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1、 1 高考物理总复习考前选择题押题练(12 套）选择题押题练(一)(限时：25 分钟)二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分 14下列说法正确的是()A氢原子核外电子轨道半径越大，其原子能量越小 B在核反应中，比结合能较小的原子核转化成比结合能较大的原子核才会释放核能 C 射线是原子的核外电子电离后形成的电子流 D氢原子从 n2 的能级跃迁到 n1 的能级辐射出的光恰好能使某种金属发生光电效应，则从 n3 的能级跃
2、迁到 n2 的能级辐射的光也可使该金属发生光电效应 答案 B 解析 氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离原子核较近的轨道上时，能量减小，减小的能量以光子的形式释放出来，故氢原子核外电子轨道半径越大，其能量越高，A 错误 在核反应中，由比结合能较小的原子核变成比结合能较大的原子核才会释放核能，B 正确 射线是原子核内的中子转化为质子同时放出的电子，C 错误；氢原子从 n2 的能级跃迁到n1 的能级辐射出的光子的能量为 E13.4 eV(13.6 eV)10.2 eV，恰好能使某种金属发生光电效应，从 n3 的能级跃迁到 n2 的能级辐射的光子的能量 E21.51 eV(3.4 eV)1.
3、89 eV，故不能使这种金属发生光电效应，D 错误 15如图 1 所示，一个质量 m1 kg 的小环套在倾角为 37的光滑固定直杆上，为使小环能够静止不动，需对它施加一个水平拉力 F.已知重力加速度 g10 m/s2，sin 370.6.则 F 的大小和方向分别是()图 1 A7.5 N，水平向左 B7.5 N，水平向右 C13.3 N，水平向左 D13.3 N，水平向右 2 答案 A 解析 对小环受力分析，根据平衡知识可知：Fmgtan371034 N7.5 N，方向水平向左，故选 A.16如图 2 所示，圆柱体为磁体，磁极在左右两侧，外侧 a 为一金属圆环，与磁体同轴放置，间隙较小在左侧的
4、 N 极和金属圆环上各引出两根导线，分别接高压电源的正负极加高压后，磁体和金属环 a 间的空气会被电离，形成放电电流，若从右侧观察放电电流，下列说法正确的是()图 2 A放电电流将发生顺时针旋转 B放电电流将发生逆时针旋转 C放电电流不发生旋转 D无法确定放电电流的运动情况 答案 A 解析 由题可以知道，磁场向右，电流由高压电源的正极流向负极，根据左手定则，可以判断放电电流将发生顺时针旋转，故选项 A 正确 17如图 3 所示电路中，电流表 A 和电压表 V 均可视为理想电表闭合开关 S 后，将滑动变阻器 R1的滑片向右移动，下列说法正确的是()图 3 A电流表 A 的示数变大 B电压表 V
5、的示数变大 C电容器 C 所带的电荷量减少 D电源的效率增加 3 答案 D 解析 R1的滑片向右移动，接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律 IERr知，干路中的电流减小，路端电压增大，R3两端的电压减小，电压表 V 的示数变小，B 错误；并联部分的电压增大，电容器 C 所带的电荷量增加，C 错误；通过 R2的电流增大，所以通过 R1支路的电流减小，电流表的示数变小，A 错误；电源的效率：UIEI100%，所以效率增加，D 正确 18.一质量为 1 kg 的质点静止于光滑水平面上，从 t0 时刻开始，受到如图 4 所示的水平外力作用，下列说法正确的是()图 4 A第 1 s
6、 末质点的速度为 2 m/s B第 2 s 末外力做功的瞬时功率最大 C第 1 s 内与第 2 s 内质点动量增加量之比为 12 D第 1 s 内与第 2 s 内质点动能增加量之比为 45 答案 D 解析 由动量定理：Ftmvmv，得 1 s 末、2 s 末速度分别为：v14 m/s、v26 m/s，A 错误；第 1 s 末的外力的功率 PF1v144 W16 W，第 2 s 末外力做功的瞬时功率：PF2v226 W12 W，B 错误；第 1 s 内与第 2 s 内质点动量增加量之比为：p1p2mv1mv2mv114161421，C 错误；第 1 秒内与第 2 秒内动能增加量分别为：Ek112
