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1、2021年浙江中考科学复习专练（宁波专版）一一专题19功和简单机械一.选择题（共16小题）. （2020慈溪市模拟）超期服役的“天宫一号”空间站于2018年4月2日在大气层坠落烧 毁，走完了它辉煌的一生。下列有关说法正确的是（）A. “天宫一号”坠毁时将依次通过外层、中间层、平流层和对流层B. “天宫一号”坠落时重力势能转化为动能，且机械能守恒C. “天宫一号”燃烧所得产物的总质量和“天宫一号”的总质量相同D.浙江地区4月2日昼长夜短.（2019秋慈溪市期末）将物理课本从水平地面捡到课桌上，此过程对课本所做的功约为 （ ）A. 0.2 JB. 2JC. 20 JD. 200 J.（2019郭州
2、区模拟）某运动员做蹦极运动，如图甲所示，从高处O点开始下落，A点是 弹性绳的自由长度，在B点运动员所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最 低点。运动员所受弹性绳弹力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示（蹦极过程视为 在竖直方向的运动）。下列判断正确的有（）ITT: If: 1mLI rt 1 J r r r LlrT TA.从。点到A点再到B点过程中运动员动能先增大后减少B.从A点到B点再到C点过程中弹性绳的弹性势能先增大后减少C.从C点到B点再到A点过程中运动员动能先增大后减少，运动员重力大小等于FoD.从C点到B点再到A点过程中弹性绳的弹力一直减少，运动员重力大小小于R）.（201
3、9桂林模拟）如图所示，2019年1月3日“嫦娥四号”成功登陆月球背面，巡视器 在月球背面留下了第一道“车辙”印迹，若巡视器是沿着斜坡轨道匀速开下着陆器的， 则在下坡过程中，关于巡视器的机械能说法正确的是（）（2）平台C受到的压力最大值为三.实验探究题（共4小题）25.（2020宁波模拟）为了研究动能的大小与哪些因素有关，教材中设计了“小钢球撞木块”的实验（如图所示），让静止的小钢球从斜面滚下，观察木块被推动的距离。（1）该实验的设计思路是采用 法，用木块移动的距离来表示动能的大小；（2）该实验“物体的动能”是指物体 （选填A”或B”）的动能；（3）若要研究物体动能与物体质量的关系，实验中让质量
4、不同的物体从斜面同一高度上静止滚下的目的是 O26. （2019秋余姚市期末）小科猜想动能的大小可能与物体的质量和运动速度大小有关， 于是他设计了如图甲、乙所示的实验装置，来探究动能的大小与那些因素有关（实验过 程中不计空气阻力）。甲乙（1）甲图中让不同质量的两个小球从同一高度自由滚下的目是;（2）根据图乙的实验现象可以得出的实验结论是：；（3）物理的研究方法有：等效替代法、类比法、理想实验法等。在本实验中运用了两种 研究方法：一是、二是转换法（即用纸盒移动的距离长短来表示小球动能的大小）。27. （2019慈溪市模拟）利用如图装置进行“探究动能大小的影响因素”实验。用两根细绳将小球悬挂起来，
5、拉起小球，当细绳与竖直方向成。角后松手，小球撞击水平木板上的木块，记下木块移动的距离S。改变角度e的大小，重复实验。(1)本实验探究的问题是物体的动能大小与 的关系。(2)利用上述实验，同时还可以探究的问题是 o(2019宁波模拟)统计数据表明，大部分交通事故的发生是由于汽车超速或超载造成的。 为了模拟研究汽车超载和超速带来的危害，小科用小球作为理想模型代替汽车，设计了 如图所示的甲、乙、丙三次探究实验：将A、B、C三个小球(mA = mBmc)先后从同 一装置中高度分别为hA、hB、he的位置静止释放(hA=hchB),记录同一小木块向前 移动的距离。(1)实验中超载超速的危害用 来模拟体现
