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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，物体 A、B 的质量分别为 m、2m，物体 B 置于水平面上，B 物体上部半圆型槽的半径为 R，将物体 A从圆槽的右侧最顶端由静止释放，一切摩擦均不计。则（）AA、B 物体组成的系统动量守恒 BA 不能到达圆槽
2、的左侧最高点 CA 运动到圆槽的最低点时 A 的速率为23gR DA 运动到圆槽的最低点时 B 的速率为3gR 2、如图所示电路中，电流表 A 和电压表 V 均可视为理想电表现闭合开关 S 后，将滑动变阻器滑片 P 向左移动，下列说法正确的是（）A电流表 A 的示数变小，电压表 V 的示数变大 B小灯泡 L 变亮 C电容器 C 上电荷量减少 D电源的总功率变大 3、如图所示，一量程为 10N 的轻质弹簧测力计放在粗糙的水平面上，其两端分别连着木块 A 和 B，已知 mA=2kg，mB=3kg，木块 A 和 B 与水平面的动摩擦因数均为=0.2，今用恒力 F 水平拉木块 A，使整体一起运动，要使
3、测力计的读数不超过其量程，则恒力 F 的可能值为（）A50N B30N C20N D6N 4、甲、乙两物体同时同地沿同一直线运动的速度一时间图象如图所示，下列说法正确的是（）A0t时刻两物体的加速度方向相同 B0t时刻两物体的速度方向相同 C甲物体的加速度逐渐减小 D02t时刻两物体相遇 5、为探测地球表面某空间存在的匀强电场电场强度 E 的大小，某同学用绝缘细线将质量为 m、带电量为+q 的金属球悬于 O 点，如图所示，稳定后，细线与竖直方向的夹角=60；再用另一完全相同的不带电金属球与该球接触后移开，再次稳定后，细线与竖直方向的夹角变为=30，重力加速度为 g，则该匀强电场的电场强度 E
4、大小为（）AE=3qmg BE=32qmg CE=33qmg DE=mgq 6、图 1 所示为一列简谐横波在某时刻的波动图象，图 2 所示为该波中 x=1.5m 处质点 P 的振动图象，下列说法正确的是 A该波的波速为 2m/s B该波一定沿 x 轴负方向传播 Ct=1.0s 时，质点 P 的加速度最小，速度最大 D图 1 所对应的时刻可能是 t=0.5s 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，在竖直方向上 A、B 两物体通过劲度系数为
5、 k=200N/m 的轻质弹簧相连，A 放在水平地面上，B、C 两物体通过细线绕过轻质定滑轮相连，C 放在固定的光滑斜面上.用手拿住 C，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证 ab段的细线竖直、cd 段的细线与斜面平行.已知 A、B 的质量均为 10kg，C 的质量为 40kg，重力加速度为 g=10m/s2，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态，释放 C 后 C 沿斜面下滑，A 刚离开地面时，B 获得最大速度.（）A斜面倾角=30 BA、B、C 组成的系统机械能先增加后减小 CB 的最大速度max2m/sv D当 C 的速度最大时弹簧处于原长状态 8、如图甲所示，水平地面上有足
6、够长平板车 M，车上放一物块 m，开始时 M、m 均静止。t=0 时，车在外力作用下开始沿水平面向右运动，其 v-t 图像如图乙所示，已知物块与平板车间的动摩擦因数为 0.2，取 g=10m/s2。下列说法正确的是（）A0-6s 内，m 的加速度一直保持不变 Bm 相对 M 滑动的时间为 3s C0-6s 内，m 相对 M 滑动的位移的大小为 4m D0-6s 内，m、M 相对地面的位移大小之比为 3：4 9、如图所示为回旋加速器的原理图，两个 D 形金属盒处在与盒面垂直的匀强磁场中，两 D 形盒间接入一高频交流电源，用回旋加速器给 A、B 两个不同粒子分别加速，A 粒子的电荷量为 q1、质量
