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1、2019-2020 学年江苏省南通市海安高中高一 （上） 期中物理试卷 （必修）学年江苏省南通市海安高中高一 （上） 期中物理试卷 （必修）一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 27 小题，每小题小题，每小题 3 分，共计分，共计 81 分每小题只有一个选项符合题意分每小题只有一个选项符合题意1. 在以下几个奥运会比赛项目中，研究对象可视为质点的是()A. 在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况时B. 跆举道比赛中研究运动员动作时C. 确定马拉松运动员在比赛中的位置时D. 乒乓球比赛中研究乒乓球的旋转时【答案】C【解析】【分析】当物体的形状和大小在所研究的问题
2、中，能够忽略，物体可以看成质点【详解】A 项：在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况时，支撑杆各点的运动情况不同，不能看成质点，故 A 错误；B 项：研究跆拳道比赛中研究运动员的动作时，大小和形状不能忽略，运动员不能看成质点，故 B 错误；C 项：确定马拉松运动员在比赛中的位置时，运动员的大小和形状可以忽略，运动员能看成质点，故 C 正确；D 项：乒乓球比赛中研究乒乓球的旋转时，乒乓球的各点运动情况不同，不能看成质点，故 D 错误故应选 C【点睛】解决本题的关键知道物体能看成质点的条件，关键看物体的形状和大小在所研究的问题中能否忽略2. 李白在望天门山一诗中写道：“两
3、岸青山相对出，孤帆一片日边来”诗文中的“青山相对出”选择的参考系是（）A. 太阳B. 青山C. 河岸D. 孤帆【答案】D【解析】【详解】A. 在判断“青山”运动情况时，都是以“地面上的物体”为参考系，当以太阳为参考系时，青山相对太阳的位置是不变的，青山是静止的，故 A 项错误；B. 以“青山”为参考系时，青山是静止的，故 B 项错误；C. 以“河岸”为参照物，“青山”与“河岸”之间的位置没有发生变化，故“青山”是静止的，故 C 错误；D. 以“孤帆”为参考系，“青山”和“孤帆”之间的位置发生了变化，故“青山”是运动的，故 D 项正确；3. 江苏省中学生田径运动会于 2019 年 11 月 2
4、日上午 8： 00 在海安高级中学开幕， 整个比赛共历时两整天 以上记录的“时间”数据分别指的是（）A. 时刻和时间间隔B. 时间间隔和时刻C. 都是时刻D. 都是时间间隔【答案】A【解析】【详解】2019 年 11 月 2 日上午 8:00 在时间轴上对应的是一个点，是时刻；比赛共历时两天在时间轴上对应一段，是时间间隔A. 时刻和时间间隔故 A 项正确；B. 时间间隔和时刻故 B 项错误；C. 都是时刻故 C 项错误；D. 都是时间间隔故 D 项错误4. 下列描述正确的是（）A. 百米赛跑运动员到达终点时的速度为 13m/s，13m/s 指的是平均速度B. 某同学百米赛跑的成绩是 13s，1
5、3s 指的是时刻C. 200m 跑比赛中，200m 指的是运动员的位移大小D. 小明跳远成绩为 4.87m，4.87m 指的是位移大小【答案】D【解析】【详解】A.百米赛跑，到达终点时的速度为 13m/s，为某一位置的速度，故 13m/s 指的是瞬时速度，故 A 项错误；B.某同学百米赛跑的成绩是 13s，为一段时间，指的是时间间隔，故 B 项错误；C.位移为初位置到末位置的有向线段，200m 为运动员运动轨迹的长度，为路程，故 C 项错误；D、小明跳远成绩为 4.87m，4.87m 指的为初位置到末位置的有向线段，故为位移大小，故 D 项正确5. 一质点做直线运动的 x-t 图像如图所示，由
6、图像可知（） A. 质点沿 x 轴负方向做匀速运动B. 质点沿 x 轴正方向做匀速运动C. t0 时，质点的速度是 5m/sD. t0 时，质点的速度是-5m/s【答案】A【解析】【详解】AB根据位移时间图像的斜率等于速度，斜率的正负表示速度的方向，则知质点沿 x 轴负方向做匀速运动，故 A 正确，B 错误。CD质点的速度不变，为05m/s1m/s5xvt 故 CD 错误。故选 A。【点睛】位移图像表示物体的位移随时间的变化情况，不是质点的运动轨迹，其斜率等于速度，要注意与v-t 图像的区别，不能搞混。6. 下列图象中，表示匀变速直线运动的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】A.A
