《2023届江苏省泰州市兴化一中高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届江苏省泰州市兴化一中高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷含解析.doc（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、空中飞椅是游乐场里少年儿童们十分喜爱的娱乐项目，其模型如图所示，顶端转盘上吊着多个座椅，甲、乙两个儿童分别坐在A、B两个吊椅中，当转盘以一定的角速度稳定匀速转动时，连接座椅的钢丝绳与竖直方向的夹角分别为a、。巳知连接A、B座椅的钢丝绳长度分别为L
2、1、L2，甲、乙两儿童的质量分别为m1、m2，两座椅的质量相等，若a，则一定有AL1L2BL1m2Dm1L2与计算结果相符，故A正确。B. L1m2与计算结果不符，故C错误。D. m1m2与计算结果不符，故D错误。2、C【解析】AB根据牛顿第二定律可得可得随着速度的增大，加速度逐渐减小，图象的斜率减小，当加速度为零时导体棒做匀速运动，图象的斜率表示速度，斜率不变，速度不变，而导体棒向下运动的速度越来越大，最后匀速，故图象斜率不可能不变，故AB错误；C导体棒下滑过程中产生的感应电动势感应电流由于下滑过程中的安培力逐渐增大，所以加速度a逐渐减小，故图象的斜率减小，最后匀速运动时电流不变，C正确；D
3、、根据安培力的计算公式可得由于加速度a逐渐减小，故图象的斜率减小，D错误。故选：C。3、D【解析】A将匀变速直线运动位移公式两边同除以可得对比图线可知，箱子的初速度图线斜率为箱子运动的加速度由牛顿第二定律，恒力故A错误；B箱子的初动量为时箱子的速度大小内箱子的动量变化量故B错误；C时箱子的速度大小为故C错误；D内箱子的位移为故D正确。故选D。4、C【解析】由图乙可知，该交流电的周期为T=0.02s，其频率为50 Hz，选项A错误；变压器初级输入电压的有效值 ,次级电压：，则电流表A2的示数为，选项B错误；变压器的次级功率为： ，则此时变压器的输入功率为22 W，选项C正确；将P沿逆时针方向移动
4、一些，则次级匝数增加，次级电压变大，则电流表A1的示数变大，选项D错误。故选C.5、D【解析】A沿着电场线方向电势降落，可知x轴左侧场强方向沿x轴负方向，x轴右侧场强方向沿x轴正方向，故A错误；：B根据UEd可知：左侧电场强度为：E1V/m2.0103V/m；右侧电场强度为：E2V/m4.0103V/m；所以x轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比E1：E21：2，故B错误；C设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为t1、t2，在原点时的速度为vm，由运动学公式有：vmt1同理可知：vmt2；Ekmmvm2；而周期：T2（t1+t2）；联立以上各式并代入相关数据可得：T3.0108s；故C错误。D
5、该粒子运动过程中电势能的最大值为：EPmqm2108J，由能量守恒得当电势能为零时动能最大，最大动能为Ekm2108J，故D正确；6、C【解析】AB中圆地球轨道卫星和同步卫星均绕地球做匀速圆周运动，已知中圆地球轨道卫星的轨道半径是地球同步轨道卫星的半径的，地球的自转周期为T，根据开普勒第三定律可知：解得故AB错误；CD物体在地球表面受到的重力等于万有引力，有中圆轨道卫星有解得故C正确，D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB金属空心导体放在
6、匀强电场中，出现静电感应现象，最终处于静电平衡状态，导体内部的场强处处为零，所以a、b两点的电场强度都为零，A正确，B错误；CD处于静电平衡的导体上，以及导体的内部的电势处处相等，即为等势体，则a点电势等于b点电势，C正确，D错误；故选AC。8、AD【解析】由题意可知质子和氚核的质量之比为1：3；电量之比为1：1；A粒子在电场中做初速度为零的匀加速动，电场力提供加速度，则有可得故质子和氚核在极板间运动的时间之比故A正确；B带电粒子在磁场中做圆周运动的周期质子和氚核在磁场中均运动半个周期，则质子和氚核在磁场中运动的时间之比故B错误；C根据动能定理有得故C错误；D由公式得质子和氚核在磁场中运动的轨