7、mv 218 J，Ek212mv 2212mv 2110 J，则 Ek1Ek281045，D 正确 19美国航天局与欧洲航天局合作，发射的火星探测器已经成功登录火星荷兰企业家巴斯兰斯多普发起的“火星一号”计划打算将总共 24 人送上火星，创建一块长期殖民地 若已知万有引力常量为 G，那么在下列给出的各种情景中，能根据测量的数据求出火星密度的是()A在火星表面使一个小球作自由落体运动，测出落下的高度 H 和时间 t 4 B火星探测器贴近火星表面做匀速圆周运动，测出运行周期 T C火星探测器在高空绕火星做匀速圆周运动，测出距火星表面的高度 h、运行周期 T 和火星的半径 D观察火星绕太阳的匀速圆周
8、运动，测出火星的直径 D 和运行周期 T 答案 BC 解析 设火星的质量为 M，半径为 R，则火星的质量 M43R3.在火星表面使一个小球做自由落体运动，测出下落的高度 H 和时间 t，根据 H12gt2，可知算出火星的重力加速度，根据GMmR2mg，可以算得MR2的值，但无法算出密度，故 A 错误；根据GMmR2m42T2R，M43R3，得：3G T 2，已知 T 就可算出密度，故 B 正确；根据GMmRh2m42T2(Rh)，M43R3，得M42Rh3GT2，已知 h，T，R 就可算出密度，故 C 正确；观察火星绕太阳的圆周运动，只能算出太阳的质量，无法算出火星质量，也就无法算出火星密度，
9、故 D 错误 20如图 5 所示，在绝缘水平面上固定着一光滑绝缘的圆形槽，在某一过直径的直线上有 O、A、B 三点，其中 O 为圆心，A 点固定电荷量为 Q 的正电荷，B 点固定一个未知电荷，且圆周上各点电势相等，ABL.有一个可视为质点的质量为 m，电荷量为q 的带电小球正在槽中运动，在 C 点受到的电场力指向圆心，C 点所处的位置如图所示，根据题干和图示信息可知()图 5 AB 点的电荷带正电 BB 点的电荷的电荷量为 3Q CB 点的电荷的电荷量为 3Q D小球在槽内做的是匀速圆周运动 答案 CD 解析 如图，由小球在 C 点时受到的电场力指向圆心，对小球受力分析可知 B 点的电荷对小球
10、有排斥力，因小球带负电，则 B 点的电荷带负电，由ABCACB30，5 知：ACO30，ABACL，BC2ABcos 30 3L 由几何关系可得：F1 3F2 即：kQqL2 3kQBq 3L2 得 QB 3Q，故 A、B 错误，C 正确 圆周上各点电势相等，小球在运动过程中电势能不变，根据能量守恒得知，小球的动能不变，小球做匀速圆周运动，故 D 正确 6 21如图 6 所示，a 图中变压器为理想变压器，其原线圈接在 u12 2sin 100t(V)的交流电源上，副线圈与阻值为 R1 2 的电阻接成闭合电路，电流表为理想电流表b 图中为阻值 R232 的电阻直接接到 u12 2sin100t(
11、V)的交流电源上，结果电阻 R1与 R2消耗的电功率相等，则()图 6 A通过电阻 R1的交变电流的频率为 0.02 Hz B电阻 R1消耗的电功率为 4.5 W C电流表的示数为 6 A D变压器原、副线圈匝数比为 41 答案 BD 解析 由交变电流瞬时值表达式 u12 2sin100t(V)可知，1002f，该交流电源的频率为 f50 Hz，周期为 0.02 s，由于变压器不改变交变电流的频率，所以通过电阻 R1的交变电流的频率为 50 Hz，选项 A 错误由题图 b 可知，R232 的电阻两端电压的有效值为 U12 V，电阻 R2消耗的电功率为 P2U 2R24.5 W根据题述，电阻 R
12、1与 R2消耗的电功率相等，可知电阻 R1消耗的电功率为 P1 P24.5 W，选项 B 正确由 P1I2R1，解得电流表的示数为 I1.5 A，选项 C 错误变压器副线圈电压 U2 IR13 V，变压器原、副线圈匝数比为 nUU212341，选项 D 正确 7 选择题押题练(二)(限时：25 分钟)二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分 14下列说法中正确的是()A.235 92U10n8936Kr144 56B
13、a310n 是聚变反应 B放射性元素与其他的元素形成化合物时不具有放射性 C贝克勒尔通过实验发现了中子，汤姆孙通过实验发现了质子 D根据玻尔的原子模型，一群氢原子从量子数 n4 的激发态跃迁到基态时最多可辐射 6 种不同频率的光子 答案 D 解析 A 中所示的反应是重核裂变反应，选项 A 错误；放射性元素与其他的元素形成化合物时仍具有放射性，选项 B 错误；查德威克通过实验发现了中子，汤姆孙通过实验发现了电子，选项 C 错误；根据玻尔的原子模型，一群氢原子从量子数 n4 的激发态跃迁到基态时最多可辐射 C246 种不同频率的光子，选项 D 正确 15.如图 1 所示，斜面与水平面、斜面与挡板间