7、 图表示位移大小随时间均匀增大，物体做匀速直线运动，故 A 项错误；B.B 图表示位移大小随时间均匀增大，物体做匀速直线运动，故 B 项错误；C.C 图表示速度大小随时间均匀减小，物体做匀减速直线运动，故 C 项正确；D.D 图表示速度大小不随时间变化，物体做匀速直线运动，故 D 项错误 7. 汽车以 10m/s 的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方 15m 处的斑马线上有行人，于是刹车礼让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为 0.5s汽车运动的vt图如图所示，则汽车的加速度大小为A.220m/sB.26m/sC.25m/sD.24m/s【答案】C【解析】【详解】根据速度时间图像可以
8、知道，在驾驶员反应时间内，汽车的位移为110 0.55xvtm,所以汽车在减速阶段的位移215 510 xm根据2202vax 可解得：25/am s故 C 对；ABD 错；综上所述本题答案是：C【点睛】驾驶员在发应时间内做匀速运动，根据图像可以求出匀速过程的位移，再利用2202vax 求出运动过程中的加速度的大小8. A、B 两物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A. t4s 时，A、B 两物体的速度相同B. 前 4s 内 A、B 两物体的位移相同C. A、B 两物体运动方向一定相反D. A 物体的加速度比 B 物体的加速度大【答案】A【解析】【详解】A. 由速度
9、时间图像可知， t=4s 时两物体的图象相交，说明两物体速度相同，故 A 项正确；B. 速度时间图像与坐标轴所围面积表示位移大小，由图可知，4s 内 B 物体的位移大于 A 物体的位移，故 B 项错误；C. 由速度时间图像可知两物体速度均为正，沿正方向运动，速度方向相同，故 C 项错误；D.速度时间图像的斜率表示加速度的大小， 由图可知，A 物体的斜率小于 B 物体的斜率，说明 A 物体的加速度比 B 物体的加速度小，故 D 项错误；9. 物体以 12m/s 初速度在水平冰面上作匀减速直线运动，它的加速度大小是 0.8m/s2，经 20s 物体发生的位移是（）A. 80mB. 90mC. 10
10、0mD. 110m【答案】B【解析】试 题 分 析 ： 物 体 速 度 减 为 零 的 时 间0001215200.8vtsssa， 则 20s 内 的 位 移0012159022vxtmm故选 B考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】本题考查了运动学中的“刹车问题”，是道易错题，根据速度时间公式求出物体速度减为零的时间，判断物体是否停止，再结合位移公式求出 20s 内的位移；注意物体速度减为零后不再运动10. 在交警处理某次交通事故时， 通过监控仪器扫描， 输入计算机后得到该汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x20t-2t2(x 的单位是 m，t 的单位是 s)则该汽车在路
11、面上留下的刹车痕迹长度为()A. 25mB. 50mC. 100mD. 200m【答案】B【解析】【详解】根据公式2012xv tat可得22012022v tattt，对比系数可得2020/4/vm sam s ，故该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度约为2200020m50m22 ( 4)vxa 故 B 正确，ACD 错误 11. 一观察者站在第一节车厢前端，当列车从静止开始做匀加速运动时（）A. 每节车厢末端经过观察者的速度之比是 1：2：3：nB. 每节车厢末端经过观察者的时间之比是 1：3：5：nC. 在相等时间里经过观察者的车厢数之比是 1：2：3：D. 在相等时间里经过观察者的车厢数
12、之比是 1：4：9：【答案】A【解析】【详解】A. 根据匀变速直线运动的速度位移关系22vax得，2vax，知每节车厢末端经过观察者时的速度之比为 1：2：3：n，故 A 项错误；B. 由匀变速直线运动速度时间关系vat可知， 每节车厢末端经过观察者时的时间之比等于速度之比为： 1：2：3：n，故 B 项错误；C.在连续相等时间内的位移之比为 1：3：5：(2n1)，则通过的车厢节数之比为在相等时间里经过观察者的车厢数之比 1：3：5：(2n1)，故 C 项错误，D 错误；12. 一个物体以初速度 v0开始做匀减速运动，通过位移 x 时的速度为 v那么在位移为2x处，物体的速度为（）A.02v
