《2022-2023学年四川省南充高中高高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年四川省南充高中高高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、建筑工人常常徒手向上抛砖块，当砖块上升到最高点时被楼上的师傅接住。在一次抛砖的过程中，砖块运动 3s 到达最高点，将砖块的运动匀变速直线运动，砖块通过第 2
2、s 内位移的后13用时为 t1，通过第 1s 内位移的前15用时为 t2，则21tt满足（）A211154tt B211143tt C211132tt D21112tt 2、图示装置为阅读时使用的角度可调支架，现将一本书放在倾斜支架上，书始终保持静止。关于该书受力情况，下列说法正确的是（）A可能受两个力 B可能受三个力 C一定受摩擦力 D支架下边缘对书一定有弹力 3、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法。下列四个选项中全部都应用了比值定义法的是 加速度vat电场强度2qEKr电容QCU电流qIt导体电阻LRS磁感应强度FBIL A B C D 4、某实验小组要测量金属铝的逸出功，经讨论设
3、计出如图所示实验装置，实验方法是：把铝板平放在桌面上，刻度尺紧挨着铝板垂直桌面放置，灵敏度足够高的荧光板与铝板平行，并使整个装置处于垂直纸面向里、磁感应强度为 B 的匀强磁场中；让波长为 的单色光持续照射铝板表面，将荧光板向下移动，发现荧光板与铝板距离为 d 时，荧光板上刚好出现辉光。已知普朗克常量为 h，光在真空中传播速度为 c，电子电量为 e，质量为 m。下列说法正确的是（）A金属铝的逸出功为2228hce d Bm B从铝板逸出的光电子最大初动能为2222e d Bm C将荧光板继续向下移动，移动过程中荧光板上的辉光强度可能保持不变 D将荧光板继续向下移动到某一位置，并增大入射光波长，板
4、上的辉光强度一定增强 5、下列关于原子核的说法正确的是（）A质子由于带正电，质子间的核力表现为斥力 B原子核衰变放出的三种射线中，粒子的穿透能力最强 C铀核发生链式反应后能自动延续下去，维持该反应不需要其他条件 D比结合能小的原子核结合成比结合能大的原子核时一定放出核能 6、安培曾假设：地球的磁场是由绕地轴的环形电流引起的。现代研究发现：地球的表面层带有多余的电荷，地球自转的速度在变慢。据此分析，下列说法正确的是（）A地球表面带有多余的正电荷，地球的磁场将变弱 B地球表面带有多余的正电荷，地球的磁场将变强 C地球表面带有多余的负电荷，地球的磁场将变弱 D地球表面带有多余的负电荷，地球的磁场将变
5、强 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图甲所示，水平放置的平行金属导轨连接一个平行板电容器 C 和电阻 R，导体棒 MN 放在导轨上且接触良好，整个装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度 B 的变化情况如图乙所示（图示磁感应强度方向为正），MN 始终保持静止，则 0t2时间（）A电容器 C 的电荷量大小始终没变 B电容器 C 的 a 板先带正电后带负电 CMN 所受安培力的大小始终没变 DMN 所受安培力的方向先向右后向左 8、如图所示的
6、输电线路中，升压变压器 T1和降压变压器 T2均为理想变压器，电压表 V1、V2分别接在 T1和 T2副线圈两端。已知 T2原、副线圈匝数比为 k，输电线的总电阻为 r，T1原线圈接在电压有效值恒定的交流电源上，电压表和电流表均为理想电表。由于用户的负载变化，电流表 A2的示数增加 I，则 A电流表 A1的示数增大Ik B电压表 V2的示数减小2Irk C电压表 V1的示数增大I r D输电线上损失的功率增加2Irk 9、CD、EF 是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为 L，在水平导轨的左侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为 B，磁场区域的长度为 d
