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1、等差数列的前n项和说课稿等差数列前n项和 课时192.2.3等差数列的前n项和（3）【学习目标】敏捷运用等差数列的前n项和公式解决一些实际问题。【学问概念】1等差数列的判定方法 2等差数列通项性质 3.an与Sn的关系；。4等差数列的前n项和的性质【例题选讲】例1某剧场有20排座位，后一排比前一排多两个座位，最终一排有60个座位，这个剧场共有多少个座位？ 例2某种卷筒纸绕在盘上，空盘时盘芯直径40mm,满盘时直径120mm。已知卫生纸的厚度为0.1mm,问：满盘时卫生纸的总长度大约是多少？（精确到1m） 例3教化储蓄是一种零存整取定期储蓄存款，它享受整存整取利率，利息免税。教化储蓄的对象为在校
2、小学四年级（含四年级）以上的学生。设零存整取3年期教化储蓄的月利率为2.1.起存款金额50元，存款总额不超过2万元。（1）欲在3年后一次支取本息合计2万元，每月大约存入多少元？（2）零存整取3年期教化储蓄每月至多存入多少元？此时3年后本息合计约多少元？（精确到元） 【课堂练习】课本P43练习4课本P44习题9、10、11、12【巩固提高】1某钢材库新到200根相同的圆钢，要把它们堆放成正三角形垛，并使剩余的圆钢尽可能的少，那么将剩余多少根圆钢？ 2有30根电线杆，要运往1000m远的地方起先安装，在1000m处放一根，以后每50m放一根，一辆汽车每次只能运三根，假如用一辆汽车完成这项任务，这辆
3、汽车的行程共有多少km？又若一辆车一次可运四根，怎样支配汽车的行程最短。 3A，B两物自相距30m处同时相向运动，A每分钟走3m，B每分钟走2m，且以后每分钟比前1分钟多走0.5m，则A和B起先运动后分钟相遇。4流行性感冒（简称流感）是由流感病毒引起的急性呼吸道传染病。某市去年11月份曾发生流感。据资料统计，11月1日，该市新的流感病毒感染者有20人，此后每天的新感染者平均比前一天的新感染者增加50人。由于该市医疗部门实行措施，使该种病毒的传播得到限制。从某天起。每天的新感染者平均比前一天的新感染者削减30人。到11月30日止，该市在这30日内感染该病毒的患者总共有8670人。问11月几日，该
4、市感染此病毒的新患者人数最多？并求这一天的新患者人数。 等差数列的前n项和教案 教学设计22.2等差数列的前n项和整体设计教学分析本节等差数列求和共分2课时，第1课时是在学习了等差数列的概念和性质的基础上，使学生驾驭等差数列求和公式，并能利用它解决数列求和的有关问题等差数列求和公式的推导，是由计算工厂堆放的钢管数这一实例引入的，采纳了倒序相加法，思路的获得得益于等差数列随意的第k项与倒数第k项的和都等于首项与末项的和这一性质的相识和发觉，通过对等差数列求和公式的推导，使学生能驾驭“倒序相加”这一重要数学方法第2课时的主要内容是让学生进一步娴熟驾驭等差数列的通项公式和前n项和公式，进一步了解等差
5、数列的一些性质，并会用它们解决一些相关问题通过本节课的教学使学生对等差数列的前n项和公式的相识更为深刻，并进一步感受数列与函数、数列与不等式等方面的联系，促进学生对本节内容认知结构的形成通过探究一些特别数列求和问题的思路和方法，体会数学思想方法的运用在本节教学中，应让学生融入问题情境中，经验学问的形成和发展，通过视察、活动、探究、沟通、反思，来相识和理解等差数列的求和内容在学法上，引导学生去联想、探究，同时激励学生大胆猜想，学会探究在教法上，遵循学生的认知规律，充分调动学生的主动性，让学生经验学问的形成和发展过程，激发他们的学习爱好，发挥他们的主观能动性及其在教学过程中的主体地位通过等差数列概
6、念的归纳概括，培育学生的视察、分析问题的实力和主动思维、追求新奇的创新意识三维目标1通过经验等差数列求和公式的发觉、探究过程，驾驭等差数列前n项和公式的推导及应用，会利用等差数列通项公式与前n项和的公式探讨Sn的最值2学会常用的数学方法和体现出的数学思想，促进学生的思维水平的发展通过例题及其变式例题的训练，进一步娴熟驾驭等差数列的通项公式和前n项和公式3通过有关内容在实际生活中的应用，使学生再一次感受数学来源于生活，又服务于生活的好用性，引导学生要擅长视察生活，从生活中发觉问题，并用数学学问解决问题重点难点教学重点：驾驭等差数列的前n项和公式；会用等差数列的前n项和公式解决一些简洁的问题，能用