14、的夹角均为 30，一小球放置在斜面与挡板之间，挡板对小球的弹力为 FN1，斜面对小球的弹力为 FN2，以挡板与斜面连接点所形成的水平直线为轴，将挡板从图示位置开始缓慢地转到水平位置，不计摩擦，在此过程中()图 1 AFN1始终减小，FN2始终增大 BFN1始终增大，FN2始终减小 CFN1始终减小，FN2先减小后增大 DFN1先减小后增大，FN2始终减小 答案 D 8 解析 受力分析如图，将 FN1与 FN2合成，其合力与重力等大反向，如图：挡板转动过程中，FN1的方向变化如图中 a、b、c 的规律变化，为满足平行四边形定则，其大小变化规律为先变小后变大，其中挡板与斜面垂直时为最小与此对应，F
15、N2的大小为一直减小故选 D.16.从地面上以初速度 v0竖直上抛一质量为 m 的小球，若运动过程中受到的阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图 2 所示，小球在 t1时刻到达最高点后再落回地面，落地速率为 v1，且落地前小球已经做匀速运动，已知重力加速度为 g，下列关于小球运动的说法中不正确的是()图 2 At1时刻小球的加速度为 g B在速度达到 v1之前小球的加速度一直在减小 C小球抛出瞬间的加速度大小为(1v0v1)g D小球加速下降过程中的平均速度小于v12 答案 D 解析 根据题意 t1时刻到达最高点，则该时刻速度为零，则阻力为零，此时只受到重力作用，故此时刻加速度
16、为重力加速度 g，故选项 A 正确；上升过程中根据牛顿第二定律：mgF阻ma，由于 F阻kv，则 agkvm，由于上升过程中速度逐渐减小，故上升过程中加速度变小在下降过程中根据牛顿第二定律：mgF阻ma，则 agkvm，由于下降过程中速度变大，所以下降过程中加速度变小，故选项 B 正确；由图可知，速度为 v1时小球匀速运动，说明重力等于阻力，故有：kv1mg，得：kmgv1，故抛出瞬间的空气阻力为：F阻kv0mgv0v1，故抛出瞬间的加速度为：amgmgv0v1m(1v0v1)g，故 C 正确；下降过程若是匀加速直线运动，其平均速度为v12，而从图中可以看出其面积大于匀加速直线运动的面积，即图
17、中的位移大于 9 做匀加速的位移，而平均速度等于位移比时间，故其平均速度大于匀加速的平均速度，即大于v12，故 D 项错误 10 17.如图 3 所示，两根相距为 d 的足够长的光滑金属导轨固定在水平面上，导轨电阻不计磁感应强度为 B 的匀强磁场与导轨平面垂直，长度略大于 d 的两导体棒 M、N 平行地放在导轨上，导体棒的电阻均为 R、质量均为 m，开始两导体棒静止，现给导体棒 M 一个平行导轨向右的瞬时冲量 I，整个过程中导体棒与导轨接触良好，下列说法正确的是()图 3 A回路中始终存在逆时针方向的电流 B棒 N 的最大加速度为B2Id22m2R C回路中的最大电流为BIdmR D棒 N 获
18、得的最大速度为Im 答案 B 解析 开始时，回路中有逆时针方向的感应电流，随着电流的产生，M 受向左的安培力做减速运动，N 受到向右的安培力做加速运动，直到两者共速时回路中感应电流为零，安培力为零，两者做匀速运动，故选项 A 错误；在开始时电路中的感应电流最大，棒 N 所受安培力最大，加速度最大，则：Imv0，EmBdv0，ImEm2R，F安 BImdmam，解得 amB2Id22m2R，ImBId2mR，选项 B 正确，C 错误；当两棒共速时 N 棒速度最大，根据动量守恒定律可得：I2mv，解得 vI2m，选项 D 错误；故选 B.18.甲、乙两辆汽车从平直公路上同一位置沿着同一方向做直线运
19、动，它们的 vt 图象如图 4所示，则()图 4 A甲乙两车同时从静止开始出发 B在 t2 s 时乙车追上甲车 C在 t4 s 时乙车追上甲车 D甲乙两车在公路上能相遇两次 11 答案 C 解析 乙车比甲车迟出发 1 s，故 A 错误根据速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，知 t2 s 时，甲车的位移比乙的位移大，则知该时刻乙车还没有追上甲车，故 B 错误 在 04 s 内，甲车的位移 x甲1284 m16 m，乙车的位移 x乙12(13)8 m16 m，所以x甲x乙，两者又是从同一位置沿着同一方向运动的，则在 t4 s 时乙车追上甲车，故 C 正确在 t4 s 时乙车追上甲车，由于 t4
