《【精编】2020版高考物理一轮复习第4章曲线运动万有引力第3讲圆周运动课后限时训练新人教版必修2.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【精编】2020版高考物理一轮复习第4章曲线运动万有引力第3讲圆周运动课后限时训练新人教版必修2.pdf（6页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、文档来源为:从网络收集整理.word 版本可编辑.欢迎下载支持.1文档收集于互联网，已整理，word 版本可编辑.圆周运动一、选择题(本题共 8 小题，14 题为单选，58 题为多选)1(2017山东潍坊模拟)如图所示，质量为m的小球(可看做质点)在竖直放置的半径为R的固定光滑圆环轨道内运动。若小球通过最高点时的速率为v0gR，下列说法中正确的是 导学号(AC)A小球在最高点时只受重力作用B小球在最高点对圆环的压力大小为mgC小球在最高点时重力的瞬时功率为mg gRD小球绕圆环运动一周的时间大于2R/v0 解析 由F向心mv20R，代入得F向心mg，说明小球在最高点只受重力作用，A项正确，B项
2、错误；根据功率的定义式PFvcos，小球在最高点时，力与速度垂直，故重力的瞬时功率为零，C 项正确；根据机械能守恒定律知，小球在最高点的速率最小，小球全过程运动的平均速率大于v0，由T2rv知，小球运动一周的时间小于2Rv0，D项错误。2如图所示，水平放置的两个用相同材料制成的轮P和Q靠摩擦转动，两轮的半径Rr21。当主动轮Q匀速转动时，在Q轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在Q轮边缘上，此时Q轮转动的角速度为1，木块的向心加速度为a1；若改变转速，把小木块放在P轮边缘也恰能静止，此时Q轮转动的角速度为2，木块的向心加速度为a2，则 导学号(C)A1212B1221Ca1a211Da1a212
3、解析 根据题述，a121r，ma1mg；联立解得g21r。小木块放在P轮边缘也恰能静止，g2R22r。由R2r联立解得1222，选项 A、B错误；mamg，所以a1a211，选项 C正确，D错误。3(2017陕西省西安地区八校高三年级联考)如图所示，小物块位于半径为R的半圆柱形物体顶端，若给小物块一水平速度v02gR，则小物块导学号(C)A将沿半圆柱形物体表面滑下来B落地时水平位移为2R文档来源为:从网络收集整理.word 版本可编辑.欢迎下载支持.2文档收集于互联网，已整理，word 版本可编辑.C落地速度大小为2gRD落地时速度方向与水平地面成60角 解析 设小物块在半圆柱形物体顶端做圆周
4、运动的临界速度为vc，则重力刚好提供向心力时，由牛顿第二定律得mgmv2cR，解得vcgR，因为v0vc，所以小物块将离开半圆柱形物体做平抛运动，A错误；小物块做平抛运动时竖直方向R12gt2，则水平位移为xv0t，解得x2R，B 错误；小物块落地时竖直方向分速度大小为vygt，解得vy2gR，则落地时速度的大小为v2gR，速度与水平地面成45夹角，C正确，D错误。4(2016山东省青岛模拟)一水平放置的木板上放有砝码，砝码与木板间的摩擦因数为，如果让木板在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，假如运动中木板始终保持水平，砝码始终没有离开木板，那么下列说法正确的是导学号(C)A在通过轨道最高点时
5、砝码处于超重状态B在经过轨道最低点时砝码所需静摩擦力最大C匀速圆周运动的速度小于gRD在通过轨道最低点和最高点时，砝码对木板的压力之差为砝码重力的6 倍 解析 在通过轨道最高点时，向心加速度竖直向下，是失重，故A项错误；木板和砝码在竖直平面内做匀速圆周运动，则所受合外力提供向心力，砝码受到重力G，木板支持力FN和静摩擦力Ff，由于重力G和支持力FN在竖直方向上，因此只有当砝码所需向心力在水平方向上时静摩擦力有最大值，此位置是当木板和砝码运动到与圆心在同一水平面上时的位置，最大静摩擦力必须大于或等于砝码所需的向心力，即FNmv2R，此时在竖直方向上FNmg，故vgR，故 B项错误，C项正确；在最
6、低点，FN1mgmv2R，在最高点，mgFN2mv2R，则FN1FN22mv2R，故 D项错误。5(2016浙江杭州五校联盟二诊)质量为m的物体沿着半径为r的半球形金属球壳滑到最低点时的速度大小为v，如图所示，若物体与球壳之间的动摩擦因数为，则物体在最低点时的导学号(AD)A向心加速度为v2rB向心力为m(gv2r)C对球壳的压力为mv2rD受到的摩擦力为m(gv2r)解析 物体滑到半球形金属球壳最低点时，速度大小为v，半径为r，向心加速度为文档来源为:从网络收集整理.word 版本可编辑.欢迎下载支持.3文档收集于互联网，已整理，word 版本可编辑.anv2r，故 A正确。根据牛顿第二定律
7、可知，物体在最低点时的向心力Fnmv2r，故 B错误。根据牛顿第二定律得Nmgmv2r，得到金属球壳对物体的支持力Nm(gv2r)，由牛顿第三定律可知，物体对金属球壳的压力大小Nm(gv2r)，故 C 错误。物体在最低点时，受到的摩擦力为fNm(gv2r)，故 D正确。6(2016河北石家庄质检)如图所示，长为3L的轻杆可绕光滑水平转轴O转动，在杆两端分别固定质量均为m的球A、B，球A距轴O的距离为L。现给系统一定能量，使杆和球在竖直平面内转动。当球B运动到最高点时，水平转轴O对杆的作用力恰好为零，忽略空气阻力，已知重力加速度为g，则球B在最高点时，下列说法正确的是导学号(CD)A球B的速度为
