《2023届辽宁省抚顺市一中高考冲刺押题(最后一卷)物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届辽宁省抚顺市一中高考冲刺押题(最后一卷)物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列用来定量描述磁场强弱和方向的是（）A磁感应强度 B磁通量 C安培力 D磁感线 2、研究光电效应的实验规律的电路如图所示，加正向电压时，图中光电管的 A 极接电源正极，K 极接电源负极时，加反向电压时，反之当有光照射
2、K 极时，下列说法正确的是 AK 极中有无光电子射出与入射光频率无关 B光电子的最大初动能与入射光频率有关 C只有光电管加正向电压时，才会有光电流 D光电管加正向电压越大，光电流强度一定越大 3、如图所示是某一单色光由空气射入截面为等腰梯形的玻璃砖，或由该玻璃砖射入空气时的光路图，其中正确的是（）（已知该玻璃砖对该单色光的折射率为 1.5）A图甲、图丙 B图甲、图丁 C图乙、图丙 D图乙、图丁 4、2016 里约奥运会男子 50 米自由泳决赛美国埃尔文夺得金牌。经视频分析发现：他从起跳到入水后再经过加速到获得最大速度 2.488m/s 所用的时间总共为 2.5 秒，且这一过程通过的位移为 x1
3、=2.988m。若埃尔文以最大速度运动的时间为 19s，若超过该时间后他将做 1m/s2的匀减速直线运动。则这次比赛中埃尔文的成绩为（）A19.94s B21.94s C20.94s D21.40s 5、如图所示为光电效应实验装置图。实验中用 a 光照射光电管时，灵敏电流计有示数；而用 b 光照射光电管时，灵敏电流计没有示数。则下列说法中正确的是（）Aa 光频率大于 b 光频率 B若增加 b 光的照射时间，灵敏电流计将会有示数 C若增大 b 光的光照强度，灵敏电流计将会有示数 D用 b 光照射时，适当增大电源的电压，灵敏电流计将会有示数 6、如图所示，固定斜面上放一质量为 m 的物块，物块通过
4、轻弹簧与斜面底端的挡板连接，开始时弹簧处于原长，物块刚好不下滑。现将物块向上移动一段距离后由静止释放，物块一直向下运动到最低点，此时刚好不上滑，斜面的倾角为，重力加速度为 g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在物块向下运动过程中，下列说法不正确的是()A物块与斜面间的动摩擦因数为tan B当弹簧处于原长时物块的速度最大 C当物块运动到最低点前的一瞬间，加速度大小为sing D物块的动能和弹簧的弹性势能的总和为一定值 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分
5、。7、如图所示为用绞车拖物块的示意图。拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块。已知轮轴的半径 R=0.5m，细线始终保持水平，被拖动的物块初速度为零，质量 m=1kg，与地面间的动摩擦因数=0.5，轮轴的角速度随时间 t 变化的关系是=kt，k=2rad/s2，g 取 10m/s2，以下判断正确的是（）A物块的加速度逐渐增大 B细线对物块的拉力恒为 6N Ct=2s 时，细线对物块的拉力的瞬时功率为 12W D前 2s 内，细线对物块拉力做的功为 12J 8、如图所示电路，两根光滑金属导轨平行放置在倾角为 的斜面上，导轨下端接有电阻 R，导轨电阻不计，斜面处在竖直向上的匀强磁
6、场中，电阻可忽略不计的金属棒 ab 质量为 m，受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力 F 的作用 金属棒沿导轨匀速向上滑动，则它在上滑高度 h 的过程中，以下说法正确的是 A作用在金属棒上各力的合力做功为零 B重力做的功等于系统产生的电能 C金属棒克服安培力做的功等于电阻 R 上产生的焦耳热 D恒力 F 做的功与安培力做的功之和等于金属棒增加的机械能 9、下列说法正确的是 A用不能被水浸润的塑料瓶做酱油瓶，向外倒酱油时不易外洒 B一定量的理想气体，在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减少 C某气体的摩尔质量为 M，密度为，阿伏伽德罗常数为 NA，则该气体的分子体积为