7、多种方法解决数列求和问题教学难点：对等差数列求和公式的深刻理解及其敏捷应用课时支配2课时教学过程第1课时导入新课思路1.(情境导入)我们在日常生活中经常遇到这样的事情：(可利用多媒体课件或幻灯片)有一堆钢管放置如图1，请你帮助管理人员算一算一共有钢管多少根？求图2共有多少朵花？当然一根根地数钢管或一朵朵地数小花能算出来，但有没有更好的方法呢？若让你求出第100层的钢管数或让你求出第100个圆圈上的小花数，那么你怎样求呢？这事实上就是等差数列的求和问题，由此绽开新课图1图2 思路2.(事例导入)关于“加薪的学问”有一报道如下：在美国广为流传的一道数学题目是：老板给你两个加工资的方案，一是每年年末
8、加1000元；二是每半年结束时加300元请选一种，一般不擅长数学的，很简单选择前者因为一年加1000元总比两个半年共加600元要多其实，由于加工资是累计的，时间稍长，往往其次种方案更有利例如，在其次年的年末，依第一种方案可以加得100020003000(元)；而其次种方案在第一年加得(300600)元，其次年加得90012002100(元)，总数也是3000元但到第三年，第一种方案可得1000200030006000(元)，其次种方案则为3006009001200150018006300(元)，比第一种方案多了300元第四年、第五年会更多因此，你若在该公司干三年以上，则应选择其次种方案以上材料
9、的正确解答恰是我们要探讨的数列求和问题，由此导入新课推动新课新知探究提出问题(1)老师出示幻灯投影1.印度泰姬陵(TajMahal)是世界七大建筑奇迹之一，所在地是阿格拉市泰姬陵是印度古代建筑史上的经典之作，这个古陵墓融合了古印度、阿拉伯和古波斯的建筑风格，是印度伊斯兰教文化的象征陵寝以宝石镶饰，图案之细致令人叫绝传闻当时陵寝中有一个等边三角形图案，以相同大小的圆宝石镶饰而成，共有100层(如下图)，奢华之程度，可见一斑你知道这个图案中一共有多少颗宝石吗？(该问题给予了课堂人文历史的气息，缩短了数学与现实之间的距离，引领学生步入探讨高斯算法的阶段) (2)老师出示幻灯投影2.高斯是宏大的数学家
10、、天文学家高斯十岁时，有一次老师出了一道题目，老师说：“现在给大家出道题目：12100？”过了两分钟，正值大家在：123；336；4610；算得不亦乐乎时，高斯站起来回答说：“1231005050.”你知道高斯是如何算出答案的吗？(3)依据问题(1)(2)你能探究出等差数列的求和公式吗？(4)等差数列的前n项和公式有什么结构特征？(5)怎样运用这两个公式解决数列求和问题？活动：老师引导学生探究以上两个闻名的历史问题，一方面展示了历史文化奇迹，如问题(1)，另一方面切身感受一下历史名人的成长踪迹，激发学生的探究爱好高斯是18世纪德国闻名的数学家，被称为历史上最宏大的三位数学家之一，他与阿基米德、
11、牛顿齐名，是数学史上一颗光线四射的巨星.10岁的小高斯能快速写出12399100(1100)(299)(398)(5051)101505050，将加法问题转化为乘法运算，快速精确地得到了结果，的确思维非凡可见作为数学王子的高斯从小就擅长视察，敢于思索，因此能从一些简洁的事物中发觉和找寻出某些规律性的东西今日我们重温这段历史，是想让学生从中感悟学习的真谛，站在巨人的肩膀上去学习，事实上，高斯用的是首尾配对相加的方法也就是：11002993985051101，有50个101，所以123100501015050.高斯算法的高超之处在于他发觉这100个数可以分为50组，第一个数与最终一个数一组，其次个
