《1.4.2 用空间向量研究距离、夹角问题（2）导学案-人教A版高中数学选择性必修第一册.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《1.4.2 用空间向量研究距离、夹角问题（2）导学案-人教A版高中数学选择性必修第一册.docx（13页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、1.4.2 用空间向量研究距离、夹角问题 (2) 1.理解两异面直线所成角与它们的方向向量之间的关系,会用向量方法求两 异面直线所成角.2.理解直线与平面所成角与直线方向向量和平面法向量夹角之间的关系,会用向量方法求直线与平面所成角.3.理解二面角大小与两个面法向量夹角之间的关系,会用向量方法求二面角的大小.重点：理解运用向量方法求空间角的原理难点：掌握运用空间向量求空间角的方法一、自主导学 1.利用向量方法求两异面直线所成角若两异面直线l1,l2所成角为,它们的方向向量分别为a,b,则有cos =|cos|=|ab|a|b| .特别提醒：不要将两异面直线所成的角与其方向向量的夹角等同起来,因
2、为两异面直线所成角的范围是0,2,而两个向量夹角的范围是0,事实上,两异面直线所成的角与其方向向量的夹角是相等或互补的关系. 2.利用向量方法求直线与平面所成角若直线l与平面所成的角为,直线l的方向向量为a,平面的法向量为n,则有sin =|cos|=|an|a|n|特别提醒：直线与平面所成的角等于其方向向量与平面法向量所成锐角的余角. 3.利用向量方法求二面角(1)若二面角-l-的平面角的大小为,其两个面,的法向量分别为n1,n2, 则|cos |=|cos|= |n1n2|n1|n2| (2)二面角的大小还可以转化为两直线方向向量的夹角.在二面角-l-的两个半平面,内,各取一条与棱l垂直的
3、直线,则当直线的方向向量的起点在棱上时,两个方向向量的夹角即为二面角的大小.特别提醒：由于二面角的取值范围是0,而两个面的法向量的方向无法从图形上直观确定,因此不能认为二面角的大小就是其两个面法向量夹角的大小,需要结合具体图形判断二面角是锐角还是钝角,从而求得其大小.二、小试牛刀1.若异面直线l1,l2的方向向量分别是a=(0,-2,-1),b=(2,0,4),则异面直线l1与l2的夹角的余弦值等于()A.-25B.25C.-255D.2552.若直线l的方向向量与平面的法向量的夹角等于120,则直线l与平面所成的角等于()A.120 B.60 C.150 D.303.二面角-l-中,平面的一
4、个法向量为n1=32,-12,-2,平面的一个法向量是n2=0,12,2,那么二面角-l-的大小等于()A.120 B.150 C.30或150 D.60或120一、情境导学地球绕太阳公转的轨道平面称为“黄道面”,黄道面与地球赤道面交角(二面角的平面角)为2326.黄道面与天球相交的大圆为“黄道”.黄道及其附近的南北宽9以内的区域称为黄道带,太阳及大多数行星在天球上的位置常在黄道带内.黄道带内有十二个星座,称为“黄道十二宫”.从春分(节气)点起,每30便是一宫,并冠以星座名,如白羊座、狮子座、双子座等等,这便是星座的由来.问题：空间角包括哪些角?求解空间角常用的方法有哪些?答案：线线角、线面角
5、、二面角; 传统方法和向量法.二、典例解析例1. 如图所示,在三棱柱ABC-A1B1C1中,AA1底面ABC,AB=BC=AA1,ABC=90,点E,F分别是棱AB,BB1的中点,试求直线EF和BC1所成的角.1.利用空间向量求两异面直线所成角的步骤.(1)建立适当的空间直角坐标系.(2)求出两条异面直线的方向向量的坐标.(3)利用向量的夹角公式求出两直线方向向量的夹角.(4)结合异面直线所成角的范围得到两异面直线所成角.2.求两条异面直线所成的角的两个关注点.(1)余弦值非负:两条异面直线所成角的余弦值一定为非负值,而对应的方向向量的夹角可能为钝角.(2)范围:异面直线所成角的范围是0,2,