7、，如图所示导轨的右端接有一电阻 R，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接将一阻值也为 R 的导体棒从弯曲轨道上 h 高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处。已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为，则下列说法中正确的是（）A电阻 R 的最大电流为22BLghR B流过电阻 R 的电荷量为2BLLR C整个电路中产生的焦耳热为mghmgd D电阻 R 中产生的焦耳热为12mgh 10、一静止在水平地面上的物块，受到方向不变的水平拉力 F 作用。04s 时间内，拉力 F 的大小和物块加速度 a 的大小随时间 t 变化的关系分别如图甲、图乙所示。若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 g
8、取 10m/s2。由此可求得（）A物块与水平地面间的最大静摩擦力的大小为 2N B物块的质量等于 1.5kg C在 04s 时间内，合力对物块冲量的大小为 6.75NS D在 04s 时间内，摩擦力对物块的冲量大小为 6NS 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某实验兴趣小组用如图甲所示实验装置来验证机械能守恒定律并求出当地重力加速度。倾斜气垫导轨倾角为 30，导轨上端与水平桌面相接并安装有速度传感器可以直接测出小物块经过上端时的速度，气垫导轨和水平桌面上均有刻度值可读出长度。导轨下端有一固定挡板，轻质弹簧下端与挡板相连
9、，测出不放小物块时弹簧上端与传感器之间的长度为 L。气垫导轨开始工作后把质量为 m 的小物块轻放在弹簧上端，用外力向下缓慢推动小物块到不同位置后撤去外力，小物块从静止开始向上运动，经过一段时间后落在水平桌面上。（1）通过实验，该小组测出了多组不同的速度 v 和对应的落点到导轨上的长度 x，画出了如图乙所示的2vx图象，已知该图象为一过原点的直线、直线斜率为 k，则通过该象可求出当地重力加速度 g 的值为_，考虑到空气阻力，该小组测出的值_（填“偏大”“偏小”或“不变”）。（2）通过事先对轻弹簧的测定，、研究得出弹簧的弹性势能pE与压缩量x的关系为22pmgExL。若每次释放小物块时弹簧的压缩量
10、均为 L 的 n 倍，为了验证小物块和轻弹簧系统的机械能守恒，该小组需要验证的表达式为_（用 x、n、L 表示）。12（12 分）某同学用如图甲所示的实验装置某测量木块与木板间动摩擦因数：(1)从打出的若干纸带中选出了如图所示的一条，纸带上 A、B、C、D、E 这些点的间距如图中标示，其中每相邻两点间还有 4 个计时点未画出。打点计时器的电源频率是 50Hz，根据测量结果计算：则打 C 点时纸带的速度大小为_m/s；纸带运动的加速度大小为_m/s2。（结果保留 3 位有效数字）(2)通过(1)测得木块的加速度为 a，还测得钩码和木块的质量分别为 m 和 M，已知当地重力加速度为 g，则动摩擦因
11、数=_。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，两根平行粗糙金属导轨固定于绝缘水平面上，导轨左侧间连有阻值为 r 的电阻，两平行导轨间距为 L。一根长度大于 L、质量为 m、接入电路的电阻也为 r 的导体棒垂直导轨放置并接触良好，导体棒初始均处于静止，导体棒与图中虚线有一段距离，虚线右侧存在竖直向上、磁感应强度为 B 的匀强磁场。现给导体棒一个水平向右的恒力，使其从静止开始做匀加速直线运动，进入磁场前加速度大小为 a0，然后进入磁场，运动一段时间后达到一个稳定速度，平行轨道足够长，导体棒与平
12、行导轨间的动摩擦因数处处相等，忽略平行轨道的电阻。求：（1）导体棒最后的稳定速度大小；（2）若导体棒从开始运动到达稳定速度的过程中，通过导轨左侧电阻的电荷量为 q，求此过程中导体棒在磁场中运动的位移。14（16 分）如图所示，半径为 R=0.5m，内壁光滑的圆轨道竖直固定在水平地面上圆轨道底端与地面相切，一可视为质点的物块 A 以06/vm s的速度从左侧入口向右滑入圆轨道，滑过最高点 Q，从圆轨道右侧出口滑出后，与静止在地面上 P 点的可视为质点的物块 B 碰撞（碰撞时间极短），P 点左侧地面光滑，右侧粗糙段和光滑段交替排列，每段长度均为 L=0.1m，两物块碰后粘在一起做直线运动已知两物块