6、。(2)用来研究超载的危害时，小科应选择 两次实验进行比较。28. (2020慈溪市模拟)如图，小科要用最小的力把一圆柱油桶推上台阶。(1)下面四种推法中，哪种方法所需推力最小？ o (选填字母代号)FF(2)若已知圆柱油桶重力为G,圆木直径为1米，台阶的高度为10厘米，则最小推力F 多大？29. (2020余姚市二模)如图所示支撑杠杆水平平衡的支架AOB随物体M在液体中能上下 运动自动升降，物体M的密度为2.7Xl()3kg/m3,轻质杠杆Loa： Lob = 2： 5.某同学质 量为60kg,利用这个装置进行多次实验操作，并将实验数据记录于表格中(表格中F浮为物体所受的浮力、h为物块浸入液
7、体的深度，P为液体对容器底部的压强)，在各次操 作过程中可认为杠杆始终保持水平。其中一次实验用力F1拉动绳自由端匀速竖直向下运 动，该同学对地面的压强为独立站在地面时对地压强的一半，滑轮组的机械效率n = 90%.已知，物体M浸没在液体中时，液体深度1.8m （绳的重力、滑轮与轴的摩擦及液 体对物体的阻力不计。g=10N/kg）oF浮/N100200300400500600600600h/m0.10.20.30.40.50.60.70.8P/pa1672516975172251742517725180001800018000求：（1）拉力F1的大小；（2）液体的密度；（3）物体M完全露出液体表
8、面时，滑轮组的机械效率（百分号前面保留整数）。2021年浙江中考科学复习专练（宁波专版）一一专题19功和简单机械参考答案与试题解析一.选择题（共16小题）1 .【解答】解：A、“天宫一号”坠毁时，将依次通过暖层、中间层、平流层和对流层。故 A错误；B、“天宫一号”坠落时高度降低、速度增大，重力势能会转化为动能，但由于空气的摩 擦，一部分机械能会转化为内能，所以机械能不守恒，故B错误；C、“天宫一号”燃烧的过程是与氧气发生反应的过程，所得产物的总质量要大于“天宫 一号”的总质量。故c错误；D、在我国夏至日是6月21日或22日，冬至是12月21日或22日，从夏至日到冬至日， 我国浙江地区是昼短夜长
9、，但过了冬至日，白昼逐渐变长，黑夜变短。故D正确。故选：D。2 .【解答】解：物理课本的质量大约是m = 200g=0.2kg,物理课本的重力G=mg=0.2kg X 10N/kg = 2N。课桌的高度大约是0.8m,从地面捡到课桌上拾起物理课本做功：W=Gh = 2NX0.8m=1.6J.与B选项最为接近。 故ACD错误，B正确。故选：Bo.【解答】解:A、从O点到A点的过程中，运动员受到重力的作用，向下做加速运动；从A再到B点 过程中，运动员会受到竖直向上的弹力的作用，由弹力小于重力，故运动员仍然做加速 运动，故从。点到A点再到B点过程中运动员动能是一直增大的，故A错误；B、从A点到B点再
10、到C点过程中弹性绳的形变程度逐渐变大，故弹性势能一直变大， 故B错误；C、从C点到B点过程中，弹性绳的弹力大于运动员的重力，故运动员做加速运动，动 能变大，B点到A点的过程中，弹力小于重力，运动员做减速运动，动能变小；所以从 C点到B点再到A点过程中运动员动能先增大后减少；由图乙可知，当运动员停止运动 时，运动员受到重力和弹力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，所以此时的弹力为：G = F=O.6Fo；所以运动员的重力要小于Fo,故C错误；D、从C点到B点再到A点过程中弹性绳的形变程度逐渐减小，则弹力一直减少，根据 C的分析可知，运动员重力大小小于Fo,故D正确。故选：Do.【解答】解：巡
11、视器是沿着斜坡轨道匀速开下着陆器的，则在下坡过程中，巡视器的质量 不变，速度不变，动能不变；同时巡视器的高度不断减小，则重力势能不断减小。 故ACD错误，B正确。故选：Bo.【解答】解:A、由图看出，弹簧的弹力在变化，说明运动过程中弹簧的弹性势能在变化，而小球和弹 簧组成的系统机械能守恒，则知小球的机械能不守恒。故A错误。B、tit2这段时间内，高度不断增加，重力势能不断增加，但小球先向下做加速度减小 的加速运动，然后做加速度增大的减速运动，小球的速度先增大后减小，小球动能先增 大后减小，故B错误；C、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故C错 误；D、t2t