20、 s 时刻以后，甲车比乙车的速度大，两车不可能再相遇，所以两车只相遇一次，故 D 错误故选 C.19如图 5 甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比 n1n241，原线圈接图乙所示的正弦交流电，副线圈与理想电压表、理想电流表、热敏电阻 Rt(阻值随温度的升高而减小)及报警器 P 组成闭合电路，回路中电流增加到一定值时报警器 P 将发出警报声则以下判断正确的是()图 5 A变压器副线圈中交流电的频率为 50 Hz B电压表示数为 9 V CRt处温度升高到一定值时，报警器 P 将会发出警报声 DRt处温度升高时，变压器的输入功率变小 答案 AC 解析 由题图乙知周期为 0.02 s，所以频率为 5
21、0 Hz，A 正确；原线圈电压有效值为 U1U1m236 V，因变压器原、副线圈中的电压之比等于匝数比，故副线圈电压为 9 V，电压表两端电压小于 9 V，选项 B 错误；Rt处温度升高到一定值时其电阻减小，副线圈中电流变大，则报警器 P 将会发出警报声，根据 PIU 可知，变压器输出功率变大，输入功率变大，选项 C正确，D 错误；故选 A、C.202017 年 4 月 22 日 12 时 23 分，天舟一号与天宫二号顺利完成第一次交会对接不久天舟一号和天宫二号将要进行第二次交会对接，第二次对接过程中，天舟一号要赶到天宫二号前方与天宫二号进行对接下列说法正确的是()A天舟一号要到达天宫二号的前
22、方应该从天宫二号的上方绕行 12 B天舟一号要到达天宫二号的前方应该从天宫二号的下方绕行 C天舟一号绕行时只有先加速后制动才能到达天宫二号的正前方 D天舟一号绕行时只有先制动后加速才能到达天宫二号的正前方 答案 BD 解析 对接前，天舟一号应在低轨道上加速至天宫二号前方，因为加速后，万有引力小于向心力，做离心运动实现对接，选项 A 错误，B 正确；天舟一号必须先制动才能进入较低的轨道，然后加速进行“漂移”进入天宫二号的正前方，选项 D 正确，C 错误；故选 B、D.21.如图 6 所示，直角三角形 ABC 由三段细直杆连接而成，AB 杆竖直，长为 2L 的 AC 杆粗糙且绝缘，其倾角为 30，
23、D 为 AC 上一点，且 BD 垂直于 AC，在 BC 杆中点 O 处放置一正点电荷 Q，一套在细杆上的带负电小球，以初速度 v0由 C 点沿 CA 上滑，滑到 D 点速率恰好为零，之后沿 AC 杆滑回 C 点小球质量为 m、电荷量为 q，重力加速度为 g.则()图 6 A小球下滑过程中电场力先做负功后做正功 B小球再次滑回 C 点时的速率为 vC 3gLv 20 C小球下滑过程中动能、电势能、重力势能三者之和减小 D小球上滑过程中和下滑过程中经过任意位置时的加速度大小都相等 答案 BC 解析 小球下滑过程中 Q 对小球是吸引力，故电场力先做正功后做负功，选项 A 错误；从 C到 D 的过程中
24、，根据动能定理得：012mv 20mghWf，再从 D 回到 C 的过程中，根据动能定理得：12mv 2C0mghWf，根据几何关系可知，h34L，解得：vC3gLv 20，故 B正确；小球下滑过程中由于摩擦力做负功，则小球动能、电势能、重力势能三者之和减小，故 C 正确小球上滑过程中所受的摩擦力方向沿 AC 向下，而下滑过程中所受摩擦力方向沿AC 向上，虽然在同一位置时所受的库仑力相同，但是加速度不同，选项 D 错误；故选 B、C.13 选择题押题练(三)(限时：25 分钟)二、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要
25、求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分)14.在光滑水平面上，a、b 两球沿水平面相向运动当两球间距小于或等于 L 时，受到大小相等、相互排斥的水平恒力作用；当两球间距大于 L 时，则相互作用力为零两球在相互作用区间运动时始终未接触，两球运动的 vt 图象如图 1 所示，则()图 1 Aa 球质量小于 b 球质量 Bt1 时刻两球间距最小 C0t2 时间内，两球间距逐渐减小 D0t3 时间内，b 球所受排斥力方向始终与运动方向相同 答案 C 解析 从速度时间图象可以看出开始时 b 球图象的斜率绝对值较大，所以 b 球的加速度较大，