7、V0AMN D与固体小颗粒相碰的液体分子数越多，布朗运动越明显 E.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的 10、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘空心斜面 ABC 放置在水平面上，CAB=30，斜面内部 0 点(与斜面无任何连接)固定一个正点电荷，一带负电可视为质点的小物体可以分别静止在 M、P、N 点，P 为 MN 的中点，OM=ON，OMAB，下列说法正确的是（）A小物体在 M、P、N 点静止时一定都是受 4 个力 B小物体静止在 P 点时受到的摩擦力最大 C小物体静止在 P 点时受到的支持力最大 D小物体静止在 M、N 点时受到的支持力相等 三、实验题：本题共 2 小题，
8、共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）光敏电阻是阻值随着光照度变化而发生变化的元件。照度可以反映光的强弱。光越强，照度越大，照度单位为 lx。某光敏电阻 R 在不同照度下的阻值如图甲所示。某同学采用光敏电阻以及其他器材，通过改变光照度来测定一节干电池的电动势和内阻。现备有下列器材：A待测的干电池（电动势约为 1.5V，内电阻小于 1.0）B电流表：量程 00.6A，内阻 0.1 C电流表：量程 03A，内阻 0.024 D电压表：量程 03V，内阻约 3k E.电压表：量程 015V，内阻约 15k F.光敏电阻（符号：）H.开关，导线若干 在测定电池
9、电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。(1)在上述器材中电流表选_，电压表选_（填写选项前的字母）；(2)在图乙方框中两出相应的实验电路图_；(3)多次改变光的照度，得到多组电压、电流值。利用测出的数据在图丙所示的坐标图中描出对应的点，由此绘出 U1 图象_，在修正了实验系统误差后。得出干电池的电动势 E=1.50V，内电阻 r=_；(4)当电流表读数为 0.30A 时，光的照度为_lx。（结果保留两位有效数字）12（12 分）某实验小组用如图甲所示的实验装置进行“测量重力加速度”并“验证机械能守恒定
10、律”两个实验。该小组把轻质细绳的一端与一个小球相连，另一端系在力传感器的挂钩上，整个装置位于竖直面内，将摆球拉离竖直方向一定角度，由静止释放，与传感器相连的计算机记录细绳的拉力 F 随时间 t 变化的图线。(1)首先测量重力加速度。将摆球拉离竖直方向的角度小于 5，让小球做单摆运动，拉力 F 随时间 t 变化的图线如图乙所示。图可知该单摆的周期 T 约为_s(保留两位有效数字)。该小组测得该单摆的摆长为 L，则重力加速度的表达式为_(用测量或者已知的物理量表示)。(2)然后验证机械能守恒定律。将摆球拉离竖直方向较大角度后由静止释放，拉力 F 随时间 t 变化的图线如图丙所示。要验证机械能守恒，
11、还需要测量的物理量是_。若图中 A 点的拉力用 F1表示，B 点的拉力用 F2表示，则小球从 A 到 B 的过程中，验证机械能守恒的表达式为_(填表达式前的字母序号)。A211()2FmgmgF B121()2mgFFmg C 21FmgmgF 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，汽缸开口向上，缸内壁有固定小砧，质量为 m 的活塞将缸内封闭一段气体缸内气体压强为2p0+mgS，g 为重力加速度，活塞到缸底的距离为 h，活塞横截面积为 S，大气压强为 p0，环境温度为 T0，活塞与汽缸内壁