12、3段时间内，但是速度减小的加速运动，然后向上做加速度增大的减速运动，所 以小球的动能先增大后减小。故D正确； 故选：Do6【解答】解：小球在A点时处于静止状态，动能为零，所处高度相同，重力势能相等， 机械能为动能和重力势能之和，所以，小球在A点时具有相同的机械能，AB、AC、AD 是三个光滑斜面，小球在下滑过程中不受摩擦力的作用，所以，势能全部转化为动能， 不计碰撞时的能量损耗，小球在撞击三个物块前瞬间具有的动能相等，又因为在B、C、 D三点上的物体相同，对水平面的压力相等，接触面的粗糙程度相同，所以三个物块所 受摩擦力的大小相等，故物块移动了相同的距离，根据W=Fs可知，小球对三物块做功 一
13、样多。故ABC正确，D错误。故选：Do.【解答】解：A、铁球推动木块移动过程中，木块的速度逐渐减小，动能逐渐减小，在此过程中，木块对水平面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，选项A说法正确；B、该实验最终说明物体的动能大小与速度有关，该题中的球的高度代表速度的大小，选 项B说法错误；C、如果水平面绝对光滑，则木块在水平方向没有摩擦力，则木块将会一直保持匀速直线 运动状态运动下去，选项C说法正确；D、铁球从斜面上滚下来的过程中，重力势能转化为动能，动能越来越大，铁球在此过程 中，质量不变，所以惯性不变，选项D说法正确。故选：Bo.【解答】解:A.根据杠杆平衡条件FiLi=F2L2得
14、:FiLi=FL2即 150NXLob=F XLoa又知 Loa： Lob=4： 5所以解得F =120N物体M由两段绳子来承担，所以M的重Gm = 2F2=2X 120N = 240N则M的质量为mM=粤=L2=24kg；故A错误；B.根据人对地面的两次压强可列式得：G )Y=p-=P2 +式得：G 人 _ PiGa-Pi =瓦Hn GA 2.2xlO3PaP J -IG 人-150N 1.7xlO3Pa解得G人= 660N再有重力的公式G=mg得：Gm人=誓 =歌fkg；故B错误；C.由以上知人的重力为G人= 660N,所以人对杠杆的B端竖直向下的作用力F2的最大 值应等于人的重力。故C正
15、确；D.当F2的最大值应等于人的重力时根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得:660NXOB = FXOA解得F= 528N所以 Gm+Gn=2F即 240N+Gn=2X528N解得:Gn=816N由重力的计算公式G=mg得:mN=G n = 816N 丁 二 10N/Kg=81.6kg；故D错误。故选：Co9【解答】解:动滑轮重力G动=1 = 0,61乂 10N/kg = 6NoA、由图知，n = 3,不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦，拉力F= （G+G箱+G动）,则每次能吊的材料最大重G最大=3F最大-（G箱+G动）=3X500N- （15N+6N） = 1479N,故A错误;B、改变使用的定滑
16、轮的质量，不会影响有用功、总功的大小，不会影响滑轮组的机械效率，故B错误；C、工人快速拉升、慢速拉升同样的材料，做的功相同，但时间不同，由P=，可知工人做功的功率不相同，故C错误;D、所吊材料受到的重力G = mg = 1 OOkgX 1 ON/kg = 1000N,-N,不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦，拉力F昊（G+G箱+G动）=1000N+15N+6N）=i1水平拉F所做的功W=Fs=UfNX30m=10210J,故D正确。故选：Do10.【解答】解:A、由图可知，滑轮组中由3股绳子承担重物，已知物体上升的速度为0.6m/s,则汽车行驶的速度v = 3v物=3义。.6111/5=1.801人