7、为 m1，加速后获得的最大动能为1kE，最大速度为1v；B 粒子的电荷量为 q2、质量为 m2，加速后获得的最大动能为2kE，最大速度为2v，已知两次加速过程中所接入的高频交流电源频率相等，所加的匀强磁场也相同，则下列关系一定正确的是 A12qq，12mm B12vv C1122qmqm D1221kkEqEq 10、下列说法正确的是_。A液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现 B用熵的概念表示热力学第二定律：在任何自然过程中，一个孤立系统的熵不会增加 C晶体在物理性质上可能表现为各向同性 D液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的 E.热量可以从低温物体传给高温物体 三、实验题：本题共 2
8、 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学做测量金属丝的电阻率的实验。（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲，其直径为_mm。（2）测量该金属丝的电阻率，可供选择的仪器有：A电流表 A，量程有010mA和0 0.6A两种，内阻均较小；B电压表 V，量程有03V和015V两种，内阻均较大；C电源电动势为4.5V，内阻较小。实验中按如图乙所示接好电路，闭合1S后，把开关2S拨至 a 时发现，电压表与电流表的指针偏转都在满偏的45处。再把2S拨至 b 时发现，电压表指针几乎还在满偏的45处，电流表指针则偏转到满偏的34处，由此确定正确的位置
9、并进行实验。完成下列问题。所选电压表的量程为_V，此时电压测量值为_V。所选电流表的量程为_mA，此时电流测量值为 _mA。12（12 分）某学习小组用如图甲所示的实验装置来探究“小车加速度与合外力的关系”，并用此装置测量轨道与小车之间的动摩擦因数。实验装置中的微型力传感器质量不计，水平轨道表面粗糙程度处处相同，实验中选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮。实验中保持小车和位移传感器（发射器）的总质量M不变，小车和位移传感器（发射器）的加速度由位移传感器（接收器）及与之相连的计算机得到。多次改变重物的质量进行实验得小车和位移传感器（发射器）的加速度a与力传感器的示数F的关系图象如图乙所示。重力加速
10、度取210m/sg。(1)用该实验装置测量小车与水平轨道间的动摩擦因数时，下列选项中必须要做的一项实验要求是_（填写选项对应字母）A要使重物的质量远远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量 B要将轨道的一端适当垫高来平衡摩擦力 C要使细线与水平轨道保持平行 D要将力传感器的示数作为小车所受的合外力(2)根据图象乙可知该水平轨道的摩擦因数_（用分数表示）。(3)该学习小组用该装置来验证“小车和位移传感器（发射器）质量不变情况下，小车和位移传感器（发射器）的加速度与作用在小车上的拉力成正比”，那么应该将轨道斜面调整到_（用角度表示）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指
11、定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，两根平行粗糙金属导轨固定于绝缘水平面上，导轨左侧间连有阻值为 r 的电阻，两平行导轨间距为 L。一根长度大于 L、质量为 m、接入电路的电阻也为 r 的导体棒垂直导轨放置并接触良好，导体棒初始均处于静止，导体棒与图中虚线有一段距离，虚线右侧存在竖直向上、磁感应强度为 B 的匀强磁场。现给导体棒一个水平向右的恒力，使其从静止开始做匀加速直线运动，进入磁场前加速度大小为 a0，然后进入磁场，运动一段时间后达到一个稳定速度，平行轨道足够长，导体棒与平行导轨间的动摩擦因数处处相等，忽略平行轨道的电阻。求：（1）导体棒最后的
12、稳定速度大小；（2）若导体棒从开始运动到达稳定速度的过程中，通过导轨左侧电阻的电荷量为 q，求此过程中导体棒在磁场中运动的位移。14（16 分）如图所示，质量 mB=2kg 的平板车 B 上表面水平，在平板车左端相对于车静止着一块质量 mA=2kg 的物块A，A、B 一起以大小为 v1=0.5m/s 的速度向左运动，一颗质量 m0=0.01kg 的子弹以大小为 v0=600m/s 的水平初速度向右瞬间射穿 A 后，速度变为 v=200m/s.已知 A 与 B 之间的动摩擦因数不为零，且 A 与 B 最终达到相对静止时 A 刚好停在 B 的右端，车长 L=1m，g=10m/s2，求：（1）A、B