12、气密性好且无摩擦，汽缸与活塞的导热性能良好。缓慢降低环境温度，使缸内气体的体积减半，则环境温度应降低为多少；此过程外界对气体做的功为多少?若环境温度不变，通过不断给活塞上放重物，使活塞缓慢下降，当活塞下降12h 时，活塞上所放重物的质量为多少?14（16 分）一列简谐檔波沿 x 轴负方向传播，如图甲所示为该波在 t=0.10s 时刻的波形图，E 是平衡位置为 x=1m 处的质点，F 是平衡位置为 x=4m 处的质点，图乙为质点 F 在 00.20s 内的振动图像，求：（i）波由 F 点传到 O 点所用的时间。（ii）0.100.15s 内质点 E 通过的路程。（结果可保留根号）15（12 分）
13、如图所示，在竖直面内有一个光滑弧形轨道，其末端水平，且与处于同一竖直面内光滑圆形轨道的最低端相切，并平滑连接A，B 两滑块（可视为质点）用轻细绳拴接在一起，在它们中间夹住一个被压缩的微小轻质弹簧 两滑块从弧形轨道上的某一高度 P 点处由静止滑下，当两滑块刚滑入圆形轨道最低点时拴接两滑块的绳突然断开，弹簧迅速将两滑块弹开，其中前面的滑块 A 沿圆形轨道运动恰能通过圆形轨道的最高点，后面的滑块 B 恰能返回 P点 己知圆形轨道的半径0.72mR，滑块 A的质量0.4kgAm，滑块 B的质量0.1kgBm，重力加速度 g取210m/s，空气阻力可忽略不计求：（1）滑块 A 运动到圆形轨道最高点时速度
14、的大小；（2）两滑块开始下滑时距圆形轨道底端的高度 h；（3）弹簧在将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A磁感应强度是用来描述磁场强弱和方向的物理量，故 A 正确；B磁通量是穿过某一面积上的磁感线的条数，单位面积上的磁通量才可以描述磁场的强弱，故 B 错误；C安培力描述电流在磁场中受到的力的作用，不是用来描述磁场的强弱和方向，故 C 错误；D磁感线只能定性地说明磁场的强弱和方向，故 D 错误；故选 A。2、B【解析】K 极中有无光电子射出与入射光频率有关，
15、只有当入射光的频率大于 K 极金属的极限频率时才有光电子射出，选项 A错误；根据光电效应的规律，光电子的最大初动能与入射光频率有关，选项 B 正确；光电管加反向电压时，只要反向电压小于截止电压，就会有光电流产生，选项 C 错误；在未达到饱和光电流之前，光电管加正向电压越大，光电流强度一定越大，达到饱和光电流后，光电流的大小与正向电压无关，选项 D 错误.3、C【解析】单色光由空气射入玻璃砖时，折射角小于入射角。图甲错误。图乙正确；当该单色光由玻璃砖射入空气时，发生全反射的临界角的正弦值 1s n23i Cn 因为 22sin4523 所以临界角45C，图丙、图丁中该单色光由玻璃砖射入空气时的入
16、射角为47，大于临界角，会发生全反射，图丙正确，图丁错误。故选 C。4、D【解析】埃尔文匀速运动能走过的最大位移为 x2=vt2=2.48819=47.272m 因为 x1+x2=2.988+47.272=50.2650m 则运动员没有匀减速运动的过程，所以他匀速运动的时间为 502.98818.895s2.488stt 则埃尔文夺金的成绩为：t=2.5+18.895=21.40s A19.94s 与分析不符，故 A 错误；B21.94s 与分析不符，故 B 错误；C20.94s 与分析不符，故 C 错误；D21.40s 与分析相符，故 D 正确。故选 D。5、A【解析】A实验中用 a 光照射
17、光电管时，灵敏电流计有示数，说明能够发生光电效应；而用 b 光照射光电管时，灵敏电流计没有示数，说明不能发生光电效应，可知 a 光频率大于 b 光频率，选项 A 正确；BC根据光电效应的规律可知，若增加 b 光的照射时间以及增加 b 光的光照强度，都不能发生光电效应，则灵敏电流计都不会有示数，选项 BC 错误；D用 b 光照射时不能发生光电效应，即使适当增大电源的电压，也不会发生光电效应，灵敏电流计也不会有示数，选项 D 错误。故选 A。6、C【解析】A由于开始时弹簧处于原长，物块刚好不下滑，则 sincosmgmg 得物块与斜面间的动摩擦因数 tan 选项 A 正确；B由于物块一直向下运动，
18、因此滑动摩擦力始终与重力沿斜面向下的分力平衡，因此当弹簧处于原长时，物块受到的合外力为零，此时速度最大，选项 B 正确；C由于物块在最低点时刚好不上滑，此时弹簧的弹力 sincos2sinFmgmgmg 物块在到达最低点前的一瞬间，加速度大小为 2 sinFagm 选项 C 错误；D对物块研究 FGfkWWWE 而重力做功和摩擦力做功的代数和为零，因此弹簧的弹力做功等于物块动能的变化量，即弹簧的弹性势能和物块的动能之和为定值，选项 D 正确。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对