8、零B球B的速度为2gLC球A的速度为2gLD杆对球B的弹力方向竖直向下 解析 水平转轴O对杆的作用力为零，这说明A、B对杆的作用力是一对平衡力，由于A所受杆的弹力必竖直向上，故B所受杆的弹力必竖直向下，且两力大小相等，D正确。对A球有Fmgm 2L，对B球有Fmgm 22L，由以上两式解得2gL，则A球的速度vAL2gL，C正确；B球的速度vB2L22gL，A、B错误。7(2017广东深圳月考)如图甲所示，一长为l的轻绳，一端穿在过O点的水平转轴上，另一端固定一质量未知的小球，整个装置绕O点在竖直面内转动。小球通过最高点时，绳对小球的拉力F与其速度平方v2的关系如图乙所示，重力加速度为g，下列
9、判断正确的是导学号(BD)A图象函数表达式为Fmv2lmgB重力加速度gblC绳长不变，用质量较小的球做实验，得到的图线斜率更大D绳长不变，用质量较小的球做实验，b值不变 解析 由受力分析得Fmv2lmg，故 A错误；由图象可知，当F0 时，mgmv2l，即v2gl，得gbl，B正确；结合图象和上式可知，图象的斜率kml，所以m减小，斜率减小，C错误。bgl，当m减小时，b值不变，D正确。8(2016江苏盐城中学月考)在光滑圆锥形容器中，固定了一根光滑的竖直细杆，细杆文档来源为:从网络收集整理.word 版本可编辑.欢迎下载支持.4文档收集于互联网，已整理，word 版本可编辑.与圆锥的中轴线
10、重合，细杆上穿有小环(小环可以自由转动，但不能上下移动)，小环上连接一轻绳，与一质量为m的光滑小球相连，让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动，并与圆锥内壁接触。如图所示，图甲中小环与小球在同一水平面上，图乙中轻绳与竖直轴成角。设图甲和图乙中轻绳对小球的拉力分别为Ta和Tb，容器内壁对小球的支持力分别为Na和Nb，则下列说法中正确的是导学号(BC)ATa一定为零，Tb一定为零BTa可以为零，Tb可以为零CNa一定不为零，Nb可以为零DNa可以为零，Nb可以为零 解析 对甲图中的小球受力分析，小球所受的重力与支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以Ta可以为零，若Na等于零，则小球所受的重力
11、与绳子拉力的合力方向不能指向圆心而提供向心力，所以Na一定不为零；对乙图中的小球受力分析，若Tb为零，则小球所受的重力、支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以Tb可以为零，若Nb等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向也可以指向圆心而提供向心力，所以Nb可以为零；故 B、C正确，A、D错误。二、非选择题9(2015新课标全国)某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验。所用器材有：玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器(圆弧部分的半径为R0.20 m)。导学号图(a)图(b)完成下列填空：(1)将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图(a)所示，托盘秤的示数为1.0
12、0 kg；(2)将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时，托盘秤的示数如图(b)所示，该示数为_1.40_kg；(3)将小车从凹形桥模拟器某一位置释放，小车经过最低点后滑向另一侧。此过程中托盘秤的最大示数为m；多次从同一位置释放小车，记录各次的m值如下表所示：序号12345 m/(kg)1.801.751.851.751.90(4)根据以上数据，可求出小车经过凹形桥最低点时对桥的压力为_7.9_N；小车通过最低点时的速度大小为_1.4_m/s。(重力加速度大小取9.80 m/s2，计算结果保留2 位有效数字)解析 (2)根据托盘秤指针可知量程是10 kg，指针所指示数为1.40 kg。(4)记录的
13、托盘秤各次示数并不相同，为减小误差，取平均值，即m1.81 kg。而模拟器的重力为Gmg9.8 N，所以，小车经过凹形桥最低点的压力为mgmg7.9 N。根据径向合力提供向心文档来源为:从网络收集整理.word 版本可编辑.欢迎下载支持.5文档收集于互联网，已整理，word 版本可编辑.力即 7.9 N (1.4 kg1 kg)9.8 N/kg (1.4 kg1 kg)v2R，整理可得v1.4 m/s。10.如图所示，用一根长为l1m的细线，一端系一质量为m1kg 的小球(可视为质点)，另一端固定在一光滑锥体顶端，锥面与竖直方向的夹角37，当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为时，
14、细线的张力为FT。(g取 10m/s2，结果可用根式表示)求：导学号(1)若要小球离开锥面，则小球的角速度0至少为多大？(2)若细线与竖直方向的夹角为60，则小球的角速度为多大？答案 (1)522rad/s(2)25rad/s 解析 (1)若要小球刚好离开锥面，则小球只受到重力和细线拉力，如图所示，小球做匀速圆周运动的轨迹圆在水平面上，故向心力水平，在水平方向运用牛顿第二定律及向心力公式得：mgtanm 20lsin解得：20glcos即0glcos522rad/s。(2)同理，当细线与竖直方向成60角时，由牛顿第二定律及向心力公式mgtanm 2lsin解得：2glcos，即glcos 25rad/s 11(2016山西太原五中第一次联考)物体做圆周运动时所需的向心力F需由物体运动情况决定，合力提供的向心力F供由物体受力情况决定。若某时刻F需F供，则物体能做圆周运动；若F需F供，物体将做离心运动；若F需v0，故绳中有张力，由牛顿第二定律得Tmgmv21L，代入数据解得绳中的张力T40N。(2)因为v2v0，故绳中没有张力，小球将做平抛运动，如图所示。水平方向：xv2t，竖直方向：y12gt2，由几何关系有L2(yL)2x2，代入数据解得t0.4s。