13、 间的动摩擦因数；（2）整个过程中因摩擦产生的热量为多少？15（12 分）如图所示，在边界 OP、OQ 之间存在竖直向下的匀强电场，直角三角形 abc 区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场。从 O 点以速度 v0沿与 Oc 成 60角斜向上射入一带电粒子，粒子经过电场从 a 点沿 ab 方向进人磁场区域且恰好没有从磁场边界 bc飞出，然后经 ac和aO之间的真空区域返回电场，最后从边界OQ的某处飞出电场。已知 Oc=2L，ac=3L，ac 垂直于 cQ，acb=30，带电粒子质量为 m，带电量为+g，不计粒子重力。求：(1)匀强电场的场强大小和匀强磁场的磁感应强度大小；(2)粒子从边界 OQ 飞出
14、时的动能；(3)粒子从 O 点开始射入电场到从边界 OQ 飞出电场所经过的时间。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AA、B 物体组成的系统只有水平方向动量守恒，选项 A 错误；B运动过程不计一切摩擦，故机械能守恒，那么 A 可以到达 B 圆槽的左侧最高点，且 A 在 B 圆槽的左侧最高点时，A、B 的速度都为零，故 B 错误；CD对 A 运动到圆槽的最低点的运动过程由水平方向动量守恒 2ABmvmv 对 AB 整体应用机械能守恒可得 2211222ABmgmvvRm 所以 A 运动到圆槽的
15、最低点时 B 的速率为 3BgRv 43AgRv 故 C 错误，D 正确；故选 D。2、A【解析】A、B 闭合开关 S 后，将滑动变阻器滑片 P 向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流 I 减小，则小灯泡 L 变暗，电流表 A 的示数变小电压表的示数 U=EI（RL+r），I 减小，其他量不变，则 U 增大，即电压表 V 的示数变大故 A 正确，B 错误 C、电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U 增大，由 Q=CU，知电容器 C 上的电荷量增大故C 错误 D、电源的总功率 P=EI，I 减小，则电源的总功率变小故 D 错误 故选 A 3
16、、C【解析】选整体为研究对象，根据牛顿第二定律有()()ABABFmmgmma 选木块 A 为研究对象，根据牛顿第二定律有 AATm gm a 因为T的最大值为 10 N，一起运动的最大加速度为 23m/sa 所以要使整体一起运动恒力F的最大值为 25N，恒力F最小为 10N，故 A、B、D 错误；C 正确；故选 C。4、B【解析】A由图象可知，斜率表示加速度，则0t时刻两物体的加速度方向相反，选项 A 错误；Bv-t 图象中速度在时间轴的同一侧表示速度方向相同，则0t时刻两物体的速度方向相同，选项 B 正确；C由斜率表示物体的加速度可知，甲物体的切线斜率越来越大，即加速度逐渐增大，选项 C
17、错误；Dv-t 图象所围面积表示位移，相遇表示位移相等，由图象可得，02t时刻两物体不相遇，选项 D 错误。故选 B。5、D【解析】设电场方向与竖直方向夹角为，则开始时，水平方向 1sin60sinTqE 竖直方向 1cos60cosTqEmg 当用另一完全相同的不带电金属球与该球接触后移开，再次稳定后电量减半，则水平方向 21sin30sin2TqE 竖直方向 21cos30cos2TqEmg 联立解得 qE=mg=60 即 mgqE 故选 D。6、D【解析】由图 1 可知波长=4m，由图 2 知周期 T=4s，可求该波的波速 v=/T=1m/s，故 A 错误；由于不知是哪个时刻的波动图像，