19、但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BCD【解析】A轮轴边缘的线速度大小等于物体的速度大小，根据线速度好角速度的关系，有 vRRkt 可见物体做匀加速直线运动，加速度 220.5 2m/s1m/saRk 故 A 错误；B对物体，根据牛顿第二定律 Fmgma 代入数据解得 6NF 故 B 正确；Ct=2s 时，物体的速度为 1 2m/s2m/svat 细线对物块的拉力的瞬时功率为 2 6W12WPFv 故 C 正确；D前 2 秒内，物体的位移 22111 2 m2m22xat 细线对物块拉力做的功为 6 2J12JWFx 故 D 正确。故选 BCD。8、ACD【解析】题中导体棒 ab 匀
20、速上滑，合力为零，即可合力的做功为零；对导体棒正确受力分析，根据动能定理列方程，弄清功能转化关系，注意克服安培力所做功等于回路电阻中产生的热量【详解】因为导体棒是匀速运动，所以动能不变，根据动能定理可得合力做功为零，A 正确；根据动能定理可得0FGWWW安，解得GFWWW安即重力做功等于外力与安培力做功之和，因为动能不变，所以恒力 F 做的功与安培力做的功之和等于金属棒增加的机械能，B 错误 D 正确；根据功能关系可知金属棒克服安培力做的功等于电阻R 上产生的焦耳热，C 正确；9、ABE【解析】A从塑料酱油瓶里向外倒酱油时不易外洒，这是因为酱油不浸润塑料，故 A 正确；B一定质量的理想气体，在
21、压强不变时，温度升高，则分子对器壁的平均碰撞力增大，所以分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数减少，故 B 正确；C气体间距较大，则 0AMVN 得到的是气体分子间的平均距离，故 C 错误；D布朗运动是指悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，反映了液体分子的无规则运动，布朗运动的激烈程度与温度和悬浮颗粒的体积有关，温度越高，体积越小，布朗运动越剧烈，若是与固体颗粒相碰的液体分子数越多，说明固体颗粒越大，不平衡性越不明显，故 D 错误；E根据热力学第二定律，自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，故 E 正确。故选 ABE。10、CD【解析】对小物体分别在三处静止时所受力分析如图
22、所示：A结合平衡条件，由图，小物体在 P、N 两点时一定受四个力的作用，而在 M 处不一定。故 A 错误。B小物体静止在 P 点时，摩擦力 f=mgsin30，静止在 N 点时：f=mgsin30+Fcos30，静止在 M 点时：f=mgsin30-Fcos30，可见静止在 N 点时所受摩擦力最大。故 B 错误。CD小物体静止在 P 点时，设库仑力为 F，受到的支持力：N=mgcos30+F，在 M、N 点时：N=mgcos30+Fsin30，由库仑定律知：FF，故 NN，即小物体静止在 P 点时受到的支持力最大，静止在 M、N 点时受到的支持力相等。故 CD 正确。故选 CD。三、实验题：本
23、题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B D 0.76（0.740.78）0.54（0.50-0.56）【解析】(1)12一节干电池的电动势为 1.5V，则电压表选择 D，因电流较小，故电流表选择 B(2)3电流表的内阻已知，可采用电流表外接电路，电路如图 (3)4根据描点，画出 UI 图像，如图 5由实验原理得 A()EUI Rr 变形得 A()UERr I 由图像可知，内阻为 A1.5 1.07(0.1)0.760.5UrRI 由于误差(0.74V0.78V)均可(4)6当电流表读数为 0.30A 时，读出 1.23VU 则 1.23=4.