17、，故A错误；B、物体匀速上升过程中，质量不变、速度不变，则动能不变；同时高度变大，重力势能变大；因物体的动能不变、重力势能变大，所以机械能变大，故B错误；C、物体的重力：G = mg = 200kg X 1 ON/kg = 2000N ；物体露出水面前，物体受到的浮力:F 浮=p 水 gV 排=p 水 gV = 1 义 103kg/m3 X 1 ON/kg X 0.05m3 = 500N, 滑轮组对物体的拉力：F 拉=6 - F 浮= 2000N - 500N= 1500N,由图知，n = 3,不计摩擦、绳重和滑轮重，物体露出水面前汽车匀速拉绳子时的拉力:11F=m=4xl5OON = 5OO
18、N,故 C 正确；D、由题知，汽车受到的阻力为：f=0.05G =0.05 X3X 104N= 1500N；物体完全离开水面后汽车对绳子的拉力：1 c-T 2000/VF =弓G 物=司 x2000N= ,汽车匀速直线运动，受到平衡力作用，在水平方向上，汽车受到向右的牵引力、向左的拉力、向左的阻力作用；6500N-3由力的平衡条件可得牵引力：re 2000/V , 尸牵=尸+f=5 + 1500N=汽车运动的距离：s车= 3h = 3义(10m - 4m) =18m；牵引力做功为：W牵=尸牵$车=驾竺xl8m = 3.9Xl()4j,故口错误。故选：Co11 .【解答】解：A.气温是描述天气状
19、况的因素之一，故A正确；B.拉住锻钢的滑轮组能省力，起到了省力杠杆的作用，故B正确;c.钢段向上运动时，由于动滑轮和物体重力保持不变，根据公式“=2步=少等工= 总动市可知，滑轮组的机械效率保持不变，故C错误; G+G动D.锻钢离开船体后，船体的重力减小，根据尸浮=6可知，船体受到的浮力减小；根据阿基米德原理F浮=水且丫排可知，船体排开水的体积变小，那么船底到水面的深度减小;根据公式p=pgh可知，船底部受到的液体压强比锻钢离开前小，故D正确。故选：Co112.【解答解：A、不计绳重及摩擦，因为拉力F=： (G物+G动)，m=2, n2=3, I1所以绳端的拉力：Fi=-G物+G动），F2=（
20、G物+G动），所以FiF2,故A错误；B、由图知，n甲=2, n乙=3,甲滑轮组绳子自由端移动的速度v甲=2v物，乙滑轮组绳子 自由端移动的速度v乙=3v物，所以甲绳子自由端移动速度小于乙绳的自由端移动的速度, 故B正确；C、使用动滑轮能够省力，为省力杠杆，故C错误；D、因为绳子自由端移动的距离s = nh, ni=2, n2 = 3,提升物体的高度h相同，所以si = 2h, S2 = 3h,则 S1WS2,故 D 错误；故选:Bo.【解答】解:在不计绳重和摩擦时，用定滑轮提升物体时，定滑轮的机械效率等于1,用动滑轮提 升物体时，要克服动滑轮的重，动滑轮的机械效率小于1.所以n甲乙。在相同时
21、间t内，物体上升的距离h也相等，物体上升的速度V相同，动滑轮提升物体时，拉力做的总功为：W,以 = Fs=2Fh,拉力功率为P甲= 2Fv。定滑轮提升物体时，拉力做的总功为：W1=Fs,=Fh,拉力功率为P乙 = Fv。即P甲=2P乙，所以P甲P乙.选项A正确、选项B错误；根据机械效率公式得，甲的有用功为：W甲=“甲W总= 2Fh”甲，乙的有用功为：亚乙=乙W%=Fhii乙，所以，2W乙= 2Fhn乙，因为不计绳重和摩擦，滑轮的质量小于物体的质量，2r|甲“乙，所以，W甲乙.选 项C、D错误。故选：Ao.【解答】解:A、由图可知，在提升动滑轮的过程中，由力臂的定义可知，Fi的力臂要小于F2的力
22、臂， 根据杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越小，动力越大，即F1 F2；故A错误；B、在不计摩擦的情况下，用F2提升物体时，动力臂是阻力的2倍，则F2=3（G+G动）， 故B错误；C、由图可知，连接OA的直线与Fi的力的作用线不垂直，根据力臂定义可知，OA不是 Fi的力臂，故C错误；D、根据动滑轮的特点可知，绳子自由端移动的距离是物体上升高度的2倍，故D正确。故选：Do.【解答】解：（1）由图知，n = 2,绳子自由端移动速度v = 2v物= 2X0.5m/s= LOm/s,故A正确；（2） 5s绳子自由端移动距离s = vt= 1.0m/sX5s = 5.0m,由W =
