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1、【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！1/19 2020高二物理上学期第二次月考试卷（含解析）编 辑：_时 间：_教学资料范本【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！2/19【最新】20 xx年高二物理上学期第二次月考试卷（含解析）一、选择题（1 至 8 题单选，9 至 12 题多选，每题 4 分，其中多选题选对但不全得 2 分，选错得 0 分，共 48 分）1电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（）AA点的电场强
2、度比 C点的小B电荷沿等势面 AB移动的过程中，电场力始终不做功C负电荷在 A点的电势能比在 C点的电势能大D正电荷由 A移动到 C，电场力做负功2如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取 O点电势为零，Ox方向上各点的电势 随 x 变化的情况如图乙所示若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（）A电子一直沿 Ox负方向运动B电子运动的加速度逐渐增大C电场力一直做正功D电子的电势能逐渐增大3如图所示，水平放置的平行金属板a、b 分别与电源的两极相连，带电液滴 P在金属板 a、b 间保持静止，现设法使P固定，再使两金属板 a、b 分别绕中心点 O、O 处垂直于纸面的轴顺时针转相同的小角度
3、，然后释放 P，则 P在电场内将做（）A匀运直线运动B水平向右的匀加速直线运动C斜向右下方的匀加速直线运动D曲线运动4在如图所示电路中，E为电源，其电动势E=9.0V，内阻可忽略不计；AB为滑动变阻器，其电阻R=30；L 为一小灯泡，其额定电压U=6.0V，额定功率 P=1.8W；S为开关，开始时滑动变阻器的触头位于B端，现在接通开关S然后将触头缓慢地向A方滑动，当到达某一位置C处时，小灯泡刚好正常发光，则CB之间的电阻应为（）A10B20C15D55如图所示，直线、分别是电源1 与电源 2 的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源
4、 2 单独连接，则下列说法正确的是（）【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！3/19 A电源 1 与电源 2 的内阻之比是 11：7B电源 1 与电源 2 的电动势之比是 1：1C在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：2D在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：26如图所示电路中，开关闭合稳定后，某时刻理想电压表和电流表的读数都突然增大，造成这一现象的原因是电阻元件发生短路或断路故障，则可能出现了下列哪种故障（）AR1断路 BR1短路 CR2断路 DR3短路7如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为
5、r，R0为定值电阻，电容器的电容为 C闭合开关 S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为 U，电流表示数的变化量为I，则（）A变化过程中U和I 的比值保持不变B电压表示数 U和电流表示数 I 的比值不变C电阻 R0两端电压减小，减小量为UD电容器的带电量增大，增加量为CU8R1与 R2并联在电路中，通过R1与 R2的电流之比为 1：2，则当 R1与 R2串联后接入电路中时，R1和 R2两端电压之比 U1：U2为（）A1：2 B2：1 C1：4 D4：19如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹粒子先经过M点，再经过 N点可以判定（）A粒子在 M点受到的电场力大
6、于在N点受到的电场力BM点的电势高于 N点的电势C粒子带正电D粒子在 M点的动能大于在 N点的动能10一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为 I，线圈电阻为 R，将它接在电动势为E，内阻为 r 的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（）A电动机消耗的总功率为UI B电源的效率为1C电动机消耗的热功率为D电源的输出功率为EI11如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻 r 恒定不变，滑片 P在变阻器正中位置时，电灯L 正常发光，现将滑片P移到右端，则（）A电压表的示数变大B电流表的示数变大【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢
7、迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！4/19 C电灯 L 消耗的功率变小D电阻 R1消耗的功率变小12如图所示的图线表示某电池组的输出电压与电流的关系（UI图线），图线表示其输出功率与电流的关系（PI 图线）则下列说法正确的是（）A电池组的电动势为50 VB电池组的内阻为C电流为 2.5 A 时，外电路的电阻为15D输出功率为 120 W时，输出电压是30 V二、实验题（每空2 分，实物图连接2 分，共 22 分）13分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数分别如图（a）、（b）所示，长度为 cm，直径为 mm 14如图所示为多用电表的刻度盘若选用倍率为“100”的电阻