13、vB.2202vvC.02vvD.2202vv【答案】B【解析】【详解】物体由静止开始做匀减速直线运动，设加速度大小为 a，在位移为2x处，物体的速度为v，由速度位移关系得：2202vvax22022xvva联立两式得：220+2vvv A.02vv故 A 项错误；B.2202vv故 B 项正确；C.02vv故 C 项错误；D.2202vv故 D 项错误13. 甲、 乙两辆相同的汽车分别在普通路面和结冰地面上， 刹车滑行做匀减速直线运动 下图中 x 表示位移、v 表示速度，能正确描述该过程的图象是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】普通路面比结冰地面的摩擦因数大，根据牛顿第二定律得甲
14、车的加速度大小大于乙车的加速度的大小，根据速度时间图象的斜率表示加速度，甲图线的斜率大于乙图线的斜率，故 A 正确，B 错误；根据位移时间图象的斜率表示速度，可知 x-t 图象倾斜的直线表示匀速直线运动，而汽车均做匀减速直线运动，所以 x-t 图象应是曲线，故 CD 错误所以 A 正确，BCD 错误14. 伽利略对自由落体运动的研究， 体现了科学实验和逻辑思维的完美结合 他将落体实验转化为斜面实验 的示意图如图所示，利用斜面实验主要是为了便于测量小球的（）A. 速度B. 位移C. 时间D. 加速度【答案】C【解析】【详解】伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代
15、还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化但是物体做自由落体运动下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长，所以时间容易测量A. 速度故 A 项错误；B. 位移故 B 项错误；C. 时间故
16、 C 项正确；D. 加速度故 D 项错误15. 把一个薄板状物体悬挂起来，静止时如图所示则对于此薄板状物体所受重力的理解，下列说法正确的是()A. 重力就是地球对物体的引力B.重力大小和物体运动状态有关C. 重力的方向总是指向地心的D. 薄板的重心一定在直线 AB 上【答案】D【解析】【详解】重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，不是地球对物体的引力，故 A 错误；重力的大小与物 体的运动状态无关，故 B 错误；重力的方向竖直向下，故 C 错误；因为绳对板的拉力与板受的重力为一对平衡力， 必在一条直线上， 所以重心一定在细线的延长线上， 即薄板的重心一定在直线 AB 上， 故 D 正确 故选
17、D【点睛】该题考查重力的产生以及大小、方向问题，注意悬挂法找重心方法的应用，属于基础题目16. 足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G 为重力，F 为脚对球的作用力，Ff 为空气阻力） （）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】对物体受力分析，明确物体和周围几个物体相接触，即每个力应找到施力物体【详解】足球飞在空中时，一定受重力，且竖直向下；同时由于空气的作用，受到空气阻力；方向与运动方向相反；故选 B【点睛】本题解答时学生易错选 D 答案，原因是没有真正惯性的意义，同时应注意在受力分析时养成找施力物体的习惯17. 如图所示，人
18、握住竖直旗杆匀速向下滑，则下列说法正确的是（）A. 人受到的摩擦力的方向是竖直向下的B. 人受到的摩擦力的方向是竖直向上的C. 手握旗杆的力越大，人受到的摩擦力越大D. 手握旗杆的力增加，人受到的摩擦力可能减小【答案】B 【解析】【详解】AB.人用双手握住竖直的竹竿匀速滑下时，受到的滑动摩擦力与重力平衡，方向竖直向上，故 A 项错误，B 项正确CD.战士用双手握住竖直的竹竿匀速攀上时，受到的静摩擦力与重力平衡，与握力无关，方向竖直向上，故C 项错误，D 项错误18. 如图， 沿水平面向右运动的物体， 受到一水平拉力 F=20N 作用 已知物体与水平面的动摩擦因数=0.2，物体质量 m=5kg，
19、则物体所受摩擦力为（取 g=10m/s2） （ ）A. 20 N，水平向左B. 20 N，水平向右C. 10 N，水平向左D. 10 N，水平向右【答案】C【解析】【详解】物体相对地面运动，故物体受到的滑动摩擦力，则摩擦力的大小为：f=FN=mg=0.2510N=10N；滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，故摩擦力方向向左，故 C 正确，ABD 错误；故选 C19. 用两根悬绳悬挂同一镜框，镜框处于静止状态，则下列如图所示的四种方法中，每根悬绳所受拉力最小的是()A.B.C. D.【答案】A【解析】【详解】镜框受重力和两根绳子的拉力处于平衡，合力等于零，可知两根绳子拉力的合力等于重力，绳子的夹