13、与各粗糙段间的动摩擦因数均为0.1，物块 A、B 的质量均为1mkg，重力加速度 g 取210/m s （1）求物块 A 到达 Q 点时的速度大小 v 和受到的弹力 F；（2）若两物块最终停止在第 k 个粗糙段上，求 k 的数值；（3）求两物块滑至第 n（nk）个光滑段上的速度nv与 n 的关系式 15（12 分）在某次的接力比赛项目中，项目组规划的路线如图所示，半径20mR 的四分之一圆弧PQ赛道与两条直线赛道分别相切于P和Q点，圆弧PQ为接力区，规定离开接力区的接力无效。甲、乙两运动员在赛道上沿箭头方向训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持 9m/s 的速率跑完全程，乙从起跑后的切
14、向加速度大小是恒定的。为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记。在某次练习中，甲在接力区前13.5ms 的 A 处作了标记，并以9m/sv 的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令，乙在接力区的 P 点听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲相等时被甲追上，完成交接棒。假设运动员与赛道间的动摩擦因数为 0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，运动员（可视为质点）在直道上做直线运动，在弯道上做圆周运动，重力加速度 g=10m/s2，=3.14，求：(1)为确保在弯道上能做圆周运动，允许运动员通过弯道PQ的最大速率；(2)此次练习中乙在接棒前的切向加速度 a。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小
15、题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】竖直向上抛砖是匀变速直线运动，经过 3s 减为 0，可以从最高点开始逆向思维，把上升过程反过来看作自由落体运动。根据自由落体运动的公式212hgt，得第 1s 内，第 2s 内，第 3s 内的位移之比为 123:1:3:5SSS 从最高点开始，设第 1s 内位移为 x，则第 2s 内为 3x，第 3s 内为 5x。所以从最高点开始，砖块通过上抛第 2s 位移的后13的位移为第 2 个 x，通过第 1s 内位移的前15的位移即为第 9 个 x，按照自由落体公式可得 12 22xxtgg 22 92
16、 89xxtg 所以 21980.4121tt 所以 ABD 错误，C 正确。故选 C。2、B【解析】AB由题意可知，书受到重力和弹力作用，由于有书沿斜面向下的分力作用，所以物体必然受到一个沿斜面向上的力，以维持平衡，这个力为摩擦力，也可以是支架下边缘对书的弹力，也可以是摩擦力和支架下边缘对书弹力的合力，故可能受三个力，四个力作用，故 A 错误，B 正确；C由于当书沿斜面向下的分力作用与支架下边缘对书弹力相等时，此时摩擦力不存在，故 C 错误；D由于当书沿斜面向下的分力作用，与向上的摩擦力相等时，则支架下边缘对书弹力不存在，故 D 错误。故选 B。3、D【解析】加速度与速度的变化量无关，所以加
17、速度vat属于比值定义法；电场强度与场源电荷量成正比，与距离的平方成反比，所以电场强度2kQEr不属于比值定义法；电容是由电容器本身的性质决定，其大小与带电量以及两板间的电压无关，所以电容QCU属于比值定义法；电流的大小由导体两端的电压和导体的电阻决定，单位时间内通过导体横截面的电荷量叫电流强度，电流qIt属于比值定义法；电阻与导线长度、横截面积及电阻率有关，所以导体的电阻lRS不属于比值定义法；磁感应强度与放入磁场中的电流元无关，所以FBIL属于比值定义法；A.与分析不符，故 A 错误；B.与分析不符，故 B 错误；C.与分析不符，故 C 错误；D.与分析相符，故 D 正确。4、A【解析】A
