/s9 0.1a22.0m/s。四四、计算题计算题：本题共本题共 2 2 小题小题，共共 2626 分分。把答案写在答题卡中指定的答题处把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明要求写出必要的文字说明、方程式和演算方程式和演算步骤
40、。步骤。1313、(1)410K；(2)22cm【解析】【解析】(1)以封闭的气体为研究对象，初态气体体积以封闭的气体为研究对象，初态气体体积12VLS压强为压强为101280cmHgpphh由于水银总体积保持不变，设水银全部进入细管水银长度为由于水银总体积保持不变，设水银全部进入细管水银长度为x，则，则1 122VS hS h1 122112 2 1 2cm6cm1S hS hVxSS 末状态气体末状态气体2082cmHgppx212()VLh S从初状态到末状态。由理想气体状态方程，从初状态到末状态。由理想气体状态方程，有有1 12212pVp VTT代入数据解得代入数据解得2410KT(
41、2)气体温度达到气体温度达到 533K 时，设水银上端距粗玻璃管底部的距离为时，设水银上端距粗玻璃管底部的距离为 H，则，则31211()VLh SHLhx S气体发生等压变化，根据盖气体发生等压变化，根据盖-吕萨克定律吕萨克定律3223VVTT解得解得22cmH 1414、(1)53；(2)13q，12mgl。【解析】【解析】(1)转速最大时，系统力矩平衡：转速最大时，系统力矩平衡：ABsinsincosm glEqlm gl解得：解得：4tan353(2)设设 B 带的电量为带的电量为 q，转过最大角度时，动能为零，由动能定理得：，转过最大角度时，动能为零，由动能定理得：BA0Eqlm g
42、lm glEq l解得：解得：13qq 当转角为当转角为时电，势能的增加值等于两球克服电场力的功：时电，势能的增加值等于两球克服电场力的功：sin1 cos（）WEq lEql整理得：整理得：12Wmgl式中当：式中当：m12Wmgl，电势能的最大增加值为，电势能的最大增加值为12mgl。1515、(1)05 p SmgMg；(2)30()6HhTTH【解析】【解析】（1）开始时刻活塞静止）开始时刻活塞静止01p S mgpS，设重物质量为设重物质量为M，当活塞和重物下降至距离气缸底部，当活塞和重物下降至距离气缸底部3H时时02()p SMm gp S，202TT，1VHS，23HVS，由理想气体状态方程可得，由理想气体状态方程可得1 12202pVp VTT，联立解得：联立解得：05 p SmgMg；（2）气缸和活塞都绝热，气缸内的理想气体缓慢加热，故气缸内的气体压强不变，由盖一吕萨克定律可得）气缸和活塞都绝热，气缸内的理想气体缓慢加热，故气缸内的气体压强不变，由盖一吕萨克定律可得3223VVTT，23HVS，3()VHh S，解得：，解得：30()6HhTTH。