26、两球之间的排斥力为相互作用力，大小相等，根据 aFm知，加速度大的质量小，所以 b 球质量较小，故 A 错误；即 t2时刻两球最近，之后距离又开始逐渐变大，所以 B 错误，C 正确；b 球 0t1时间内匀减速，所以 0t1时间内排斥力与运动方向相反，D 错误故选 C.15.如图 2 所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度 v 从 A 点沿直径 AOB 方向射入磁场，经过 t 时间从 C 点射出磁场，OC 与 OB 成 60角现将带电粒子的速度变为v3，仍从 A 点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为()14 图 2 A2t B.12t C3t D.1
27、3t 答案 A 解析 设圆形磁场区域的半径是 R，粒子以速度 v 射入时，半径 r1mvqB，根据几何关系可知，r1Rtan 60，所以 r1 3R；运动时间 t60360T16T；粒子以速度v3射入时，半径 r2mv3qB13r133R 设第二次射入时的圆心角为，根据几何关系可知：tan2Rr2 3，所以 120 则第二次运动的时间为：t2T120360T13T2t，故选 A.16如图 3 所示，一个小型水电站，其交流发电机的输出电压 U1一定，通过理想升压变压器T1和理想降压变压器 T2向远处用户供电，输电线的总电阻为 R.T1的输入电压和输入功率分别为 U1和 P1，它的输出电压和输出功
28、率分别为 U2和 P2；T2 的输入电压和输入功率分别为U3和 P3，它的输出电压和输出功率分别为 U4和 P4.下列说法正确的是()图 3 A当用户的用电器增多时，U2减小，U4变小 B当用户的用电器增多时，P1变大，P3减小 C输电线上损失的功率为 PU 22R D要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比n2n1，同时应增大降压变压器的匝数比n3n4 答案 D 15 解析 交流发电机的输出电压 U1一定，匝数没变，根据U1U2n1n2，知 U2不变，故 A 错误；当用户的用电器增多时，用户消耗的电功率变大，则输入功率增大，即 P3变大，故 B 错误输送功率一定时，根据 PUI 和 P损I
29、2R 知，要减小线路的损耗，应增大输送电压，又 U1一定，根据U1U2n1n2知，应增大升压变压器的匝数比n2n1；U3U2I2R，U2增大，I2减小，所以U3增大，用户电压不变，根据U3U4n3n4知，应增大降压变压器的匝数比n3n4，故 C 错误，D 正确；故选 D.17.如图 4 所示，吊车下方吊着一个质量为 500 kg 的重物，二者一起保持恒定的速度 v1 m/s沿水平方向做匀速直线运动 某时刻开始，吊车以 10 kW 的恒定功率将重物向上吊起，经 t 5 s 重物达到最大速度忽略空气阻力，取 g10 m/s2.则在这段 t 时间内()图 4 A重物的最大速度为 2 m/s B重物克
30、服重力做功的平均功率为 9.8 kW C重物做匀变速曲线运动 D重物处于失重状态 答案 B 解析 竖直方向重物能达到的最大速度 vymPmg10 00050010 m/s2 m/s，则重物的最大速度为 vmv2v 2ym 5 m/s，选项 A 错误；达到最大速度时克服重力做功：WGPt12mv 2ym1045 J1250022 J49 000 J，则重物克服重力做功的平均功率为 P WGt49 0005 W9.8 kW，选项 B 正确；因竖直方向做加速度减小的变加速运动，故合运动不是匀变速运动，选项 C 错误；重物向上做加速运动，故处于超重状态，选项 D 错误；故选 B.18下列说法正确的是(
31、)A一群处于 n5 的激发态的氢原子向低能级跃迁时最多能辐射出 10 种不同频率的光 B在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能 Ek 越大，则这种金属的逸出功 W0 越大 C氡元素的半衰期为 3.8 天，若有 8 个氡原子核，则 7.6 天后还剩 2 个氡原子核未衰变 16 D某放射性原子核经过 2 次 衰变和 1 次 衰变，核内中子数减少了 4 个 答案 A 解析 一群处于 n5 的激发态的氢原子向低能级跃迁时最多能辐射出 C2510 种不同频率的光，选项 A 正确；在光电效应实验中，根据 EkhW0可知，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金