18、B从铝板中逸出的光电子具有最大初动能的电子在磁场中做圆周运动的直径为 d，则由 22mmvev Bmd 解得最大初动能 2222128kmme d BEmvm 金属铝的逸出功为 2222128mhce d BWhmvm 选项 A 正确，B 错误；C将荧光板继续向下移动，则达到荧光板的光电子会增加，则移动过程中荧光板上的辉光强度要增加，选项 C 错误；D增大入射光波长，则光电子最大初动能减小，则光子在磁场中运动的最大半径减小，则达到板上的电子数减小，则板上的辉光强度不一定增强，选项 D 错误。故选 A。5、D【解析】A核力与电荷无关，原子核中质子间的核力都表现为引力，故 A 错误；B原子核衰变放
19、出的三种射线中，粒子的速度最小，穿透能力最弱，故 B 错误；C铀核发生链式反应后能自动延续下去，要维持链式反应，铀块的体积必须达到其临界体积，故 C 错误；D比结合能小的原子核结合成比结合能大的原子核时有质量亏损，一定会放出核能，故 D 正确。故选 D。6、C【解析】地球自西向东自转，地球表面带电，从而形成环形电流。这一环形电流产生地磁场。若从北极俯视地球地磁场由外向里，由安培定则知产生磁场的环形电流方向应自东向西，与地球自转方向相反，则地球带负电。地球自转速度变小，则产生的环形电流I变小，则产生的磁场变弱，ABD 错误，C 正确。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共
20、 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】A、B：由乙图知，磁感应强度均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定电动势，电路中电流恒定，电阻 R 两端的电压恒定，则电容器的电压恒定，故电容器 C 的电荷量大小始终没变根据楞次定律判断可知，通过 R的电流一直向下，电容器上板电势较高，一直带正电故 A 正确，B 错误；C：根据安培力公式 FBIL，I、L 不变，由于磁感应强度变化，MN 所受安培力的大小变化，故 C 错误 D：由右手定则判断得知，MN 中感应电流方向一直向上，由左手定
21、则判断可知，MN 所受安培力的方向先向右后向左，故 D 正确 故选 AD 8、AB【解析】A.T2原、副线圈匝数比为 k，所以1IkI，所以电流表 A1的示数增大Ik，A 正确。B.因为电流表 A1的示数增大Ik，所以输电线上损失电压增加Irk，变压器 T2原线圈电压减小Irk，根据变压器原理2IrkkU 得电压表 V2的示数减小2Irk，B 正确。C.因为 T1原线圈接在电压有效值恒定的交流电源上，所以电压表 V1的示数不变，C 错误。D.因为输电线上电流增大Ik，根据功率方程可知，输电线损失功率增加量一定不是2Irk，D 错误。9、ABC【解析】金属棒在弯曲轨道下滑时，只有重力做功，机械能
22、守恒，由机械能守恒定律或动能定理可以求出金属棒到达水平面时的速度，由EBLv求出感应电动势，然后求出感应电流；由 qrF 可以求出流过电阻 R 的电荷量；克服安培力做功转化为焦耳热，由动能定理（或能量守恒定律）可以求出克服安培力做功，得到导体棒产生的焦耳热。【详解】A金属棒下滑过程中，由机械能守恒定律得 212mghmv 所以金属棒到达水平面时的速度 2vgh 金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则导体棒刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为EBLv，最大的感应电流为 222BLghEIRR 故 A 正确；B流过电阻 R 的电荷量为 2BLdqrRR 故 B 正确；C
23、金属棒在整个运动过程中，由动能定理得 00BmghWmgd 则克服安培力做功 BWmghmgd 所以整个电路中产生的焦耳热为 BQWmghmgd 故 C 正确；D克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热为 R11()22QQmghmgd 故 D 错误。故选 ABC。【点睛】解决该题需要明确知道导体棒的运动过程，能根据运动过程分析出最大感应电动势的位置，熟记电磁感应现象中电荷量的求解公式。10、BC【解析】At=1s 时，物体开始运动，故此时的拉力等于物体的最大静摩擦力，故有 1.5NfF 故 A 错误；B根据牛顿第二定律有 Ffma 代入26N