18、所以无法在图 2 中找到 P 点对应的时刻来判断 P 点的振动方向，故无法判断波的传播方向，B 错误；由图 2 可知，t=1s 时，质点 P 位于波峰位置，速度最小，加速度最大，所以 C 错误；因为不知道波的传播方向，所以由图 1 中 P 点的位置结合图 2 可知，若波向右传播，由平移法可知传播距离为 x=0.5+n，对应的时刻为 t=（0.54n）s，向左传播传播距离为 x=1.5+n，对应的时刻为 t=（1.54n）s，其中 n=0、1、2、3，所以当波向 x 轴正方向传播，n=0 时，t=0.5s，故 D 正确。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出
19、的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABC【解析】A开始时弹簧压缩的长度为 xB得：kxB=mg 当 A 刚离开地面时，弹簧处于拉伸状态，对 A 有：kxA=mg 物体 A 刚离开地面时，物体 B 获得最大速度，B、C 的加速度为 0，对 B 有：T-mg-kxA=0 对 C 有：Mgsin-T=0 解得：=30 故 A 正确；B由于 xA=xB，弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相等，即此过程中弹簧的弹性势能先减小后增加；而由 A、B、C 以及弹簧组成的系统机械能守恒，可知 A、B、C 组成的系统机械能先增加后减
20、小，故 B 正确；C当物体 A 刚离开地面时，物体 B 上升的距离以及物体 C 沿斜面下滑的距离为：22 10 10m=1m200ABmghxxk 由于 xA=xB，弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相等，弹簧弹力做功为零，且物体 A 刚刚离开地面时，B、C两物体的速度相等，设为 vB，由动能定理得：212BMghsinmghvMm 解得：vB2m/s 故 C 正确；D当 B 的速度最大时，C 的速度也是最大的，此时弹簧处于伸长状态，故 D 错误；故选 ABC。8、BD【解析】AB物块相对于平板车滑动时的加速度 22m/smgagm 若其加速度一直不变，速度时间图像如图所示 有图像可以算出
21、 t=3s 时，速度相等，为 6m/s。由于平板车减速阶段的加速度大小为 2218m/s2m/s62aa 故二者等速后相对静止，物块的加速度大小不变，方向改变。物块相对平板车滑动的时间为 3s。故 A 错误，B 正确；C有图像可知，0-6s 内，物块相对平板车滑动的位移的大小 18612 8m1m3 6m=6m222x 故 C 错误；D0-6s 内，有图像可知，物块相对地面的位移大小 116 6m=18m2x 平板车相对地面的位移大小 216 8m=24m2x 二者之比为 3：4，故 D 正确。故选 BD。9、BC【解析】AC由于两个粒子在同一加速器中都能被加速，则两个粒子在磁场中做圆周运动的
22、周期相等，由2 mTqB可知，两粒子的比荷一定相等，即1122qmqm，选项 A 错误，选项 C 正确；B粒子最终获得的速度qBRvm，由于两粒子的比荷相等，因此最终获得的速度大小相等，选项 B 正确；D粒子最后获得的最大动能 2222k122q B REmvm 由于粒子的比荷相等，因此 kl1k22EqEq 选项 D 错误；故选 BC.10、ACE【解析】A液体的表面张力是分子力作用的表现，外层分子较为稀疏，分子间表现为引力；浸润现象也是分子力作用的表现，故 A 正确；B根据热力学第二定律，在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减少，故 B 错误；C单晶体因排列规则其物理性质为各向异性，而
23、多晶体因排列不规则表现为各向同性，故 C 正确；D扩散现象是分子无规则热运动的结果，不是对流形成的，故 D 错误；E热量不能自发的从低温物体传给高温物体，但在引起其它变化的情况下可以由低温物体传给高温物体，故 E 正确。故选 ACE。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.470 03 2.4 010 7.5 【解析】（1）1螺旋测微器的固定刻度为 0，经估读后旋转刻度在 47 格处，测量值为 0.470mm。（结果为值读数字真读，值读至 0.001mm，测量值为 0.470mm）（2）2345由仪器参数确定器材。电源电动势为