8、挡测电阻时，表针指示如图所示，则：（1）所测电阻的阻值为；如果要用此多用电表测量一个阻值约为 2.0104 的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是（选填“10”、“100”或“1k”）（2）用此多用电表进行测量，当选用量程为50mA 的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为mA；当选用量程为 250mA 的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为mA（3）当选用量程为 10V的电压挡测量电压时，表针也指于图示位置，则所测电压为V15为了测量由两节干电池组成的电池组的电动势和内电阻，某同学设计了如图甲所示的实验电路，其中R为电阻箱，R0=5 为保护电阻（1）按照图甲所
9、示的电路图，某同学已经在图乙所示电路中完成部分导线的连接，请你完成余下导线的连接（2）断开开关 S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数及电阻箱接入电路中的阻值多次重复上述操作，可得到多组电压值 U及电阻值 R，并以为纵坐标，以为横坐标，画出的关系图线（该图线为一直线），如图丙所示由图线可求得电池组的电动势 E=V，内阻 r=（保留两位有效数字）【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！5/19（3）引起该实验系统误差的主要原因是三、计算题（第 16 题 8 分，第 17 题 10 分，第 18
10、 题 12 分，共 30分）16在如图所示的电路中，两平行正对金属板A、B水平放置，两板间的距离 d=4.0cm电源电动势 E=400V，内阻 r=20，电阻 R1=1 980闭合开关 S，待电路稳定后，将一带正电的小球（可视为质点）从 B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s 竖直向上射入两板间，小球恰好能到达 A板若小球所带电荷量q=+1.0107C，质量m=2.0104kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的影响，取g=10m/s2求：（1）A、B两金属板间电压的大小U；（2）滑动变阻器消耗的电功率P滑17如图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U=12V，电解槽内阻 rA
11、=2，当 K1闭合，K2、K3断开时，示数为6A；当 K2闭合，K1、K3断开时，示数为5A，且电动机输出功率为35W；当K3闭合，K1k2断开时，示数为 4A求：（1）电炉子的电阻及发热功率；（2）电动机的内阻；（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少18如图所示，在两条平行的虚线内存在着宽度为L、场强为 E的匀强电场，在与右侧虚线相距也为L 处有一与电场平行的屏现有一电荷量为+q、质量为 m的带电粒子（重力不计），以垂直于电场线方向的初速度 v0 射入电场中，v0 方向的延长线与屏的交点为O 试求：（1）粒子从射入到打到屏上所用的时间；（2）粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向
12、间夹角的正切值tan；（3）粒子打到屏上的点P到 O点的距离 s20 xx-20 xx 学年安徽省市怀县高河中学高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1 至 8 题单选，9 至 12 题多选，每题 4 分，其中多选题选对但不全得 2 分，选错得 0 分，共 48 分）1电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（）AA点的电场强度比 C点的小B电荷沿等势面 AB移动的过程中，电场力始终不做功【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！6/19 C负电荷在 A点的电势能比在 C点的电势能大D
13、正电荷由 A移动到 C，电场力做负功【考点】电势差与电场强度的关系；等势面【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题【分析】电场线与等势面垂直电场线密的地方电场的强度大，等差等势面密，电场线疏的地方电场的强度小，等差等势面疏；沿电场线的方向，电势降低沿着等势面移动点电荷，电场力不做功结合这些知识分析【解答】解：A、点 A处等差等势面比C点处等差的等势面密，则A点的场强比 C点的大，故 A错误；B、沿着等势面移动点电荷时，电荷的电势能不变，电场力始终不做功，故 B正确；C、A点的电势比 C点的电势高，由 Ep=q，知负电荷在A点的电势能比在 C点的电势能小，故C错误D、正电荷由 A到 C，