6、故两直线方向向量夹角的余弦值为负时,应取其绝对值.跟踪训练1 如图,在正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AA1=2AB,则异面直线A1B与AD1所成角的余弦值为.例2.如图所示,四棱锥P-ABCD中,PA底面ABCD,ADBC,AB=AD=AC=3,PA=BC=4,M为线段AD上一点,AM=2MD,N为PC的中点.(1)证明MN平面PAB;(2)求直线AN与平面PMN所成角的正弦值.跟踪训练2 在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,E为CC1的中点,则直线A1B与平面BDE所成的角为()A.6 B.3 C.2D.56例3. 如图,在正方体ABEF-DCEF中,M,N分别为AC,B
7、F的中点,求平面MNA与平面MNB所成锐二面角的余弦值. 利用平面的法向量求二面角 利用向量方法求二面角的大小时,多采用法向量法,即求出两个面的法向量,然后通过法向量的夹角来得到二面角的大小,但利用这种方法求解时,要注意结合图形观察分析,确定二面角是锐角还是钝角,不能将两个法向量的夹角与二面角的大小完全等同起来.跟踪训练3 如图,在直三棱柱ABC-A1B1C1中,AA1=BC=AB=2,ABBC,求二面角B1-A1C-C1的大小.金题典例 如图,四棱柱ABCD-A1B1C1D1的所有棱长都相等,ACBD=O,A1C1B1D1=O1, 四边形ACC1A1和四边形BDD1B1均为矩形.(1)证明:
8、O1O底面ABCD.(2)若CBA=60,求二面角C1-OB1-D的余弦值.延伸探究1 本例条件不变,求二面角B-A1C-D的余弦值.延伸探究2 本例四棱柱中,CBA=60改为CBA=90,设E,F分别是棱BC,CD的中点,求平面AB1E与平面AD1F所成锐二面角的余弦值. 向量法求二面角(或其某个三角函数值)的四个步骤(1)建立适当的坐标系,写出相应点的坐标;(2)求出两个半平面的法向量n1,n2;(3)设二面角的平面角为,则|cos |=|cos|;(4)根据图形判断为钝角还是锐角,从而求出(或其三角函数值).1.平面的斜线l与它在这个平面上射影l的方向向量分别为a=(1,0,1),b=(
9、0,1,1),则斜线l与平面所成的角为()A.30 B.45 C.60 D.902.已知向量m,n分别是直线l和平面的方向向量和法向量,若cos=- 12,则l与所成的角为()A.30 B.60 C.120 D.1503.在正方体ABCD-A1B1C1D1中,M、N分别为棱BC和棱CC1的中点,则异面直线AC和MN所成的角为()A.30 B.45 C.90 D.604.在三棱锥P-ABC中,ABBC,AB=BC=12PA,点O,D分别是AC,PC的中点,OP底面ABC,则直线OD与平面PBC所成角的正弦值为.5.如图,四棱锥P-ABCD中,PB底面ABCD,CDPD,底面ABCD为直角梯形,A
10、DBC,ABBC,AB=AD=PB=3.点E在棱PA上,且PE=2EA.求二面角A-BE-D的余弦值.参考答案：知识梳理1.解析因为ab=-4,|a|=5,|b|=25,所以cos =|cos|=ab|a|b|=-410=25. 答案：B 2.解析：因为直线l的方向向量与平面的法向量的夹角等于120,所以它们所在直线的夹角为60,则直线l与平面所成的角等于90-60=30. 答案：D3.解析：设所求二面角的大小为, 则|cos |=|n1n2|n1|n2|=32,所以=30或150.答案：C 学习过程例1. 思路分析:建立空间直角坐标系,求出直线EF和BC1的方向向量的坐标,求它们的夹角即得直