32、属表面逸出的光电子的最大初动能 Ek越大，则这种金属的逸出功 W0越小，选项 B 错误；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数的原子核的衰变不适用，选项 C错误；某放射性原子核经过 2 次 衰变中子数减小 4,1 次 衰变中子数减小 1，故最终核内中子数减少了 5 个，选项 D 错误；故选 A.19已知人造航天器在月球表面上空绕月球做匀速圆周运动，经过时间 t(t 小于航天器的绕行周期)，航天器运动的弧长为 s，航天器与月球的中心连线扫过角度为，万有引力常量为 G，则()A航天器的轨道半径为s B航天器的环绕周期为2t C月球的质量为s3Gt2 D月球的密度为324Gt2 答案 BC 解析
33、根据几何关系得：rs.故 A 错误；经过时间 t，航天器与月球的中心连线扫过角度为，则：tT2，得：T2t.故 B 正确；由万有引力充当向心力而做匀速圆周运动，所以：GMmr 2mr4 2T 2，M42r 3GT 2s3Gt2.故 C 正确；人造航天器在月球表面上空绕月球做匀速圆周运动，月球的半径等于r，则月球的体积：V43r3，月球的密度为MV3 24 t 2.故D 错误故选B、C.20.利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图 5 所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度 B 垂直于霍尔元件的工作面向下，当元件中通入图示方向的电流 I 时，C、D 两侧面会形成一定的
34、电势差 U.下列说法中正确的是()图 5 17 A若 C 侧面电势高于 D 侧面，则元件中形成电流的载流子带负电 B若 C 侧面电势高于 D 侧面，则元件中形成电流的载流子带正电 C在地球南、北极上方测地磁场强弱时，元件工作面竖直放置时 U 最大 D在地球赤道上方测地磁场强弱时，元件工作面竖直放置且与地球经线垂直时，U 最大 答案 AD 解析 若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向 D 侧面偏，则 C 侧面的电势高于 D 侧面的电势故 A 正确；若元件的载流子带正电，由左手定则可知，正电载流子受到的洛伦兹力方向向 D 侧面偏，则 D 侧面的电势高于 C 侧面的电势，
35、故 B 错误；在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，因磁场沿竖直方向，则元件的工作面保持水平时 U 最大，故 C 错误；地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时 U 最大故 D 正确故选 A、D.18 21如图 6 所示，在真空中，Q1和Q2为固定在 x 轴上的两个点电荷，且 Q14Q2，AB BP L.a、b、c 为 P 两侧的三个点，则下列说法中正确的是()图 6 AP 点电场强度为零，电势也为零 Bb、c 两点处，一定有电势 bc 且电场强度 EbEc C若将一试探电荷q 从 a 点沿 x 轴移至 P 点，则其电势能增加 D若
36、将一试探电荷q 从 a 点静止释放，则其经过 P 点时动能最大 答案 CD 解析 P 点的场强为 EPkQ12L2kQ2L20；P 点的电势：UPkQ12LkQ2LkQ2L0，选项 A 错误；因 P 点的场强为零，则 P 点右侧电场线向右，因顺着电场线电势降低可知，bc，因 b、c 的具体位置不确定，则不能确定两点场强的关系，选项 B 错误；P 点左侧电场线向左，则 P点电势高于 a 点，若将一试探电荷q 从 a 点沿 x 轴移至 P 点，则其电势能增加，选项 C 正确；若将一试探电荷q 从 a 点静止释放，则电荷将沿 aP 向右加速运动，到达 P 点后受到向左的电场力做减速运动，可知其经过
37、P 点时动能最大，选项 D 正确；故选 C、D.19 选择题押题练(四)(限时：25 分钟)二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分 14.如图 1 所示是做匀变速直线运动的质点在 06 s 内的位移时间图线(抛物线)若 t1 s时，图线所对应的切线斜率为 4(单位：m/s)则()图 1 At1 s 时，质点在 x5 m 的位置 Bt1 s 和 t5 s 时，质点的速度相同 Ct1 s 和 t5 s 时，质点加速度的