12、数与倒数其次个数一组，第三个数与倒数第三个数一组，每组数的和均相等，都等于101,50个101就等于5050了高斯的这种算法，就是等差数列求和的方法，也就是我们将要探究的等差数列的前n项和问题现在，我们再来探究前面的印度泰姬陵的陵寝中的等边三角形图案，在图中我们取下第1层到第21层，得到下图，则下图中第1层到第21层一共有多少颗宝石呢？这是求“12321”奇数个项的和的问题，高斯的方法不能用了要是偶数项的数求和就好首尾配成对了高斯的这种“首尾配对”的算法还得分奇、偶个项的状况求和，适用于偶数个项，我们是否有简洁的方法来解决这个问题呢？我们发觉用几何的方法，将这个全等三角形倒置，与原图补成平行四
13、边形平行四边形中的每行宝石的个数均为22个，共21行则三角形中的宝石个数就是121212.这种方法不需分奇、偶个项的状况就可以求和，很有创意，用数学式子表示就是：12321，2120191，这就是我们数学中一种求和的重要方法“倒序相加法”探究了以上两个实际问题的求和，学生对数学求和问题有了肯定的相识，比较以上两种探究过程学生自然会思索能否把“倒序相加法”推广到随意一个等差数列呢？这种类比的联想就是思维才智的出现为了降低难度，老师可先与学生一起探究123n的问题，得到如下算式：123n1nnn1n221(n1)(n1)(n1)(n1)(n1)可知123nn1n2.再进一步探究，等差数列an的前n
14、项和的问题，让学生明白Sn就表示an的前n项和，即Sna1a2a3an，依据倒序相加法可得如下算式：Sna1a2a3an，Snanan1an2a1，2Sn(a1an)(a2an1)(a3an2)(ana1).依据上节课等差数列的性质有a1ana2an1a3an2ana1.所以，2Snn(a1an)由此可得等差数列an的前n项和公式：Snna1an2这就是说，等差数列的前n项和等于首末两项的和与项数乘积的一半将等差数列的通项公式ana1(n1)d代入上式，可得等差数列an前n项和的另一公式：Snna1nn12d以上两种推导过程都很精彩，一是用的“倒序相加法”，二是用的基本量来转化为用我们前面求得
15、的结论，并且我们得到了等差数列前n项求和的两种不同的公式这两种求和公式都很重要，都称为等差数列的前n项和公式从以上探究我们可以看出这两个公式是可以转化的，从结构特征看，前一个公式反映了等差数列随意的第k项与倒数第k项的和等于首项与末项的和这个内在性质；后一个公式反映了等差数列的前n项和与它的首项、公差之间的关系，而且是关于n的“二次函数”，可以与二次函数进行比较两个公式从不同角度反映了数列的性质两个公式的共同点是须要知道a1和n，不同点是前者还需知an，后者还须要知道d.从方程角度看两公式共涉及5个元素：a1，d，n，an，Sn，老师要点拨学生留意这5个元素，其中a1，d称为基本元素因为等差数
16、列的首项a1，公差d已知，则此数列完全确定，因此等差数列中不少问题都可转化为求基本元素a1和d的问题，这往往要依据已知条件列出关于a1，d的方程组，再解这个方程组求出a1，d.探讨结果：(1)(3)略(4)前一个公式的结构特征是可与梯形面积公式(上底下底)高2相类比，上底就是等差数列的首项a1，下底是第n项an，高是项数n；后一个公式是二次函数的形式(5)运用这两个公式解题时要让学生明确解方程或方程组的思路应用示例例1计算：(1)123n；(2)135(2n1)；(3)2462n；(4)123456(2n1)2n.活动：对于刚学完公式的学生来讲，干脆解答课本上的例1跨度太大因此先补充了这样一个
17、干脆运用公式的题目目的是让学生快速熟识公式，用基本量观点相识公式，教学时可让学生自己去解答完成，只是对(4)需做必要的点拨：本小题数列共有几项？是否为等差数列？能否干脆运用Sn公式求解？若不能，应如何解答？引导学生视察，本小题中的数列共有2n项，不是等差数列，但把正项和负项分开，可看成两个等差数列，所以原式135(2n1)(2462n)n2n(n1)n.有的学生可能视察得很快，本小题虽然不是等差数列，但有一个规律，两项结合都为1，故可得另一解法：原式(1)(1)(1)(1)n.解：(1)123nnn12；(2)135(2n1)n12n12n2；(3)2462nn2n22n(n1)；(4)原式n