24、4.5V，若电压表选用015V量程其指针偏转过小，应选用0 3V量程。由电路规律分析原理。电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明xR阻值较大，与电压表电阻相接近，一般为几千欧而电源电动势只有4.5V，由欧姆定律计算知电流只有几毫安，故电流表选用010mA量程。xR阻值较大，则应使电流表内接，即2S拨至 b。此时电压表为满偏的45，则读数为 43V2.4V5U 电流表为满偏的34，则读数为 310mA7.5mA4I 12、C 33 30 【解析】（1）1小车所受到的水平拉力即为力传感器的示数F，由图象可知当5NF，小车开始有加速度，即摩擦力为 5N，由牛顿第二定律可知：FMgMa，得：Fa
25、Mgg，所以既不需要使重物的质量远远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量，也不需要将轨道的一端适当垫高来平衡摩擦力，选项 ABD 错误；实验中保持细线与轨道平行时，小车和位移传感器（发射器）所受的拉力为力传感器的示数F，选项 C 正确。故选：C。（2）2选小车和位移传感器（发射器）为研究对象，由牛顿第二定律可得 FMgMa，即 1aFgM，由图乙可知图象的斜率，即 12 33kM，得：3kg2M，由5FN时0a 可解得：33；（3）3若要验证“小车和位移传感器（发射器）质量不变情况下，小车和位移传感器（发射器）的加速度与作用在小车上的拉力成正比”要将轨道一端垫高来平衡摩擦力。对小车和位移传感
26、器（发射器）受力分析可得：sincosMgMg，即 3tan3，所以 30。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）vm=0222ma rB L（2）x=2qrBL【解析】（1）设水平恒力为 F，导体棒到达图中虚线处速度为 v，在进入磁场前，由牛顿运动定律有：F-mg=ma0 导体棒进入磁场后，导体棒最后的稳定速度设为 vm，由平衡条件有：F-mg-222mB L vr=0 联立上面各式，得：vm=0222ma rB L（2）导体棒从进入磁场到达稳定速度的过程中，运动的位移设为 x，由法拉第电磁感应定律有
27、：BLxEtt 2EIr q=It 联立解得：x=2qrBL 14、（1）0.1（2）1600J【解析】（1）规定向右为正方向，子弹与 A 作用过程，根据动量守恒定律得：m0v0mAv1=m0vmAvA 代入数据解得：vA=1.5m/s 子弹穿过 A 后，A 以 1.5m/s 的速度开始向右滑行，B 以 0.5m/s 的速度向左运动，当 A、B 有共同速度时，A、B 达到相对静止，对 A、B 组成的系统运用动量守恒，规定向右为正方向，有：mAvAmBv1=(mAmB)v2 代入数据解得：v2=0.5m/s 根据能量守恒定律知：mAgL=12mAvA212mBv1212(mAmB)v22 代入数
28、据解得：=0.1（2）根据能量守恒得，整个过程中因摩擦产生的热量为：Q=12m0v0212(mAmB)v1212m0v212(mAmB)v22 代入数据解得：Q=1600J 15、（1）2038mvEqL 032mvBqL（2）204kmvE （3）0204 32 33Lv【解析】（1）从 O 点到 a 点过程的逆过程为平抛运动 水平方向：012cosLvt 竖直方向：21132atL 加速度：qEam 可得：2038mvEqL，104Ltv，粒子进入磁场后运动轨迹如图所示，设半径为 r，由几何关系得，3sin30rrL，洛伦兹力等于向心力：2vqvBmr 00cos602vvv 解得：032mvBqL 在磁场内运动的时间：202 33rLtvv.（2）粒子由真空区域进入电场区域从边界飞出过程，由动能定理得，21(32)2kqELrEmv 解得：204kmvE （3）粒子经过真空区域的时间，304833LLtvv.粒子从真空区域进入电场区域到从边界飞出经过的时间为 2441(32)2tLrat，解得：404 33Ltv.粒子从入射直至从电场区域边界飞出经过的时间 12340204 32 33tttttLv.