20、角越小，绳子拉力越小，故 A 正确，BCD 错误；故选 A20. 如图所示，物体重力为 8N，在平行于斜面向上、大小为 8N 的力 F 作用下，沿固定的粗糙斜面向上做匀速直线运动，物体与斜面间的滑动摩擦力（）A. 等于零B. 小于 8NC. 等于 8ND. 大于 8N【答案】B【解析】【详解】对物体受力分析，在沿斜面方向，物体受到重力沿斜面的分力 F18N，滑动摩擦力 Ff和拉力 F，由平衡条件得 F1+Ff=F，故 0Ff8 NA. 等于零故项 A 错误；B. 小于 8N故项 B 正确；C. 等于 8N故项 C 错误；D. 大于 8N故项 D 错误21. 下列哪个仪器测量的物理量不是力学基本
21、量（ ）A. 托盘天平B. 刻度尺C. 秒表D. 测力计【答案】D【解析】【详解】A、托盘天平是测量质量的仪器，是测量的力学基本量，所以 A 正确；B、刻度尺是测量长度的仪器，是测量的力学基本量，所以 B 正确； C、秒表是测量时间的仪器，是测量的力学基本量，所以 C 正确；D、测力计是测量力的仪器力不是基本物理量所以 D 错误；本题选测量的物理量不是力学基本量的，故选 D22. 战斗机以一定的水平初速度着陆甲板时，若飞机勾住阻拦索减速，飞机在甲板上滑行的距离将大大减小着舰使用阻拦索时，下列说法正确的是（）A. 战斗机的动能变化量变大B. 战斗机的惯性减少得快C. 战斗机的加速度变大D. 战斗
22、机的速度减少得多【答案】C【解析】【详解】AD. 两种情况下，战斗机的初末动能相同，动能的变化量相同，速度减小的一样多，故 A 项错误，D 错误；B. 惯性只与物体的质量有关，惯性不变，故 B 项错误；C. 根据速度位移公式可知，舰使用阻拦索时滑行距离减小，战斗机的加速度变大，故 C 项正确；23. 磁性黑板擦吸附在竖直的黑板平面上静止不动时，黑板擦受到的磁力（）A. 小于它受到的弹力B. 大于它受到的弹力C. 与它受到的弹力是一对作用力与反作用力D. 与它受到的弹力是一对平衡力【答案】D【解析】【详解】黑板擦在竖直方向上处于静止状态，即平衡状态，受到平衡力的作用：黑板给它的一个向上的摩擦力和
23、重力，这两个力是一对平衡力在垂直黑板方向上，处于静止状态，即合力为零，所以受到磁力和黑板给的弹力是一对平衡力，D 正确24. 跳高运动员从地面跳起时（ ）A. 运动员对地面的压力等于运动员受的重力B. 地面对运动员的支持力大于运动员对地面的压力C. 地面对运动员的支持力小于运动员受到的重力 D. 地面对于运动员的支持力与运动员对地面的压力大小相等【答案】D【解析】试题分析：运动员能够挑起的原因是地面的支持力大于运动员的重力，即运动员所受合力竖直向上地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反解：A、运动员在起跳过程中运动员的加速度竖直向上，根据牛顿第二定律可知
24、运动员所受合力竖直向上，故地面对运动员的支持力大于运动员的重力，地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，所以运动员作用地面的压力大于运动员受的重力故 AC 错误；B、地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故 B 错误，D 正确；故选 D【点评】解决本题的关键知道作用力和反作用力大小相等，方向相反人之所以能起跳，是因为地面对运动员的支持力大于运动员的重力，产生向上的加速度25. 在电梯中悬挂一弹簧测力计，当电梯竖直向下匀减速时，弹簧测力计的秤钩上挂一个重 2N 的物体与电梯相对静止，弹簧测力计示数可能是图中
25、的（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】当电梯匀减速下降时，加速度向上，物体处于超重状态，弹簧测力计对物体的拉力大于物体的重力，示数大于 2NA.大于 2N故 A 项正确；B.等于 2N故 B 项错误；C.小于 2N故 C 项错误；D.等于零故 D 项错误26. 如图，一倾角为的光滑斜面向右做匀加速运动，质量为 m 物体 A 相对斜面静止，则斜面运动的加速 度为A.singB.cosgC.tangD.cotg【答案】C【解析】物体随斜面体一起沿水平方向运动，则加速度一定在水平方向，对物体进行受力分析如图物体受到重力和斜面垂直向上的支持力，两者合力提供加速度，而加速度在水平方向，所以加速