14、电势能减小，故电场力做正功，故D错误；故选：B【点评】本题关键明确电场线与等势面的关系，同时要知道电场力做功等于电势能的减小量2如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取 O点电势为零，Ox方向上各点的电势 随 x 变化的情况如图乙所示若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（）A电子一直沿 Ox负方向运动B电子运动的加速度逐渐增大C电场力一直做正功D电子的电势能逐渐增大【考点】电势差与电场强度的关系；电势【专题】比较思想；几何法；电场力与电势的性质专题【分析】沿着电场线的方向电势降低，根据Ox方向上各点的电势随 x 变化的情况可以判断出电场的方向与特点根据电场强度方向判断电子的运动方向
15、根据电场力做功情况判断电子的电势能变化情况【解答】解：A、从 x 图象可知，沿 x 正方向电势逐渐升高，所以电场线的方向沿 x 轴负方向，而电子受到的电场力的方向与电场线方向相反，沿 x 轴正方向，所以电子沿x 轴正方向运动，故A错误B、由 E=，可知图象的斜率等于电场强度，则电场强度保持不变，电子所受的电场力不变，加速度不变，故B错误【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！7/19 CD、在 0 点由静止释放一电子，电子受到x 正方向的电场力，电子将沿 Ox正方向运动，电场力将做正功，电场力做功量度电势能的变
16、化，所以电子电势能将减小，故C正确，D错误故选：C【点评】本题结合电势 随 x 变化的情况图象考查了电场强度和电势的变化情况，考查角度新颖，要注意结合图象斜率的含义以及电场线和电场强度与电势的关系分析3如图所示，水平放置的平行金属板a、b 分别与电源的两极相连，带电液滴 P在金属板 a、b 间保持静止，现设法使P固定，再使两金属板 a、b 分别绕中心点 O、O 处垂直于纸面的轴顺时针转相同的小角度，然后释放 P，则 P在电场内将做（）A匀运直线运动B水平向右的匀加速直线运动C斜向右下方的匀加速直线运动D曲线运动【考点】电容器的动态分析【专题】电容器专题【分析】题中带电液滴P原来在水平放置的a、
17、b 金属板间的电场内处于静止状态，说明处于平衡状态，竖直向上的电场力大小等于重力的大小，当两平行金属板a、b 分别以 O、0中心为轴在竖直平面内转过相同的较小角度，然后释放 P，此时 P受到重力、电场力，合力向右，故 P向右的匀加速直线运动【解答】解：当 a、b 金属板水平放置时，带电液滴P在电场内处于静止状态，说明处于平衡状态，竖直向上的电场力大小等于重力的大小当两平行金属板 a、b 分别以 O、0中心为轴在竖直平面内转过相同的较小角度，然后释放 P，此时 P受到竖直向下的重力、垂直金属板的电场力，电场力方向与竖直方向的夹角为，如图设板间距离原来为d，则由几何知识得知：转过 角时，板间距离为
18、dcos，板间场强为 E=，电场力为 F=qE=，电场力方向与竖直方向的夹角为，竖直方向的分力为Fcos=而原来液滴处于静止状态，即有mg=qE=q，则得此时液滴竖直方向受力平衡，合力水平向右，故P将水平向右作匀加速直线运动故B正确【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！8/19 故选 B【点评】考查了已知受力求运动，正确受力分析，根据牛顿第二定律判断运动情况4在如图所示电路中，E为电源，其电动势E=9.0V，内阻可忽略不计；AB为滑动变阻器，其电阻R=30；L 为一小灯泡，其额定电压U=6.0V，额定功率 P
19、=1.8W；S为开关，开始时滑动变阻器的触头位于B端，现在接通开关S然后将触头缓慢地向A方滑动，当到达某一位置C处时，小灯泡刚好正常发光，则CB之间的电阻应为（）A10B20C15D5【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】小灯泡正常发光时电压等于额定电压，功率等于额定功率，由功率求出滑片在位置C时电路中的电流，求出AC间的电压，由欧姆定律求出 AC间的电阻，得到 CB间的电阻【解答】解：当滑动触头在C位置时，电路中电流为I=A=0.3A，AC间的电压为 U=E UL=9V 6V=3V，则由欧姆定律得AC间的电阻 RAC=10，所以 CB之间的电阻为 RCB=R RAC=30 1
20、0=20故选 B【点评】本题是基本的电路计算问题，主要根据小灯泡正常发光时求出电路的电流，并抓住变阻器与灯泡串联，电流相等的特点进行计算5如图所示，直线、分别是电源1 与电源 2 的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源 2 单独连接，则下列说法正确的是（）A电源 1 与电源 2 的内阻之比是 11：7B电源 1 与电源 2 的电动势之比是 1：1C在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：2D在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：2【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以
21、VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！9/19【分析】根据电源的外特性曲线UI 图线，可求出电动势和内阻；根据灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率与灯泡电阻【解答】解：A、UI 图象的斜率的绝对值表示内电阻，根据电源U I 图线，r1=，r2=，则 r1：r2=11：7，故 A正确B、UI 图象的纵轴截距表示电动势，故E1=E2=10V，故 B正确C、D、灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态则连接电源时，U1=3v，I1=5A，故 P1=U1I1=15W，R1=连接电源时，U