23、Fs可得拉力F=S=6N，故CD正确。D.Om（3）若不计动滑轮和绳重、不计滑轮与绳之间摩擦，物体A受到的摩擦力f=2F=2X 6N=12N,由于动滑轮重力G动存在，物体A受到的摩擦力f=2F-G动，小于12N,故 B错；故选：Bo.【解答】解：甲杠杆：浸没水中之前：pgViXLi = pgV2XL2,所以 ViXLi=V2*L2,浸没水中后左端力和力臂的乘积为：（p物gVi - p水gVi） XLi= （p物-p水）gVi XLi, 浸没水中后右端力和力臂的乘积为：（p物gV2-p，KgV2）XL2= （p物-p水）gV2XL2, 所以浸没水中后，左右两端力和力臂的乘积相等，故杠杆仍然平衡。
24、乙杠杆：浸没水中之前：pigVXLi = p2gVXL2,浸没水中后左端力和力臂的乘积为：（pigV-p水gV） XLi = pigVXLi -p水gVXLi, 浸没水中后右端力和力臂的乘积为：（p2gV-p，KgV） XL2 = p2gVXL2-p水gVXL2, 因为L1VL2,所以，左端力和力臂的乘积大于右端力和力臂的乘积，故杠杆左端下沉，综上所述，选项C符合题意。故选：Co二.填空题（共8小题）17.【解答】解：（1）实验中通过比较木块滑动的距离来判断钢球动能的大小；（2）比较甲乙两图可知，甲图小球高度大，推动木块运动的距离越远，故可得结论是: 在质量相同时，物体的速度越大，动能越大；（
25、3）超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大。选择到达水平面的速度相等，质巡视器A.动能增大，重力势能不变B.动能不变，重力势能减小C.动能不变，重力势能不变D.动能增大，重力势能减小5.（2019宁波自主招生）如图1所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻， 将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低 点（形变在弹性限度内），然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后又下落，如此反复。 通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出该过程中弹簧弹力F随时间t变化的图象如图2 所示，不计空气阻力。则（）fi t hr图1图2A.运动过程中小球的机械能守恒B.ti
26、t2这段时间内，小球的动能与重力势能一直在增加C.t2时刻小球的速度为最大D.t2t3这段时间内，小球的动能先增加后减少6.（2019宁波模拟）AB、AC、AD三个光滑斜面，其中AD为曲面，小球从A点分别沿三个面静止滑下，撞击放在B、C、D位置的相同物块，小球和物块移动相同的距离停下,不计碰撞时的能量损耗，下列说法错误的是（）量不同的小球进行实验，即甲、丙两图符合题意；超速是指汽车的质量一定，速度越大，动能越大。选择质量相等到达水平面速度不同的 小球，即甲、乙两图符合题意。故答案为：（1）滑动的距离；（2）质量一定时，速度越大，动能越大；（3）甲、丙。18 .【解答】解:（1）很长的山路相当于
27、斜面，汽车在盘山公路上上升时，增大了运动的距离，可以省力，但不能省功；（2）汽车所做的有用功为：W=Gh = mgh = 2000kg X 1 ON/kg X250m=5 X 106Jo故答案为：（1）省力；（2） 5X106o.【解答】解：从A位置到C位置铁球的重力做功W=Gh = mgh,因为从A位置开始向下运动的过程中，重力势能转化为动能，从B到C过程中动能又转 化为弹性势能，整个过程中不计能量损耗，根据机械能守恒定律可知，弹簧的弹性势能 增加量为E=W=Gh = mgh；因为斜面和水平面均光滑，整个过程不计能量损耗，机械能守恒，所以最终小球被弹簧 弹出后滚上斜面的高度h，等于原来小球被