18、.点评：本例前3小题干脆利用等差数列求和公式，对于(4)小题给我们以启示：在解题时我们应细致视察，找寻规律，往往会找寻到好的方法留意在运用求和公式时，要看清等差数列的项数，否则会引起错解变式训练已知等差数列an满意a2a44，a3a510，则它的前10项的和S10等于()A138B135C95D23答案：C解析：由a2a44，a3a510，可解得d3，a14，a10a19d23，S10a1a1021095. 例2(教材本节例2)活动：通过本例介绍由求和公式求通项公式的方法，分析求和公式与二次函数的联系并结合边注引导学生探究数列中项的性质问题教学中应引起高度重视，可让学生自己探究，老师赐予适当点
19、拨点评：求使Sn最小的序号n值的方法许多，可激励学生课后进一步探究例3已知一个等差数列的前10项的和是310，前20项的和是1220，由此可以确定求其前n项和的公式吗？活动：老师与学生一起探究，本例的已知条件是在等差数列an中，S10310，S201220.由前面我们所学知道，将已知条件代入等差数列前n项和的公式后，可得两个关于a1与d的关系式，它们都是关于a1与d的二元一次方程，解这个二元一次方程组可求得a1与d，a1与d确定了，那么就可求出这个等差数列的前n项和公式解：方法一：由题意可知S10310，S201220，将它们代入公式Snna1nn12d，得到10a145d310，20a119
20、0d1220.解这个关于a1与d的方程组，得到a14，d6，所以Sn4nnn1263n2n.方法二：由S10a1a10210310，得a1a1062，S20a1a202201220.所以a1a20122.，得10d60，所以d6.代入，得a14，所以有Sna1nnn12d3n2n.点评：本例的给出方式是设问“由这些条件能确定这个等差数列的前n项和吗”，而不是“求这个数列的前n项和”这就更深了一层，让学生领悟到a1与d一旦确定，那么这个等差数列就确定了，同时通过本例也让学生领悟等差数列中a1与d是所给5个量中的基本量.5个量中已知3个量则可求其他量，只需通过构造方程或方程组，运用方程思想即可解决
21、问题教学时老师要充分利用本题的训练价值，使学生娴熟地驾驭这一基本题型解完后老师要再引领学生反思总结变式训练设Sn为等差数列an的前n项和，S414，S10S730，求S9.解：由S414，S10S730，4a16d14，10a145d7a121d30，即2a13d7，a18d10.解得a12，d1，S99a136d54. 例4已知数列an的前n项和为Snn212n，求这个数列的通项公式这个数列是等差数列吗？假如是，它的首项与公差分别是什么？活动：这是一道合作探究题教学时给出肯定的时间让学生对本题进行思索探究本题给出了一个数列的前n项和的式子，来推断它是否是等差数列解题的动身点是从所给的和的公式
22、去求出通项那么通项与前n项和的公式有何种关系呢？由Sn的定义可知，当n1时，S1a1；当n2时，anSnSn1，即anS1，n1，SnSn1，n2.这种由已知数列的Sn来确定数列通项的方法对随意数列都是可行的本题即用这种方法求出的通项an2n12，我们从中知道它是等差数列，这时当n1也是满意的，但是不是全部已知Sn求an的问题都能使n1时，anSnSn1满意呢？请同学们来探究一下解：依据Sna1a2an1an与Sn1a1a2an1(n1)，可知当n1时，anSnSn1n212n(n1)212(n1)2n12，当n1时，a1S11212132.也满意式，所以数列an的通项公式为an2n12.由此
23、可知，数列an是一个首项为32，公差为2的等差数列点评：假如一个数列的前n项和公式是常数项为0，且是关于n的二次型函数，则这个数列肯定是等差数列，从而使我们能从数列的前n项和公式的结构特征上来相识等差数列实质上等差数列的两个求和公式中皆无常数项通过本例，老师应提示学生留意：这事实上给出了已知数列前n项和求其通项公式的一个方法，即已知数列an的前n项和Sn，则ana1，n1，SnSn1，n2.这种已知数列Sn来确定an的方法对于任何数列都是可行的，但要强调a1不肯定满意由SnSn1an求出的通项表达式因此最终要验证首项a1是否满意已求出的an.这点要引起学生足够的留意变式训练已知数列an的前n项