11、线EF和BC1所成的角.解:分别以直线BA,BC,BB1为x,y,z轴,建立空间直角坐标系(如右图).设AB=1,则B(0,0,0),E12,0,0,F0,0,12,C1(0,1,1),所以EF=-12,0,12,BC1=(0,1,1).于是cos=BC1EF|BC1|EF|=12222=12,所以直线EF和BC1所成角的大小为60.跟踪训练1 解析：以D为坐标原点,DA,DC,DD1所在直线为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系Dxyz,设AB=1.则B(1,1,0),A1(1,0,2),A(1,0,0),D1(0,0,2),A1B=(0,1,-2), AD1=(-1,0,2),cos=A1B
12、AD1|A1B|AD1|=-455=-45,故异面直线A1B与AD1所成角的余弦值为45.答案:45例2.思路分析:(1)线面平行的判定定理MN平面PAB.(2)利用空间向量计算平面PMN与AN方向向量的夹角直线AN与平面PMN所成角的正弦值.(1)证明:由已知得AM=23AD=2.如图,取BP的中点T,连接AT,TN,由N为PC的中点知TNBC,TN=12BC=2.又ADBC,故TNAM且TN=AM,所以四边形AMNT为平行四边形,于是MNAT.因为AT平面PAB,MN平面PAB,所以MN平面PAB.(2)解:如图,取BC的中点E,连接AE.由AB=AC得AEBC,从而AEAD,且AE=AB
13、2-BE2=AB2-(BC2)2=5.以A为坐标原点,AE的方向为x轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系A-xyz. 由题意知P(0,0,4),M(0,2,0),C(5,2,0),N52,1,2,PM=(0,2,-4),PN=52,1,-2,AN=52,1,2.设n=(x,y,z)为平面PMN的法向量,则nPM=0,nPN=0,即2y-4z=0,52x+y-2z=0,可取n=(0,2,1).于是|cos|=|nAN|n|AN|=8525.所以直线AN与平面PMN所成角的正弦值为8525.跟踪训练2 解析:以D为原点建立空间直角坐标系,可求得平面BDE的法向量n=(1,-1,2),而BA1=(
14、0,-1,1),所以cos =1+223=32,则=30,故直线A1B与平面BDE成60角.答案：B 例3. 思路分析:有两种思路,一是先根据二面角平面角的定义,在图形中作出二面角的平面角,然后利用向量方法求出夹角从而得到所成二面角的大小;另一种是直接求出两个面的法向量,通过法向量的夹角求得二面角的大小.解:设正方体棱长为1.以B为坐标原点,BA,BE,BC所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系B-xyz,则M12,0,12,N12,12,0,A(1,0,0),B(0,0,0).(方法1)取MN的中点G,连接BG,AG,则G12,14,14.因为AMN,BMN为等腰三角形,所以AGM
15、N,BGMN,故AGB为二面角的平面角或其补角.又因为GA=12,-14,-14,GB=-12,-14,-14,所以cos=GAGB|GA|GB|=-183838=-13,故所求两平面所成锐二面角的余弦值为13.(方法2)设平面AMN的法向量n1=(x,y,z).由于AM=-12,0,12,AN=-12,12,0,则n1AM=0,n1AN=0,即-12x+12z=0,-12x+12y=0,令x=1,解得y=1,z=1,于是n1=(1,1,1).同理可求得平面BMN的一个法向量n2=(1,-1,-1),所以cos=n1n2|n1|n2|=-133=-13,故所求两平面所成锐二面角的余弦值为13.