28、释放的高度h。故答案为：mgh； mgh；等于。19 .【解答】解：由题意可知，杠杆的动力为F,动力臂为OA,阻力分别是重物G物和钢管1的重力G钢管，阻力臂分别是OB和）OA,重物的重力 G 物= im=150kg-OB = FOA；21140NX x40cm = FX50cmF=56No故答案为：56；如图不。21 .【解答】解：(1)当B物体重力最小时，杠杆平衡，此时以M为支点，Ga的力臂为DM, Gb的力臂为ME,因为 DM=MN = NE,所以 ME=2DM,根据杠杆平衡条件可得：GaXDM = Gb最小XME, 11则 Gb 最小=5GA=5 x6N=3N；(2)当B物体重力最大时，
29、杠杆平衡，此时以N为支点，Ga的力臂为DN, Gb的力臂为NE,因为 DM = MN = NE,所以 DN = 2NE,根据杠杆平衡条件可得：GaXDN=Gb最大XNE,则 Gb最大=2Ga = 2X6N=12N；平台BC受到的最大压力等于A的重力、B的最大重力之和，BP F 最大=Ga+Gb 最大= 6N+12N=18N。故答案为：(1) 3N； (2) 18No三.实验探究题（共4小题）22 .【解答】解：（1）用木块移动的距离来表示动能的大小，采用的是转换法；（2）该实验研究的是小球A动能的大小与速度和质量的关系；（3）研究物体动能与物体质量的关系时需要控制速度相同，需要让质量不同的物体
30、从斜 面同一高度上静止滚下。故答案为：（1）转换；（2） A； （3）保证物体到达水平面时的速度相同。23 .【解答】解：（1）据甲组实验中，让两球从相同的高度释放是为了让他们滚动到斜面底端的速度相同;（2）乙图中两球的质量相同，高度不同，到达底端的速度不同，木块被推出的距离不同， 可以得到结论当物体的质量相同时，速度越大动能越大；（3）因物体的动能与质量和速度有关，所以当研究与其中一个因素关系时，应采取控制 变量法；实验中通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断物体动能的大小， 这种研究问题的方法是转换法。故答案为：（1）使小球到达水平面时的速度相等；（2）当物体的质量相同时，速度越
31、大动能越大；（3）控制变量法。24 .【解答】解：（1）实验中小球一定，小球摆动的角度不同，撞击木块时的速度不同，所 以本实验探究的问题是物体的动能大小与速度的关系；（2）细绳与竖直方向成的9角不同，则下落的高度不同，通过对木块做功的多少，可以 判断小球重力势能的大小，所以该实验可以探究重力势能与高度的关系。故答案为：（1）速度；（2）重力势能大小与高度的关系。25 .【解答】解：（1）超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大，将木块推动得越远，说明动能越 大，故实验中超载超速带来的危害程度用木块被推动的距离来表示；（2）超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大，将木块推动得越远，说明动能
32、越 大，故需要需要高度相同，质量不同的小球，图中甲丙符合要求。故答案为：（1）小木块移动的距离；（2）甲、丙。四.解答题（共2小题）.【解答】解：（1）如题干图所示，把一圆木推上台阶，可视为一个杠杆，其支点为圆木 与台阶的接触点，四种推法中，阻力和阻力臂都相等，D图中动力臂最大，根据杠杆平衡条件可知，D图中的方法所需推力最小。(2)如下图所示，若已知圆木重力为G,圆木直径D=1米，圆木半径米= 0.5m,台阶的高度为10cm=01m。则根据杠杆平衡条件可得：FX lm = Gx V(0.5m)2 - (0.5m - 0.1m)2 =GX0.3m,解得，最小推力：F=0.3Go故答案为：(1)
33、D； (2)最小推力F为0.3G。29 .【解答】解：(1)人的重力G人=01人8 = 601乂10W1=600。11拉力是人的重力的一半，Fi=5G人=5x6OON=3OON； 乙乙(2)由表中最后三列数据可知，物体完全浸没时，液体对容器底面的压强为P=18000Pa,由P=P液gh得,P液=卷=而黑加=1 X 103kg/m3；(3)分析滑轮组可知，这是一个由2段绳子承担物重的滑轮组，设作用在C端的拉力为Fc, Pc二式 作用在 C 点的拉力 Fc=T)X nF i = 90% 义 2 X 300N = 540N ；又Fi=W (Fc+G动) 动滑轮的重力 G 动= 2Fi - Fc =