24、和Sn32n22052n，求数列an的通项公式解：由条件，知当n1时，a1S1321220521101.当n2时，anSnSn1(32n22052n)32(n1)22052(n1)3n104.把n1代入上式也适合数列通项公式为an3n104(nN*) 知能训练1等差数列an中，(1)已知a15，an95，n10，求Sn；(2)已知a1100，d2，n50，求Sn.2已知an是一个等差数列，且a21，a55.(1)求an的通项an；(2)求an前n项和Sn的最大值答案：1解：由等差数列求和公式，干脆求得：(1)Sn500；(2)Sn2550.2解：(1)设an的公差为d，由已知条件，a1d1，a
25、14d5，解出a13，d2，所以ana1(n1)d2n5.(2)Snna1nn12dn24n4(n2)2，所以n2时，Sn取到最大值4.课堂小结1本节的小结由学生来完成，首先回顾总结本节都学习了哪些内容？(两个重要的等差数列求和公式)通过等差数列的前n项和公式的推导，你都从中学到了哪些数学思想方法？(数列倒序相加法)对你今后的学习有什么启发指导？2你是怎样从方程的角度来理解等差数列求和公式的？又是怎样从等差数列的性质来理解等差数列的求和公式的？上节学习的等差数列的通项与本节学习的等差数列的求和公式有什么联系？本节的重要题型是什么？作业课本习题22A组8、9.设计感想本教案设计力求突出实际背景的
26、教学，以大量的日常生活实例及古今中外的数列故事来铺垫学生学习等差数列的本质内涵除了本教案设计的几个实例，教学时还可依据实际状况再补加一些实例背景本教案设计突出了发散思维的训练通过一题多解，多题一解的训练，比较优劣，换个角度视察问题，这是数学发散思维的基本素养说究竟，学数学，其实是要使人聪慧，使人的思维更加缜密本节的思索与探究没有涉及，设计的意图是留给学有余力的学生课后选做鉴于习题22B组中3,4,5,6都有肯定的难度，因此也设计为选做(设计者：周长峰) 第2课时导入新课思路1.上一节课我们一起探究推导了等差数列的求和公式，得到了求和公式的两种形式我们知道以前在公式的学习过程中，不仅要会对公式正
27、用、逆用及变形用，还要从运动、改变的观点来相识公式，从函数及数列结合的角度透彻理解公式这里公式Snna1nn12d表明Sn是关于n的二次函数，且常数项为0，那么你能看出点列(n，Sn)均在同一条抛物线上吗？这样的抛物线有什么特点？由此绽开新课思路2.上一节课我们从几个日常生活中的实例探究了等差数列的很重要的公式，我们也知道等差数列有着非常丰富的好玩性质，那么依据等差数列的特点，你能探究出等差数列的哪些重要结论呢？比如单调性、奇偶性、最大值等老师引导学生由此导入新课推动新课新知探究提出问题1回忆上节课等差数列前n项和公式的推导方法，并写出等差数列前n项和的两个公式.2等差数列求和公式中共有几个量
28、？基本量是什么？3等差数列前n项和公式与二次函数有着怎样的关系？4你能探究出哪些与和有关的等差数列的性质？5怎样利用所学学问敏捷地处理求和问题？活动：老师与学生一起回忆上节课我们用倒序相加法探究的等差数列的两个求和公式：Snna1an2，Snna1nn12d.在公式涉及的5个量a1，d，n，an，Sn中，知三可求其二其中a1，d是最基本的两个量我们称为基本元素，在等差数列的不少问题中，我们往往都转化为这两个量来求当然假如熟识并驾驭一些常用结论及性质，往往能找到简洁明快、轻快美丽的敏捷解题技巧，提高我们的解题速度下面我们探究等差数列求和的一些性质问题从等差数列的两个求和公式中我们可以看出，公式里