16、跟踪训练3 解：如图,建立空间直角坐标系.则A(2,0,0),C(0,2,0),A1(2,0,2),B1(0,0,2),C1(0,2,2),即BM=(1,1,0)是平面A1C1C的一个法向量.设平面A1B1C的一个法向量是n=(x,y,z),A1C=(-2,2,-2), A1B1=(-2,0,0),所以nA1B1=-2x=0,nA1C=-2x+2y-2z=0,令z=1,解得x=0,y=1,故n=(0,1,1).设法向量n与BM的夹角为,二面角B1-A1C-C1的大小为,显然为锐角.因为cos =|cos |=|nBM|n|BM|=12,解得=3,所以二面角B1-A1C-C1的大小为3.金题典例
17、 (1)证明因为四边形ACC1A1和四边形BDD1B1均为矩形,所以CC1AC,DD1BD,又CC1DD1OO1,所以OO1AC,OO1BD,因为ACBD=O,所以O1O底面ABCD.(2)解：因为四棱柱的所有棱长都相等,所以四边形ABCD为菱形,ACBD.又O1O底面ABCD,所以OB,OC,OO1两两垂直.如图,以O为原点,OB,OC,OO1所在直线分别为x,y,z轴,建立空间直角坐标系.设棱长为2,因为CBA=60,所以OB=3,OC=1,所以O(0,0,0),B1(3,0,2),C1(0,1,2),平面BDD1B1的一个法向量为n=(0,1,0),设平面OC1B1的法向量为m=(x,y
18、,z),则由mOB1,mOC1,所以3x+2z=0,y+2z=0,取z=-3,则x=2,y=23,所以m=(2,23,-3),所以|cos|=mn|m|n|=2319=25719.由图形可知二面角C1-OB1-D的大小为锐角,所以二面角C1-OB1-D的余弦值为25719.延伸探究1 解:建立如图所示的空间直角坐标系.设棱长为2,则A1(0,-1,2),B(3,0,0),C(0,1,0),D(-3,0,0).所以BC=(-3,1,0),A1C=(0,2,-2),CD=(-3,-1,0).设平面A1BC的法向量为n1=(x1,y1,z1),则n1A1C=0,n1BC=0,即2y1-2z1=0,-
19、3x1+y1=0,取x1=3,则y1=z1=3,故n1=(3,3,3).设平面A1CD的法向量为n2=(x2,y2,z2),则n2A1C=0,n2CD=0,即2y2-2z2=0,-3x2-y2=0,取x2=3,则y2=z2=-3,故n2=(3,-3,-3).所以|cos|=n1n2|n1|n2|=57.由图形可知二面角B-A1C-D的大小为钝角,所以二面角B-A1C-D的余弦值为-57.延伸探究2 解:以A为坐标原点建立空间直角坐标系,如图所示,设此棱柱的棱长为1,则A(0,0,0),B1(1,0,1),E1,12,0,D1(0,1,1),F12,1,0,AE=1,12,0,AB1=(1,0,
20、1),AF=12,1,0,AD1=(0,1,1).设平面AB1E的法向量为n1=(x1,y1,z1),则n1AB1=0,n1AE=0,即x1+z1=0,x1+12y1=0,令y1=2,则x1=-1,z1=1,所以n1=(-1,2,1).设平面AD1F的法向量为n2=(x2,y2,z2).则n2AD1=0,n2AF=0,即y2+z2=0,12x2+y2=0.令x2=2,则y2=-1,z2=1.所以n2=(2,-1,1).所以平面AB1E与平面AD1F所成锐二面角的余弦值为cos=|n1n2|n1|n2|=366=12.达标检测1.解析: l与所成的角即为a与b所成的角(或其补角),因为cos=a
21、b|a|b|=12,所以=60.答案：C2.解析：由已知得直线l和平面法向量所夹锐角为60,因此l与所成的角为30.答案：A3.解析以D为原点,分别以DA,DC,DD1所在直线为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,设正方体ABCD-A1B1C1D1中棱长为2,M、N分别为棱BC和棱CC1的中点,M(1,2,0),N(0,2,1),A(2,0,0),C(0,2,0),MN=(-1,0,1),AC=(-2,2,0),设异面直线AC和MN所成的角为,.cos =|MNAC|MN|AC|=2222=12,则又是锐角,=60异面直线AC和MN所成的角为60,故选D.答案D4.解析:以O为原点,射线OA,
22、OB,OP为x,y,z轴建立空间直角坐标系,如图,设AB=a,则OP=72a,OD=-24a,0,144a,可求得平面PBC的法向量为n=-1,-1,17,所以cos=ODn|OD|n|=21030,设OD与面PBC的角为,则sin =21030.答案:210305.解：以B为原点,以直线BC,BA,BP分别为x,y,z轴建立如图所示的空间直角坐标系.设平面EBD的一个法向量为n1=(x,y,1),因为BE=(0,2,1),BD=(3,3,0),由n1BE=0,n1BD=0,得2y+1=0,3x+3y=0.所以x=12,y=-12.于是n1=12,-12,1.又因为平面ABE的一个法向量为n2=(1,0,0),所以cos=16=66.故二面角A-BE-D的余弦值为66.