34、2X300N - 540N = 60N；根据浮力的公式，当物体完全浸没时，p,物体的体积 Vm= =吗=0.06m3,P / 1.0xl06kg/m3xl0N/kg物体的重力 Gm = pMgVM = 2.7 X 103kg/msX 10N/kgX 0.06m3 =1620N；根据杠杆的平衡条件，FaXLoa=FbXLob, Fa = Gm, Loa： Lob = 2： 5,.Fb= =.Fb= =1620/VX25=648N,Fb 二 %+G动648/V648N+60N=92%o答：(1)拉力Fi的大小为300N；(2)液体的密度为lXl()3kg/m3；(3)物体M完全露出液体表面时，滑轮
35、组的机械效率为92%。A.小球对三物块做功一样多B.小球在A点时，具有相同的机械能C.小球在下滑过程中势能全部转化为动能D.小球在撞击三个物块前瞬间具有的动能是不同的.（2019郭州区一模）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让同一铁球 从斜面的不同高度由静止释放。撞击同一木块（如图所示）移动S距离。下列说法不正 确的是（）A.木块移动过程中，动能逐渐减小，摩擦力不变B.该实验说明物体的动能大小与高度有关C.若水平面绝对光滑，木块将做匀速直线运动D.铁球从斜面上滚下来的过程中，速度越来越大，惯性却不变.（2019宁波模拟）如图所示，横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA： OB
36、 = 5： 4,动滑轮悬挂着物体M,小科站在水平地面上时对地面的压强为2.2Xl（）4pa,当他用力 向下拉横杆B端使横杆AB刚好在水平位置平衡且M恰好离地时他对横杆B端竖直向下 的作用力Fi为150N,此时他对水平地面的压强为L7X lO,pa,若在物体M下面再加挂 物体N,小科需用更大的力作用在B端才能使横杆水平，当横杆AB在水平位置再次平 衡时，他对横杆B端竖直向下的作用力F2,根据上述条件，下列计算结果正确的是（g 取10N/kg,滑轮、横杆AB与绳的质量均忽略不计）（）zzzzzzA.物体M的质量为375kgB.小科的质量为65kgC. F2的最大值为660ND. N的最大质量为45
37、kg. （2019海曙区一模）某工厂搬运货物用了如图所示的装置。已知滑轮组中绳子能承受的 最大拉力为500N,定滑轮的质量为0.5kg,动滑轮的质量为0.6kg,货箱重为15N,不计 绳重和绳子与滑轮间的摩擦，下列说法正确的是（）A.匀速吊起货物上楼，每次能吊的货物最多不能超过1469NB.使用的定滑轮质量越小越省力C.工人分别用5m/s和3m/s速度匀速拉升同一货物，工人做功的功率相同D.所吊货物质量为100kg,匀速提升10m,则水平拉力F所做的功为10210J.（2019宁波一模）如图所示，是一辆汽车通过滑轮组将深井中的物体拉至井口的装置图。已知井深10m,水深4m,物体质量为200kg
38、,体积为O.OSn?,汽车重为3*1。4此 汽车受到的阻力恒为车重的0.05倍，物体在汽车的作用下以0.6m/s的速度匀速上升（不计摩 擦、绳重和滑轮重）下列说法正确的是（）777777/A.汽车行驶的速度为0.2m/sB.物体上升过程中机械能保持不变C.物体露出水面前汽车匀速拉绳子时的拉力大小为500ND.物体完全离开水面到刚离开井口，汽车做功大小为2.1X104!7 .（2020余姚市一模）2020年1月14日，宁波三官堂大桥最后一节超大节段钢结构焊接 完成，标志着大桥实现合龙。合龙段焊接缝的精度要求为1cm,而结构长度受温度的影 响很大，每变化1.5就会影响合龙段间隙1cm,所以必须要等