22、2=5V，I2=6A，故 P2=U2I2=30W，R2=故 P1：P2=1：2，R1：R2=18：25，故 C错误，D正确故选 ABD【点评】本题关键在于对电源外特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，明确交点的含义6如图所示电路中，开关闭合稳定后，某时刻理想电压表和电流表的读数都突然增大，造成这一现象的原因是电阻元件发生短路或断路故障，则可能出现了下列哪种故障（）AR1断路 BR1短路 CR2断路 DR3短路【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由题目中电表示数的变化可得出故障原因，根据电路结构可以得出是哪一个电阻发生故障【解答】解：若 R1断路，则外电路电阻增大，电路中电流减小，
23、路端电压将增大，加在R2两端电压增大；则电流表的示数也将增大；故A正确；若 R1或 R2短路，则电压表被短路，电压表示数应为零；只有 R3短路时，电压表接在电源两端，测量值为电源的输出电压，故电压表示数变大；同时因电路中电阻减小，故电路中电流增大；符合题意；故 D正确故选：AD【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！10/19【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，明确当电路中有电流时，说明电路中应发生了短路故障；若电压表示数变大，电压表可能直接并联到了电源两端7如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为 r，R
24、0为定值电阻，电容器的电容为 C闭合开关 S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为 U，电流表示数的变化量为I，则（）A变化过程中U和I 的比值保持不变B电压表示数 U和电流表示数 I 的比值不变C电阻 R0两端电压减小，减小量为UD电容器的带电量增大，增加量为CU【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【专题】恒定电流专题【分析】闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析电阻R0两端的电压，再根据路端电压的变化，分析电阻R0两端的电压变化量，并比较与U的关系，确定电容带电量变化量电压表的示数U和电流表的示数 I 的比值等于 R电压表示数变化量U 和电流表示数变化量I的比
25、值等于 R0+r【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E I（R0+r），由数学知识得知，=R0+r，保持不变故 A正确B、由图，=R，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I 的比值变大故 B错误C、D、闭合开关 S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于U电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为CU故 C错误，D正确故选：AD【点评】此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意 R，R是非纯性元件
26、8R1与 R2并联在电路中，通过R1与 R2的电流之比为 1：2，则当 R1与 R2串联后接入电路中时，R1和 R2两端电压之比 U1：U2为（）A1：2 B2：1 C1：4 D4：1【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！11/19【考点】串联电路和并联电路；欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由并联电路的电流规律可得出两电阻的比值；由串联电路的电压规律可得出电压之比【解答】解：并联电路中电阻之比等于电流的反比，故=；由串联电路的规律可知，电压之比等于电阻之比，故U1：U2=2：1；故选 B【点评】本题考查串
27、并联电路的电流及电压规律，属基础内容，应熟纪并能灵活应用9如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹粒子先经过M点，再经过 N点可以判定（）A粒子在 M点受到的电场力大于在N点受到的电场力BM点的电势高于 N点的电势C粒子带正电D粒子在 M点的动能大于在 N点的动能【考点】电场线；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】由轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，确定带电粒子的电性根据电场力做功的正负判断电势能的大小和动能的大小根据电场线的疏密判断电场强度的大小，再去判断电场力的大小【解答】解：A、M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小