29、不含常数项老师引导学生进一步探究，假如a1，d是确定的，那么Snna1nn12dd2n2(a1d2)n.可以看出当d0时，Sn是关于n的二次式从图象角度看(n，Sn)在二次函数yAx2Bx(A0)的图象上所以当d0时，数列S1，S2，S3，Sn的图象是抛物线yAx2Bx图象上的一群孤立点，这样我们就可以借助于二次函数的有关性质(如单调性、最值等)来处理等差数列前n项和Sn的有关问题若d0，则Snna1.因此我们可以得出这样的结论：数列an为等差数列的充要条件是：数列an的前n项和可以写成Snan2bn的形式(其中a、b为常数)且公差为2a.结合二次函数图象与性质我们还可得到：当a10，d0时，
30、由am0am10Sm为最大值；当a10，d0时，由am0am10Sm为最小值通过详细例子验证、猜想并推广到一般，我们还可得到：设等差数列an的前n项和为A，紧接着n项的和为B，再紧接着n项的和为C，则A，B，C，也成等差数列通过以上这些探究，我们在处理等差数列有关和的问题时可有更多的选择余地，而且有些解法更加简洁、快捷，提高了我们解题的质量和效果如下例：已知等差数列an中，a2a519，S540，求a10，则可这样解：S55a340，a38，a2a5a3da32d2a3d16d19，得d3.a10a37d29.此解法比常规解法优越得多，这类解题技巧在等差数列中比比皆是，让学生在解题探究中细心领
31、悟探讨结果：(1)(4)(5)略(2)等差数列求和公式中共有5个量，其中a1，d是基本量(3)等差数列求和公式可看作n的二次函数式，上节课的例题中初步涉及了这一思想，本节将作进一步的探究应用示例例1已知等差数列5,427，347，的前n项和为Sn，求使得Sn最大的序号n的值活动：本例目的是让学生在上节初步理解的基础上，对等差数列求和公式的二次函数特征做进一步的螺旋提升我们知道，等差数列an的前n项和公式可以写成Snd2n2(a1d2)n，所以Sn可以看成函数yd2x2(a1d2)x(xN*)当xn时的函数值另一方面，简单知道Sn关于n的图象是一条抛物线上的一些点，因此我们可以利用二次函数来求n
32、的值解：由题意知，等差数列5,427，337，的公差为57，所以Snn225(n1)(57)75n5n214514(n152)2112556.于是，当n取与152最接近的整数7或8时，Sn取得最大值点评：我们能否换一个角度再来思索这个问题呢？由已知，它的首项为5，公差为57.因为它的首项为正数，公差小于零，因而这个数列是个单调递减数列，当该数列的项出现负数时，则它的前n项的和肯定会起先减小，在这样的状况下先求出它的通项，求得结果是ana1(n1)d57n407.令an57n4070，得到了n8，这样就可以知道a80，而a90.从而便可以发觉S7S8，从第9项和Sn起先减小，由于a80对数列的和
33、不产生影响，所以就可以说这个等差数列的前7项或8项的和最大这就是上节课留给学生课后探究的问题老师与学生一起归纳一下这种解法的规律：当等差数列an的首项大于零，公差小于零时，它的前n项的和Sn有最大值，可通过an0，an10求得n的值当等差数列an的首项不大于零，公差大于零时，它的前n项的和Sn有最小值，可以通过an0，an10求得n的值有了这种方法再结合前面的函数性质的方法，我们求等差数列的前n项的和的最值问题就可从通项与求和两个角度入手解决：(1)利用an取值的正负状况来探讨数列的和的改变状况；(2)利用Sn：由Snd2n2(a1d2)n利用二次函数求得Sn取最值时n的值变式训练已知an10
34、24lg21n(lg20.3010)，nN*.问前多少项之和最大？前多少项之和的肯定值最小？(让一位学生上黑板去板演)解：(1)an10241nlg20an11024nlg20?1024lg2n1024lg21?3401n3403.所以n3402.(2)Sn1024nnn12(lg2)，当Sn0或Sn趋近于0时其肯定值最小，令Sn0，即1024nn12(lg2)0，得n2048lg216804.99.因为nN*，所以有n6805. 例2等差数列an中，a10，S9S12，求该数列前多少项的和最小？活动：写出前n项和的函数解析式，再求此式的最值是最直观的思路教学时，老师充分让学生合作探讨此题，从