39、到结构预制时计算的气温 才可以精准合龙。为了等待最佳的“天时”，施工人员守候了整整3天。如图是当时的场 景照片，结合所学知识，判断下列说法不正确的是（）A.气温是描述天气状况的因素之一B.拉住锻钢的滑轮组起到了省力杠杆的作用C.钢段向上运动时，滑轮组的机械效率不断提高D.锻钢离开船体后，船底部受到的液体压强比锻钢离开前小. （2020宁波模拟）如图所示，用完全相同的四个滑轮和两根细绳组成甲、乙两个滑轮组， 在各自的自由端分别施加F1和F2的拉力，在相同时间内将相同的重物竖直匀速提升相 同的高度（不计绳重、轮重和一切摩擦）。下列说法正确的是（）甲乙A.拉力F1小于拉力F2B.甲绳子自由端移动速度
40、小于乙绳的C.甲、乙两滑轮组均属于费力的机械D.甲、乙两滑轮组绳子自由端移动的距离相等. （2020余姚市二模）如图所示，用两个滑轮分别匀速提升A、B两个物体，拉细绳的力F大小相等，在相同时间内，物体上升的距离也相等，绳重及摩擦不计，滑轮的质量小于物体的质量，甲的有用功为W甲，机械效率为n甲，拉力的功率为Pm乙的有用功为W乙，机械效率为n乙，拉力的功率为P乙.比较甲、乙两个装置可知（）甲甲A. P甲P乙B. P甲VP乙C. W甲VW乙丁|甲丁|乙D.W单=41乙丁）甲r）乙. （2019宁波模拟）如图所示，滑轮第一次受到F1的作用，第二次受到竖直向上F2的作用，物体的重力为G.在不计摩擦的情况
41、下，将物体匀速向上提起时（）A. FiF21B. F2=5GC. Fi的力臂为OAD.在F2方向上移动的距离为物体上升距离的2倍.（2019宁波模拟）质量是6kg的物体A放在水平桌面上，小科利用如图所示的装置匀速拉动绳子自由端并在5s内做了 30J的功，物体A运动速度为0.5m/s。下列判断错误的A.绳子自由端移动速度为LOm/sB.由于G定存在，物体A受到的摩擦力大于12NC.作用在绳子自由端的拉力F为6ND.绳子自由端移动5m（2019慈溪市模拟）小华在做实验时提出了如图所示两个模型，两杠杆均处于平衡状态，甲杠杆上平衡的是两个同种密度但体积不同的实心物体，乙杠杆上平衡的是两个体积相同但密度
42、不同的实心物体，如果将它们都浸没在水中，则两杠杆将（）甲乙A.仍保持平衡B.都失去平衡C.甲仍保持平衡，乙失去平衡D.甲失去平衡，乙仍保持平衡二.填空题（共8小题）16. （2020宁波模拟）为探究“动能大小的影响因素。科学小组利用斜面、钢球、木块等 器材开展了如图所示的活动。（1）实验中通过比较木块 来判断钢球动能的大小；（2）在图甲和图乙中，用质量相同的两个钢球从斜面上不同高度自由滚下，比较两图实 验现象，得到的结论是;（3）由实验中钢球撞击木块做功，同学们联想到汽车撞击行人出现交通事故的情景，并 猜想到交通事故的危害程度与“超载”、“超速”有关。若要研究超载的安全隐患，我们 应选择 两个
43、图所示实验进行比较。（2019慈溪市模拟）小楼去山区旅游，坐在汽车里通过了弯弯绕绕很长一段路程来到了 一座村庄。村民告诉她还只是在半山腰，她感到很惊讶。为什么汽车要走这么长的路程 呢？小莉回校后请教了科学老师用如图所示的斜面进行模拟实验。在保持斜面高度不变 的情况下，改变斜面的长度。发现斜面越长，拉动小车匀速上升的力F越小。（1）由此她明白了很长的山路使汽车 （“省力”或“省功”）的作用。（2） 一辆总质量为2000千克的汽车以10米/秒的速度匀速通过一段长3750米的路程,提高250米，所做的有用功为 焦。（g取10牛/千克）（2019宁波模拟）将一质量为m的铁球静置于斜面上，放手后铁球从A
44、位置开始向下 运动（如图甲），B位置时小球刚好接触弹簧（如图乙），到达C位置时小球的速度变为 零（如图丙）。已知AB间的高度差为h,则从A位置到C位置铁球的重力做功大小 是;在此过程中弹簧的弹性势能增加量为 o最终小球被弹簧弹出后滚上斜面的高度h，（填“大于”、“小于”或“等于）原来小球被释放的高度h。（斜 面和水平面均光滑，整个过程不计能量损耗）20.（2020余姚市二模）OA是一个均匀钢管，每米长所受重力为30N；。是转动轴；重物 的质量m是150kg,挂在B处，OB=lm；拉力F作用在A点，竖直向上。为维持平衡， 钢管OA为 m时所用的拉力最小，这个最小拉力是No21. （2020奉化区一模）如图所示，质量为m的人站在质量为m/2的均匀木板AB的中点，木板可以绕B端转动，要使木板处于水平状态不动，此人拉力的大小为 o （摩擦可以忽略不计）22. （2020宁波模拟）如图