26、度方向一定水平向右，根据图象可知：竖直方向：cosNFmg，水平方向：sinNFma，所以tanag，故C 正确，ABD 错误故选 C27. 水平地面上的物体在水平恒力 F 的作用下由静止开始运动，一段时间后撤去 F，其运动的 v-t 图像如图所示，若物体与地面间滑动摩擦力的大小为 f 则 F 的大小为（）A. F=fB. F=1.5fC. F=2fD. F=3f【答案】C【解析】【分析】根据速度时间图线求出匀加速直线运动和匀减速直线运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出 F 的大小 【详解】匀加速直线运动的加速度大小010vat，匀减速直线运动的加速度大小020vat根据牛顿第二定律得，Ff
27、ma1，fma2因为 a1a2，所以 F2f故 C 正确，A、B、D 错误故选 C【点睛】本题考查了运动学图线与牛顿第二定律的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁二、填空题：本题（第二、填空题：本题（第 28 题） ，共计题） ，共计 6 分请将解答填写在相应的位置分请将解答填写在相应的位置28. 在“探究求合力的方法”实验中，把橡皮筋一端固定于 P 点，另一端（自由端）通过细绳套连接两只弹簧测力计，并将该端拉至 O 点，如图甲所示，此时弹簧测力计 a 的示数如图乙所示（1）由图乙可知，弹簧测力计 a 的拉力 F1的大小为_N（2）实验记录纸如图丙所示，虚线为 F1的作用线，实线为弹簧测力
28、计 b的拉力 F2的图示，根据图中给出的标度，作出 F1与 F2的合力 F，求得 F_N（3）如果保持拉力 F1的方向不变，增大 F2与 F1间的夹角，使橡皮筋的自由端仍在 O 点，则_AF1和 F2均变大BF1和 F2均变小CF1变大，F2变小 DF1变小，F2变大【答案】(1). 4.00(2). 4.5(3). A【解析】【详解】 （1）1由图乙可知，弹簧测力计的最小分度为 0.1N，读数时估读一位，所以 a 的拉力 F1的大小为4.00N；（2）2根据力的平行四边形法则，作出 F1与 F2的合力 F 如图所示， 每格代表 1N，所以合力为 4.50N；（3）3 橡皮筋的自由端仍在 O
29、点，则合力不变根据力的合成图，如果保持拉力 F1的方向不变，增大F2与 F1间的夹角，F1和 F2均变大三、计算题：本题共三、计算题：本题共 2 小题，共计小题，共计 13 分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位29. 冰壶比赛是冬奥会的重要项目 比赛中冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动直至静止， 已知一冰壶被运动员推出的初速度大小为 3m/s，其加速度大小为 0.2m/s2，求：冰壶从
30、运动到静止的过程中（1）平均速度的大小；（2）10s 末的速度大小；（3）20s 内的位移大小【答案】 （1）1.5m/s（2）1m/s（3）22.5m【解析】【详解】 （1）冰壶平均速度030/1.5/22vvvm sm s（2）冰壶运动的总时间0203150.2vvtsa，10s 末的速度大小 v1=v0+at1=3+（-0.2）10=1m/s（3）冰壶 20s 内的位移大小等于 15s 内的位移大小，0031522.522vxtmm【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，注意冰壶速度减为零后不再运动30. 如图所示， 两个正三棱柱 A、 B 紧靠着静止于
31、水平地面上， 三棱柱的中间有一个半径为 R 的光滑圆柱 C，C 的质量为 2m，A、B 的质量均为 m.A、B 与地面的动摩擦因数为.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 g.(1)三者均静止时 A 对 C 的支持力为多大？(2)A、B 若能保持不动，应该满足什么条件？ 【答案】 （1）2mg； （2）32【解析】【分析】(1)对 C 进行受力分析，根据平衡求解 A 对 C 的支持力；(2)A 保持静止，则地面对 A 的最大静摩擦力要大于等于 C 对 A 的压力在水平方向的分力，据此求得动摩擦因数应该满足的条件【详解】(1) 圆柱 C 受力平衡，根据平衡条件可得 2FNcos60=2mg解得 FN=2mg；(2) 如图所示，A 受力平衡，F地=FNcos60+mg=2mgf=FNsin60=3mg因为 fF地，所以32【点睛】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答