35、不同角度来探究此题的解法，老师只是赐予必要的点拨解法一：设等差数列an的公差为d，则由题意，得9a1129(91)d12a11212(121)d，即3a130d，d110a1.又a10，d0.Snna112n(n1)d12dn2212dnd2(n212)22128d.d0，Sn有最小值又nN*，当n10或n11时，Sn取最小值解法二：由ana1n1d0，an1a1nd0，即1110n10，1110n0，解得10n11.取n10或n11时，Sn取最小值解法三：S9S12，即a1a2a9a1a2a12，a10a11a120，即3a110.又a10，前10项或前11项的和最小点评：解完本题后老师引领
36、学生对以上三种解法进行反思总结本题的三种解法从三个不同的视角说明白等差数列前n项和的最值问题，方法迥异，殊途同归，由此看出等价转化思想在简化运算中的作用，其中第一种解法运算量偏大，不简单进行究竟，即便做对了，所花时间也较多，要让学生深刻领悟这一点事实上，本题还能探究出另一种解法图象法S9S12，Sn的图象所在的抛物线的对称轴为x912210.5，又a10，数列an的前10项或前11项和最小例3(教材本节例3)活动：本例是教材等差数列部分的最终一个例题，目的是让学生通过学到的等差数列学问，解决实际问题教学时，老师引导学生分析题中的数量关系，视察教化储蓄的规律通过分析知李先生的每个100元的利息依
37、次可组成等差数列，然后得出算式求解点评：解决本例的关键是建立等差数列的数学模型例4已知等差数列an中，公差d0，其前n项和为Sn，且满意：a2a345，a1a414.(1)求数列an的通项公式；(2)由通项公式bnSnnc构造一个新的数列bn，若bn也是等差数列，求非零常数c.活动：让学生自己探究本题(1)，对(2)老师可引导学生充分利用等差数列的特征，可由学生合作探究，老师仅赐予必要的点拨解：(1)an为等差数列，a1a4a2a314.又a2a345，a2，a3是方程x214x450的两实根又公差d0，a2a3.a25，a39.a1d5a12d9?a11，d4.an4n3.(2)由(1)知S
38、nn1nn1242n2n，bnSnnc2n2nnc.b111c，b262c，b3153c.又bn也是等差数列，即b1b32b2.262c11c153c.解之，得c12(c0舍去)bn2n2nn122n.易知bn是等差数列，c12.例52000年11月14日，教化部下发了关于在中小学实施“校校通”工程的通知，某市据此提出了实施“校校通”工程的总目标：从2022年起用10年的时间，在全市中小学建成不同标准的校内网据测算，2022年该市用于“校校通”工程的经费为500万元为了保证工程的顺当实施，安排每年投入的资金都比上一年增加50万元那么从2022年起的将来10年内，该市在“校校通”工程中的总投入是
39、多少？活动：这是一道实际应用题，从题中给出的信息我们发觉了等差数列的模型，这个等差数列的首项是500，记为a1，公差为50，记为d，而从2022年到2022年应为十年，所以这个等差数列的项数为10.再用公式就可以算出来了解：依据题意，从20222022年，该市每年投入“校校通”工程的经费都比上一年增加50万元所以，可以建立一个等差数列an，表示从2022年起各年投入的资金，其中a1500，d50.那么，到2022年(n10)投入的资金总额为S1010500101012507250(万元)答：从20222022年，该市在“校校通”工程中的总投入是7250万元点评：反思本例的解题过程，关键是将实际
40、问题转化为等差数列模型，用刚学到的等差数列求和公式解之变式训练一个屋顶的某一斜面成等腰梯形，最上面一层铺瓦片21块，往下每一层多铺1块，斜面上铺了19层，共铺瓦片多少块？解：由题意，所铺瓦片数成等差数列设所成等差数列为an，则a121，d1，n19.由等差数列前n项和公式知：共铺瓦片S191921191821570(块)答：共铺瓦片570块知能训练1设等差数列an的前n项和为Sn，若S410，S515，则a4的最大值为_2在等差数列an中满意3a47a7，且a10，Sn是数列an前n项的和，若Sn取得最大值，则n_.答案：14解析：设等差数列an的公差为d，依题意有4a1432d10，即2a1