28、，粒子所受的电场力也较小，故A错误；B、由图看出，粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力大致向下，电场线方向斜向下，说明粒子带正电，粒子从M运动到 N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增大，则粒子M点的电势能大于N点的电势能，而粒子带正电，所以M点的电势高于 N点的电势，粒子在 M点的动能小于在 N点的动能，故 BC正确，D错误故选：BC【点评】对于粒子运动的问题，往往要根据曲线运动的特点：合力方向指向轨迹的内侧判断电场力方向10一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为 I，线圈电阻为 R，将它接在电动势为E，内阻为 r 的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（）【新
29、教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！12/19 A电动机消耗的总功率为UI B电源的效率为1C电动机消耗的热功率为D电源的输出功率为EI【考点】电功、电功率【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用 P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的【解答】解：A、电动机消耗的总功率应该用P=IU来计算，所以总功率为 IU，所以 A
30、正确；B、电源的总功率为IE，内部发热的功率为I2r，所以电源的效率为=l，所以 B正确C、电动机消耗的热功率应该用P=I2R来计算，所以热功率P=I2R，由于电动机为非纯电阻电路，不能用求解热功率；故C错误；D、电源的输出功率等于电动机的输入功率，得P出=UI故 D错误故选：AB【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的；绝不能混用11如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻 r 恒定不变，滑片 P在变阻器正中位置时，电灯L 正常发光，现将滑片P移到右端，则（）A电压表的示数变大B电流表的示数变大C电灯 L 消耗的功率变小D
31、电阻 R1消耗的功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】滑动变阻器的滑片向右端滑动过程，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻减小，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来判断电表示数的变化根据功率公式判断功率的变化情况【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！13/19【解答】解：滑动变阻器的滑片向右端滑动过程，变阻器接入电路的电阻减小，所以外电路总R减小，由欧姆定律得知总电流I 增大，所以电流表示数变大，故B正确；路端电压 U=E Ir 减小电灯 L 的电压等于路端电
32、压，所以电灯L 的电流减小，而，所以电灯L 消耗的功率变小，故 C正确；而总电流增大，所以通过滑动变阻器及R1的电流增大，根据可知电阻R1消耗的功率增大，故D错误；R1的电压增大，所以 R的电压减小，所以电压表的示数减小，故A错误；故选 BC【点评】本题是简单的电路动态分析问题对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化12如图所示的图线表示某电池组的输出电压与电流的关系（UI图线），图线表示其输出功率与电流的关系（PI 图线）则下列说法正确的是（）A电池组的电动势为50 VB电池组的内阻为C电流为 2.5 A 时，外电路的电阻为15D输出功率为 120 W时，输出电压是30
33、V【考点】电源的电动势和内阻；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】在电压一电流关系图象中，纵轴截距等于电源的电动势，直线斜率的绝对值表示的是电源的内电阻的大小，由此可以知道电池组的电动势和内阻；当电流为 2.5A 时，根据闭合电路欧姆定律求外电路的电阻输出功率为 120 W时，由图读出电流，由欧姆定律可以求得电源的输出电压【解答】解：A、B、UI 图线与 U轴交点表示电路处于断路状态，则电源的电动势 E=U=50V 电源的内阻等于图线的斜率大小，则有r=5，故 A正确，B错误；C、当电流为 2.5A 时，根据闭合电路欧姆定律得：外电路的电阻R=15，故 C正确【新教材2020 版】本资料系
34、本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！14/19 D、电池组的输出功率为120W时，由 PI 图线读出电流 I=4A，则输出电压为 U=E Ir=50 45=30V，故 D正确；故选 ACD【点评】本题考查读图的能力，可以根据图象的数学意义来理解图象的物理意义不难二、实验题（每空2 分，实物图连接2 分，共 22 分）13分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数分别如图（a）、（b）所示，长度为5.01 cm，直径为5.315 mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】游标卡尺的读