7、迹半径之比故D正确。故选AD。9、AC【解析】同时间内，图中A向右运动h时，B下降一半的距离，即为h/2，故A、B运动的路程之比为2：1，故A正确；任意相等时间内，物体A、B的位移之比为2：1，故速度和加速度之比均为2：1，故B错误；设A的加速度为a，则B的加速度为0.5a，根据牛顿第二定律，对A，有：T=ma，对B，有：3mg-2T=3m0.5a，联立解得：T=，a=g，故C正确；对B，加速度为a=0.5a=g，根据速度位移公式，有：v2=2ah，解得：v=，故D错误；故选AC【点睛】本题考查连接体问题，关键是找出两物体的位移、速度及加速度关系，结合牛顿第二定律和运动学公式列式分析，也可以结
8、合系统机械能守恒定律分析10、AC【解析】A金属杆沿圆弧导轨下滑过程中机械能守恒，mgrmv2在到达最低点前瞬间Fmgm解得F3mg故A正确；B金属杆刚进入磁场时，所受安培力最大，加速度最大，对金属杆受力分析，由牛顿第二定律有mgmam解得amg故B错误；C根据q可知，整个过程中通过金属杆横截面的电荷量为q故C正确；D根据能量的转化和守恒可知，整个过程中系统产生的热量Q总mgrmgd定值电阻上产生的焦耳热Q焦mg(rd)故D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B 磨砂的面 1.53 【解析】光学镜面及光学玻璃面均不能用手
9、触碰；根据实验原理，运用插针法，确定入射光线和折射光线【详解】（1）玻璃砖的光学面不能用手直接接触，接触面的污渍会影响接触面的平整，进而影响折射率的测定，B正确；（2）为了不影响观察实验，应使得磨砂面接触纸面；（3）光路图如图所示：设方格纸上小正方形的边长为，光线的入射角为，折射角为，则，所以该玻璃砖的折射率12、1.170 【解析】(1)1主尺读数为1.1cm，游标尺读数为0.0514mm=0.70mm=0.070cm，所以最终读数为1.1cm+0.070cm=1.170cm；(2)2小球经过光电门2的速度为v，根据运动学公式得从开始释放到经过光电门2的时间所以从开始释放到经过光电门1的时间
10、所以经过光电门1的速度v根据匀变速直线运动的推论得：两光电门间的距离(3)3由公式得若图线斜率的绝对值为k，则所以重力加速度大小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（1）N=11.5N（3）Q=16J【解析】（1）由动量定理知：由能量守恒定律知：解得：（1）由平抛运动知：竖直方向：水平方向：在E点，由牛顿第二定律知：解得：N=11.5N（3）从D到E，由动能定理知：解得：从B到D，由动能定理知解得：对物块解得：t=1s；由能量守恒定律知：解得：Q=16J14、 (1)；(2)其中；(3)。【解析】(1)设金属
11、棒到达磁场左、右边界、时的速度分别为、则有解得由电磁感应规律，金属棒的平均感应电动势金属棒穿过磁场的过程中平均电流的大小联立以上各式，解得。(2)金属棒在磁场中运动时产生感应电动势，金属棒中有感应电流，则金属棒速度为时受到的安培力由牛顿第二定律得又因为所以在金属棒进入磁场后，拉力代入数据得其中。(3)由(2)可知，金属棒在通过磁场的过程中所受安培力的大小画出安培力随时间变化的图象如图乙所示乙图中金属棒穿过磁场的过程中，其受到的安培力的冲量即为图线与横轴所围图形的面积，即15、 (1)4R；(2)，。【解析】(1)设小球A能上升的最大高度为H，A刚脱离B时水平方向的速度为v，对A、B，由水平方向动量守恒及能量守恒，有带入v0=，可得小球A能上升的最大高度H=4R；(2)设A、B最终分离时的速度分别为v1和v2，由水平方向动量守恒及能量守恒，有解得，。