41、3d5，5a1542d15，即a12d3.所以a4a13d(2a13d)3(a12d)5334.因此a4的最大值为4.29解析：3a47a7，d433a1.又a10，d0，Snna1nn12d2a133(n354)21225264a1.故当n9时，Sn最大课堂小结1本课的小结由学生来完成首先回顾总结本节探究了哪些重要结论？通过本节几个例题及变式训练的探讨，你对等差数列前n项和公式的应用又拓展了多少？你从中体会到了哪些数学思想方法？对你今后的进一步学习有什么启发指导？你将本节所学学问纳入已有的学问系统中了吗？2你是怎样从方程思想的角度来理解等差数列求和公式的？又是怎样从等差数列的性质来理解等差数
42、列的求和公式的？你是怎样从二次函数的角度来更加深刻地相识等差数列求和公式的？它是怎样与函数、不等式、方程等内容交汇的？重要的是你今日有什么独创呢？比如，若已知数列an的前n项和为Sn2n23n1，则通项an等于多少呢？你得出的答案是an0，4n5，n1，n2，还是an4n5(nN*)呢？请课下思索作业课本习题22A组12；习题22B组1,2,3.设计感想本教案设计的核心是突出学生的思维训练，这是一条主线，像例2引导学生探究了3种解法，从中比较了由于视角的不同而表现出的差异，让学生领悟数学中等价转化的作用因为从解法上看有的解法繁杂，甚至有了思路也不肯定解出来，而有的解法的确太美丽了，简洁而流畅本
43、教案设计突出了方程的思想，所谓方程思想就是指把数学问题所反映的数量关系用解析式的形式表示出来，再把解析式归结为方程，通过解方程的手段或对方程进行探讨使问题得以解决设未知数，列方程，解方程是用方程的思想解数列问题的重要环节本教案设计强调了数列与其他学问的交汇我们知道数列是函数概念的接着和延长数列的通项公式及前n项和公式都可以看作项数n的函数，是函数思想在数列中的应用而对数列求和公式的视角又大而广之，即把数列的前n项和Sn视为数列Sn的通项，这体现了思维的广袤性，也使学生的思维一下子博大而高远了，这或许就是数学的魅力之所在备课资料一、等差数列的性质探究等差数列的内容内涵丰富，通项公式与前n项和公式
44、是其核心内容，我们对其进行合理整合、变形，可以得到诸多的性质，它们的应用使解题变得轻松愉悦，与常规方法相比较，过程要简捷得多【性质1】已知等差数列an，m、p、qN*，若存在实数使mpq1(1)，则amapaq1.证明：由等差数列an的通项公式andna1d的几何意义：点(p，ap)、(m，am)、(q，aq)共线，由斜率公式得amapmpaqamqm，因为mpq1，所以pmmq.所以(amaq)apam.所以(1)amapaq，即amapaq1.评析：特殊地，当1时，2amapaq，我们不妨将性质1称为等差数列的定比分点公式【性质2】等差数列an，ni，miN*，i1,2,3，k，若i1kn
45、ii1kmi，则i1kanii1kami.证明：设等差数列an的公差为d.依据aniami(nimi)d，i1,2,3，k，则i1kanii1kami(i1knii1kmi)di1kami.所以i1kanii1kami.推论：等差数列an，ni，mN*，i1,2,3，k，若kmi1kni，则kami1kani.评析：本性质实质上是等差中项性质的推广【性质3】等差数列an的前n项和为Sn，公差为d，n，mN*，则SmmSnn12(mn)d.证明：因为SmmSnnnSmmSnmnnma1mm12dmna1nn12dmnmna1mnm12dmna1mnn12dmnm2nmnmn2mn2mndm2nmn22mndmnmn2mnd12(mn)d，所以SmmSnn12(mn)d.评析：实质上数列Snn是公差为d2的等差数列【性质4】等差数列an的前n项和为