24、10.30URI 对照图像可知，光的照度为 0.54lx，由于误差(0.50-0.56)lx均可 12、0.75(0.70 或者 0.73 也对)224 LgT 质量 A 【解析】(1)1小球做单摆运动，经过最低点拉力最大，由图乙可知 11.0s 到 14.0s 内有 4 个全振动，该单摆的周期 14.011.0s0.75s4T 2根据单摆周期公式2LTg可得重力加速度 224 LgT(2)3图中A点对应速度为零的位置，即最高位置，根据受力分析可得 1cosFmg 图中B点对应速度最大的位置，即最低点位置，根据牛顿第二定律可得 22mvFmgL 小球从A到B的过程中，重力势能减小量为(cos)
25、PEmg LL 动能的增加量为 2211()22kEmvFmg L 要验证机械能守恒，需满足 PkEE 解得 211()2FmgmgF 所以还需要测量的物理量是小球的质量 4验证机械能守恒的表达式为 211()2FmgmgF 故 A 正确，B、C 错误；故选 A。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、0002(2)p SmgTp Smg（），12（p0S+mg）h m+03p Sg【解析】本题考查理想气体状态方程的应用。【详解】设环境温度应降低为 T1，当缸内气体的体积减慢时，缸内气体的压强为：10mgppS
26、 根据理想气体状态方程有：0101122mgphSphSSTT（）得到：01002(2)p SmgTTp Smg（）此过程外界对气体做的功：1001122mgWpVphSp Smg hS 设所放重物的质量为 m0，当气体体积减半时，气体的压强为：020mmgppS（）气体发生等温变化，则有 02122mgphSphSS 得到：003p Smmg 14、(i)0.1s(ii)2211 2(cm)【解析】(i)由题图乙可以看出该波的周期 T=0.20s，由题图甲可以看出该波的波长=8m，波速 40m/sTv 波由 F 点传到 O 点所用的时间 0.1sxtv(ii)由题意可知 10.05s4tT
27、由题图可以看出该波的振幅 A=11cm，E 点在14T时间内通过的路程 2s12cm(22 11 2)cm2A 15、（1）6 55m/s；（2）0.8 m；（3）4 J【解析】（1）设滑块 A 恰能通过圆形轨道最高点时的速度大小为 v2，根据牛顿第二定律有 mAg=mA22vR 解得：v2=6 55m/s（2）设滑块 A 在圆形轨道最低点被弹出时的速度大小为 v1，对于滑块 A 从圆形轨道最低点运动到最高点的过程，根据机械能守恒定律，有 12mAv12=mAg2R+12mAv22 可得：v1=6m/s 设滑块 A 和 B 运动到圆形轨道最低点速度大小为 v0，对滑块 A 和 B 下滑到圆形轨道最低点的过程，根据动能定理，有（mA+mB）gh=12（mA+mB）v02 同理滑块 B 在圆形轨道最低点被弹出时的速度大小也为 v0，弹簧将两滑块弹开的过程，对于 A、B 两滑块所组成的系统水平方向动量守恒，（mA+mB）v0=mA v1-mBv0 解得：h=0.8 m（3）设弹簧将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能为 Ep，对于弹开两滑块的过程，根据机械能守恒定律，有12（mA+mB）v02+Ep=12mAv12+12mBv02 解得：Ep=4J