24、,3m/sFa得 1.5kgm 故 B 正确；C在 vt 图象中，与时间轴所围面积为物体的速度，则有 13 3m/s4.5m/s2v 由动量定理可得 1.5 4.5N s=6.75N sIm v 故 C 正确；D在 04s 时间内，F 的冲量为 064N s12N s2FI 则摩擦力冲量为 f(6.7512)N s5.25N sFIII 故 D 错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、32k 偏大 22 331xLnn 【解析】（1）12物块到达斜面顶端时的速度为 v，则：31303022xyvvcosvvvsin
25、v ，物块离开斜面后做斜上抛运动，运动时间：2yvvtgg 水平位移：232xvxv tg 整理得：22 33gvx 由 v2-x 图象可知图象斜率：2 33gk 所以重力加速度：32kg 考虑空气阻力影响，所测重力加速度偏大.（2）3每次释放小物块时弹簧的压缩量均为 L 的 n 倍，则：xnL 弹簧的弹性势能：2222PmgmgExnLLL（）以释放点所处水平面为重力势能的零势面，由机械能守恒定律得：22113022mgnLmg nLsinmvL（）（）整理得：22 331xLnn 12、1.18m/s 1.50m/s2 ()mgmM aMg 【解析】(1)12因纸带上两相邻计数点的时间间隔
26、为 T=0.10s，设 s1=9.50cm、s2=11.00cm、s3=12.5cm、s4=14.00cm，打 C点时纸带的速度大小为 232ssvcT 代入数值得 vc=1.18m/s 加速度 431212224ssssaaaT 代入数值得 a=1.50m/s2(2)3对木块、砝码盘和砝码组成的系统，由牛顿第二定律得 mgMg=(M+m）a 解得()mgmM aMg 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）vm=0222ma rB L（2）x=2qrBL【解析】（1）设水平恒力为 F，导体棒到达图中虚线
27、处速度为 v，在进入磁场前，由牛顿运动定律有：F-mg=ma0 导体棒进入磁场后，导体棒最后的稳定速度设为 vm，由平衡条件有：F-mg-222mB L vr=0 联立上面各式，得：vm=0222ma rB L（2）导体棒从进入磁场到达稳定速度的过程中，运动的位移设为 x，由法拉第电磁感应定律有：BLxEtt 2EIr q=It 联立解得：x=2qrBL 14、（1）4m/s；102N，方向向下；（2）45k （3）212nvvgnL【解析】（1）物块 A 滑入圆轨道到达 Q 的过程中机械能守恒，根据机械能守恒：22011222mvmvmgR 物块 A 做圆周运动：2NvFmgmR 由联立得：
28、v4m/s 102NNF 方向向下 （2）在与 B 碰撞前，系统机械能守恒，A 和 B 在碰撞过程中动量守恒：01AABm vmmv A、B 碰后向右滑动，由动能定理得：21102ABABmmgsmmv 由联立得 4.5sm 所以 45skL；（3）碰后 A、B 滑至第 n 个光滑段上的速度nv，由动能定理得：2211122ABABnABmmgnLmmvmmv 解得：212nvvgnL 点睛：本题考查动量守恒定律、机械能守恒定律及向心力等内容，要求我们能正确分析物理过程，做好受力分析及能量分析；要注意能量的转化与守恒的灵活应用 15、(1)10m/s；(2)3m/s2【解析】(1)因为运动员弯道上做圆周运动，摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律有 2mvmgR 解得 10m/svgR(2)设经过时间 t，甲追上乙，甲的路程为 1xvt 乙的路程为 22vxt 由路程关系有 13.52vvtt 将 v=9m/s 代入得 t=3s 此时 27m31.4m2vtR 所以还在接力区内 根据 v=at 代入数据解得 a=3m/s2