38、方向相反 D前 5 s 内，合外力对质点做正功 答案 A 解析 t1 s 时，图线所对应的切线斜率为 4，则质点的速度为 v14 m/s，图象对称分布，3 s 末位移最大，所以 3 s 末速度为零，质点做匀减速直线运动，加速度：avt042 m/s22 m/s2，初速度为 v0v1at1(42)m/s6 m/s，所以 t1 s 时，质点的位移：xv0t12at2(6112212)m5 m，故 A 正确；t1 s 和 t5 s 时图象斜率的绝对值相等，则质点的速率相等，但方向相反，故 B 错误；质点先做匀减速直线运动后反向做匀加速直线运动，t1 s 和 t5 s 时，质点加速度的方向相同，故 C
39、 错误；5 s 末的速度 v5v0at5(625)m/s4 m/s，因为 4 m/s6 m/s，所以前 5 s 内质点动能减小，所以合外力对质点做负功，故 D 错误 15.如图 2 所示，光滑绝缘的水平桌面上，用外力固定着一个带电荷量为Q 的小球 P，带电荷量分别为q 和2q 的小球 M 和 N 由绝缘细杆相连，静止在桌面上，P 与 M 相距 L，P、M 和 N 视为点电荷，下列说法正确的是()20 图 2 AM 与 N 的距离一定大于 L BP、M 和 N 在同一直线上 C在 P 产生的电场中，M、N 处的电势相同 D撤去固定小球 P 的外力，小球 P 将运动起来 答案 B 解析 对 M、N
40、 分别受力分析，根据库仑定律，假设杆无作用力，设 M 与 N 间距为 r，则有：kQqL2kQ2qLr2，解得：r(21)L，故 A 错误；由于水平桌面光滑，若 P、M 和 N 不在同一直线上，则各自受力不共线，会出现不平衡现象，故 B 正确；由带电荷量为Q 的小球 P，结合沿着电场线方向电势降低，则 M 点电势高于 N 点，故 C 错误；由题意可知，M、N 及细杆组成的系统处于静止状态，因此合外力为零，那么小球 P 所受的电场力的合力也为零，所以撤去固定 P 的外力，P 也不会运动，故 D 错误所以 B 正确，A、C、D 错误 16在 x 轴上方有垂直于纸面向外的匀强磁场，同一种带电粒子从
41、O 点射入磁场，当入射方向与 x 轴的夹角为 45时，速度为 v1、v2的两个粒子分别从 a、b 两点射出磁场，如图 3 所示，当夹角为 60时，为了使速度为 v3的粒子从 ab 的中点 c 射出磁场，则速度 v3应为()图 3 A.12(v1v2)B.22(v1v2)C.33(v1v2)D.66(v1v2)答案 D 解析 设 a、b、c 三点的坐标分别为 x1、x2、x3，当 45，粒子从 a点射出磁场时，如图所示有：x1 2R1 2mv1qB.当 45，粒子从 b点射出磁场，如图所示：x2 2R2 2mv2qB，当 60时，粒子从 c 点射出磁场，如图所示有：x3 3R3 3mv3qB，因
42、为 2x3x1x2，所以 v366(v1v2)，故 D 21 正确 17在某种条件下，铬原子的 n2 能级上的电子跃迁到 n1 能级上时释放的能量转交给 n4 能级上的电子，使之脱离原子，这一现象叫做俄歇效应，以这种方式脱离了原子的电子叫做俄歇电子已知铬原子的能级公式可简化表示为 EnAn2，式中 n1,2,3表示不同的能级，A 是正的已知常数上述俄歇电子的动能是()A.316A B.716A C.1116A D.1316A 答案 C 解析 由题意可知 n1 能级能量为：E1A，n2 能级能量为：E2A4，从 n2 能级跃迁到 n1 能级释放的能量为：EE2E13A4，n4 能级能量为：E4A
43、16，电离需要能量为：E0E4A16，所以从 n4 能级电离后的动能为：EkEE3A4A1611A16，C 正确 18.如图 4 所示，在同一竖直面内，小球 a、b 从高度不同的两点，分别以初速度 va和 vb沿水平方向先后抛出，恰好同时落到地面上与两抛出点水平距离相等的 P 点若不计空气阻力，则()图 4 Atatb Btatb Cvavb Dvavb 答案 A 解析 根据：h12gt2，解得 t2hg，知平抛运动的运动时间是由竖直高度决定的，由于 a的高度比 b 的大，所以它们运动关系为 tatb，由于 a、b 的水平位移相等，由 xv0t 得 vavb，故 A 正确 19.如图 5 所示
44、，固定的竖直光滑长杆上套有质量为 m 的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，且处于原长状态，现让圆环由静止开始下滑，已知弹 22 簧原长为 L，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为 2L(未超过弹性限度)，则在圆环下滑到最大距离的过程中()图 5 A圆环的机械能不守恒 B弹簧弹性势能增加了 3mgL C圆环下滑到最大距离时，所受合力为零 D圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变 答案 AB 20.如图 6 所示，理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头 Q 来调节，在副线圈两端连接了定值电阻 R0和滑动变阻器 R，P 为滑动变阻器的滑动触