35、法，先确定分度数，从而确定精确度，进行读数；螺旋测微器的读法要用主尺的整刻度加可动刻度数乘以精确度，要估读【解答】解：甲是10 分度的卡尺，其精确度为0.1mm，主尺读数为：5cm=50mm，游标上第 1 个刻度与上面对齐，读数为：10.1mm=0.1mm，故最终读数为：50+0.1=50.1mm=5.01cm；螺旋测微器：固定刻度为5mm，可动刻度为 31.50.01mm=0.315mm，则读数为 5+0.315=5.315mm 故答案为：5.01，5.315【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量14如图所示为多用电表的刻度盘若选用倍率
36、为“100”的电阻挡测电阻时，表针指示如图所示，则：（1）所测电阻的阻值为1500；如果要用此多用电表测量一个阻值约为 2.0104 的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是1k（选填“10”、“100”或“1k”）（2）用此多用电表进行测量，当选用量程为50mA 的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为31.0 mA；当选用量程为250mA 的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为155 mA（3）当选用量程为 10V的电压挡测量电压时，表针也指于图示位置，则所测电压为6.2 V【考点】用多用电表测电阻【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档
37、的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！15/19【专题】实验题；带电粒子在电场中的运动专题【分析】（1）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近（2）（3）由图示表盘确定其分度值，然后再读出其示数【解答】解：（1）用倍率为“100”的电阻挡测电阻，由图示可知，电阻阻值为：15100=1500；多用电表测量一个阻值约为2.0104 的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是1k（2）选用量程为 5mA的电流挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为 10mA，示数为 31.0mA 选用量程为 250mA 的电流挡测
38、量电流时，最小分度为 5mA；故则所测电流为155mA；（3）选用量程为 10V的电压挡测量电压，由图示表盘可知，其分度值为 0.2V，示数为 6.2V故答案为：（1）1500；1k；（2）31.0；155；（3）6.2【点评】本题考查了多用电表读数，对多用电表读数时，要先根据选择开关的位置确定其所测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，再读数，读数时视线要与刻度线垂直15为了测量由两节干电池组成的电池组的电动势和内电阻，某同学设计了如图甲所示的实验电路，其中R为电阻箱，R0=5 为保护电阻（1）按照图甲所示的电路图，某同学已经在图乙所示电路中完成部分导线的连接，请你完成余下导线的连接（2）
39、断开开关 S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数及电阻箱接入电路中的阻值多次重复上述操作，可得到多组电压值 U及电阻值 R，并以为纵坐标，以为横坐标，画出的关系图线（该图线为一直线），如图丙所示由图线可求得电池组的电动势 E=2.9 V，内阻 r=1.2（保留两位有效数字）（3）引起该实验系统误差的主要原因是电压表分流作用【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】（1）根据实验电路图连接实物电路图；（2）根据闭合电路欧姆定律求出函数表达式，然后根据图象求出电源电动势与内阻；（3）根据实验电路分析实验误差【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以V
40、IP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！16/19【解答】解：（1）根据图甲所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（2）由图甲所示电路可知，在闭合电路中，电源电动势E=U+I（r+R0）=U+（r+R0），则=+，由图丙所示图象可知，b=0.35，图象斜率 k=2.14，电源电动势 E=2.9V，电源内阻 r=kER0=2.142.951.2；（3）由图甲所示电路图可知，电压表月电阻箱并联，由于电压表的分流作用，流过保护电阻与电源的电流大于流过电阻箱的电流，这是造成实验误差的原因故答案为：（1）实物电路图如图所示；（2）2.9；1.2；（3）电压表分
41、流作用【点评】连接实物图是考试的热点，要加强训练，连接电路时，导线不交叉，并接在接线柱上第2 问考查运用数学知识处理问题的能力，采用的是转换法，将非线性关系转换成线性，直观简单三、计算题（第 16 题 8 分，第 17 题 10 分，第 18 题 12 分，共 30分）16在如图所示的电路中，两平行正对金属板A、B水平放置，两板间的距离 d=4.0cm电源电动势 E=400V，内阻 r=20，电阻 R1=1 980闭合开关 S，待电路稳定后，将一带正电的小球（可视为质点）从 B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s 竖直向上射入两板间，小球恰好能到达 A板若小球所带电荷量q=+1.0107C，质