45、头在原线圈上加一电压有效值为 U 的正弦交变电流，则()图 6 A保持 Q 的位置不动，将 P 向上滑动时，电流表读数变小 B保持 Q 的位置不动，将 P 向上滑动时，变阻器 R 消耗的功率变小 C保持 P 的位置不动，将 Q 向上滑动时，电流表读数变大 D调节 P、Q 使副线圈匝数、变阻器 R 阻值均变为原来 2 倍，则变压器输入功率不变 答案 AC 21.如图 7 所示，赤道上空有 2 颗人造卫星 A、B 绕地球做同方向的匀速圆周运动，地球半径为 R，卫星 A、B 的轨道半径分别为54R、53R，卫星 B 的运动周期为 T，某时刻 2 颗卫星与地心在同一直线上，两颗卫星之间保持用光信号直接
46、通信则()23 图 7 A卫星 A 的加速度小于 B 的加速度 B卫星 A、B 的周期之比为3 38 C再经时间 t38 39T148，两颗卫星之间的通信将中断 D为了使赤道上任一点任一时刻均能接收到卫星 A 所在轨道的卫星的信号，该轨道至少需要 3 颗卫星 答案 BC 解析 根据 GMmr2ma，解得：aGMr2，可知 A 的加速度大于 B 的加速度，故 A 错误；根据GMmr2m42T2r，解得：T 42r3GM，可得：TATB3 38，故 B 正确；由题意可知当卫星 A 与 B的连线与地球相切时信号将中断，由几何关系可知此时 A、B 卫星的距离为25R12，角度关系为(2TA2TB)t(
47、为卫星 A、B 与地心连线的夹角)，联立可得：t38 39T148，故 C 正确；对于同步卫星来讲，由于赤道的角度为 360 度，而一颗卫星能覆盖 120 度，故要有 3 颗，才能全部覆盖地球表面，同步卫星距地心的距离大约为 7R，而卫星 A 的轨道半径为5R4，覆盖的范围比同步卫星还要小，因此至少需要 3 颗以上才可以，故 D 错误 24 选择题押题练(五)(限时：25 分钟)二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0
48、分 14下列说法正确的是()A太阳辐射的能量主要来自太阳内部的链式反应 B结合能越大，原子中核子结合的越牢固，原子核越稳定 C核力是弱相互作用力，是短程力，作用的距离小于 1010 m D根据玻尔理论，氢原子能量越高时，核外电子的动能越小、电势能越大 答案 D 解析 太阳内部进行的是热核聚变，太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核聚变，A 错误；比结合能越大，原子核越稳定，B 错误；核力是短程的强相互作用力，作用范围在1.51015 m之内，C 错误；能量越高时半径越大，速度越小，电势能越大，动能越小，D 正确 15.2013 年 6 月 20 日，航天员王亚平在“天宫一号”飞行器里展示了失重状
49、态下液滴的表面张力引起的现象，可以观察到漂浮液滴的形状发生周期性的微小变化(振动)，如图 1 所示 已知液滴振动的频率表达式为 f kr3，其中 k 为一个无单位的比例系数，r 为液滴半径，为液体密度，为液体表面张力系数(单位为 N/m)与液体表面自由能的增加量 E、液体表面面积的增加量 S 有关，则在下列相关的关系式中，可能正确的是()25 图 1 AES BES CES2 D1ES 答案 A 解析(其单位为 N/m)为液体表面张力系数，液体表面自由能的增加量 E(其单位为 J)，S是液体表面面积的增加量，单位是 m2，根据物理量之间的关系得出：1 N/m1 J1 m2，所以 ES，A 正确
50、 16.如图2所示为地铁站用于安全检查的装置，主要由水平传送带和X光透视系统两部分组成，传送过程传送带速度不变假设乘客把物品轻放在传送带上之后，物品总会先、后经历两个阶段的运动，用 v 表示传送带速率，用 表示物品与传送带间的动摩擦因数，则()图 2 A前阶段，物品可能向传送方向的相反方向运动 B后阶段，物品受到摩擦力的方向跟传送方向相同 Cv 相同时，不同的等质量物品与传送带摩擦产生的热量相同 D 相同时，v 增大为原来的 2 倍，前阶段物品的位移也增大为原来的 2 倍 答案 C 解析 前阶段，物品的速度小于传送带的速度，相对传送带向后运动，受到与传送方向相同的滑动摩擦力作用，在这个滑动摩擦