42、量m=2.0104kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的影响，取g=10m/s2求：（1）A、B两金属板间电压的大小U；（2）滑动变阻器消耗的电功率P滑【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！17/19【分析】（1）小球从 B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中，在电场力和重力的作用下做匀减速直线运动，电场力做功qU，重力做功mgd，根据动能定理求解U（2）变阻器两端的电压等于U，由 I=求出，由 P滑=UI 求出滑动变阻器消耗的电功率 P滑【解答】
43、解：（1）小球从 B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中，在电场力和重力的作用下做匀减速直线运动，设A、B两极板间电压为U，根据动能定理有：qU mgd=0 mv02解得：U=200V （2）根据闭合电路欧姆定律可知，E=U+I（R1+r）电路中的电流：滑动变阻器消耗的电功率P滑=UI=20W 答：（1）A、B两金属板间电压的大小U为 200V；（2）滑动变阻器消耗的电功率P滑为 20W【点评】本题电场与电路的综合应用，小球在电场中做匀减速运动，由动能定理求电压根据电路的结构，由欧姆定律求变阻器接入电路的电阻17如图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U=12V，电解槽内阻 rA=
44、2，当 K1闭合，K2、K3断开时，示数为6A；当 K2闭合，K1、K3断开时，示数为5A，且电动机输出功率为35W；当K3闭合，K1k2断开时，示数为 4A求：（1）电炉子的电阻及发热功率；（2）电动机的内阻；（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】计算题；定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】（1）电炉子为纯电阻，根据欧姆定律及发热功率公式即可求解；（2）电动机为非纯电阻，由能量守恒定律即可求解；（3）化学能的功率等于总功率减去内阻消耗的功率【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎
45、下载收藏，如有侵权，望告知删除！18/19【解答】解：（1）当只有电炉子接入时；因电炉子为纯电阻，由欧姆定律：其发热功率为：PR=UI1=12 6 W=72W（2）电动机为非纯电阻，由能量守恒定律得：UI2=I22?rM+P 输出代入数据解得：rM=1（3）电解槽工作时，由能量守恒定律得：P化=UI3I32?rA代入数据解得：P化=（124422）W=16W答：（1）电炉子的电阻为2，发热功率为 72W；（2）电动机的内阻是1；（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为16W【点评】对于电动机电路，要正确区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路：当电动机正常工作时，是非纯电阻电路；当电动机被卡住不
46、转时，是纯电阻电路18如图所示，在两条平行的虚线内存在着宽度为L、场强为 E的匀强电场，在与右侧虚线相距也为L 处有一与电场平行的屏现有一电荷量为+q、质量为 m的带电粒子（重力不计），以垂直于电场线方向的初速度 v0 射入电场中，v0 方向的延长线与屏的交点为O 试求：（1）粒子从射入到打到屏上所用的时间；（2）粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值tan；（3）粒子打到屏上的点P到 O点的距离 s【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】（1）带电粒子垂直射入电场，只受电场力作用而做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀
47、加速运动，由 L=v0t 求解时间 t（2）根据牛顿第二定律求出加速度研究竖直方向的运动情况，由速度公式 vy=at 求出粒子刚射出电场时竖直分速度，由求出tan（3）由位移公式求出粒子刚射出电场时偏转的距离y带电粒子离开电场后做匀速直线运动，偏转的距离Ltan，两个偏转之和即为粒子打到屏上的点 P到 O点的距离 S【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！19/19【解答】解：（1）根据题意，粒子在垂直于电场线的方向上做匀速直线运动，所以粒子从射入到打到屏上所用的时间（2）设粒子射出电场时沿平行电场线方向的速度为vy，根据牛顿第二定律，粒子在电场中运动的时间：粒子在电场中的加速度为：所以：所以粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值为（3）设粒子在电场中的偏转距离为y，则又 s=y+Ltan，解得：答：（1）粒子从射入到打到屏上所用的时间；（2）粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值；（3）粒子打到屏上的点P到 O点的距离【点评】本题中带电粒子先做类平抛运动后做匀速直线运动，运用运动的分解研究类平抛运动，根据几何知识求解S