《2022-2023学年广西钦州市钦州港经济技术开发区中学高考物理四模试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年广西钦州市钦州港经济技术开发区中学高考物理四模试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用 05 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置 3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符 4作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用 05 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效 5如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小
2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为 m，相互接触，球与地面间的动摩擦因数均为，则：A上方球与下方 3 个球间均没有弹力 B下方三个球与水平地面间均没有摩擦力 C水平地面对下方三个球的支持力均为43mg D水平地面对下方三个球的摩擦力均为43mg 2、如图，倾角为=45的斜面 ABC 固定在水平面上，质量为 m 的小球从顶点 A 先后以初速度 v0和 2vo向左水平抛出，分别落在斜面上的 P1、P2点，经历的时间分别为 t1、t2；A 点与 P1、Pl与 P2之间的距离分别为 l1和 l2，不计空气阻力影响。下列说法正确的是（
3、）At1：t 2=1：1 Bll：l2=1：2 C两球刚落到斜面上时的速度比为 1：4 D两球落到斜面上时的速度与斜面的夹角正切值的比为 1：1 3、关于固体、液体、气体和物态变化，下列说法中正确的是（）A晶体一定具有各向异性的特征 B液体表面张力是液体内部分子间的相互作用 C0的铁和 0的铜，它们的分子平均速率相同 D一定质量的某种理想气体状态改变时，内能不一定改变 4、如图所示，理想变压器的原副线圈的匝数比为 10：1，在原线圈接入 u=302sin(100t)V 的正弦交变电压。若闭合开关后灯泡 L 正常发光，且灯泡 L 正常发光时的电阻为 1.5，电压表和电流表均为理想交流电表，则下列
4、说法正确的是（）A副线圈中交变电流的频率为 5Hz B电压表的示数为 3V C电流表的示数为 20A D灯泡 L 的額定功率为 3W 5、已知钙和钾的截止频率分别为 7.731014Hz 和 5.441014Hz，在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应，比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的（）A波长 B频率 C能量 D动量 6、如图甲所示的电路中定值电阻 R=60，电源电动势 E=100V，r=10。如图乙所示，曲线为灯泡 L 的伏安特性曲线，直线为电源的路端电压与电流的关系图线，以下说法正确的是（）A开关 S 断开时电源的效率为 60%B开关 S 闭合后电源
5、的总功率会变小 C开关 S 闭合后灯泡的亮度增强 D开关 S 断开时小灯泡消耗的功率为 240W 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、一列简谐横波在某均匀介质中沿 x 轴传播，从 x3 m 处的质点 a 开始振动时计时，图甲为 t0时刻的波形图且质点a 正沿 y 轴正方向运动，图乙为质点 a 的振动图象，则下列说法中正确的是_ A该波的频率为 2.5 Hz B该波的传播速率为 200 m/s C该波是沿 x 轴负方向传播的 D从 t0时刻起，质
6、点 a、b、c 中，质点 b 最先回到平衡位置 E.从 t0时刻起，经 0.015 s 质点 a 回到平衡位置 8、如图甲所示，一块质量为 mA=1kg 的木板 A 静止在水平地面上，一个质量为 mB=1kg 的滑块 B 静止在木板的左端，对 B 施加一向右的水平恒力 F，一段时间后 B 从 A 右端滑出，A 继续在地面上运动一段距离后停止，此过程中 A 的速度随时间变化的图像如图乙所示设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取 g=10m/s1则下列说法正确的是 A滑块与木板之间的动摩擦因数为 0.6 B木板与地面之间的动摩擦因数为 0.1 CF 的大小可能为 9N DF 的大小与板长 L
7、有关 9、如图所示，斜面倾角为37，小球从斜面顶端 P 点以初速度0v水平抛出，刚好落在斜面中点处。现将小球以初速度02v水平抛出，不计空气阻力，小球下落后均不弹起，sin370.6，cos370.8，重力加速度为 g，则小球两次在空中运动过程中（）A时间之比为 1:2 B时间之比为1:2 C水平位移之比为 1:4 D当初速度为0v时，小球在空中离斜面的最远距离为20940vg 10、根据所学知识分析，下列说法正确的是（）A通常金属在各个方向的物理性质都相同，所以金属是非晶体 B晶体体积增大，其分子势能一定增大 C在完全失重的宇宙飞船中，水的表面存在表面张力 D人们可以利用某些物质在水溶液中形
8、成的薄片状液晶来研究离子的渗透性，进而了解机体对药物的吸收等生理过程 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）物理小组的同学在老师指导下用两根完全相同的轻弹簧和重物验证力的平行四边形定则，他进行了如下操作（弹簧始终处于弹性限度内）：（1）用刻度尺测出弹簧的自由长度 L0。（2）如图 l 所示，把重物通过细绳连接在弹簧下端，稳定后测出弹簧的长度 L1。（3）如图 2 所示，用两根弹簧挂起重物，稳定时两弹簧与竖直方向的夹角均为 60，测出两弹簧的长度分别为 L2、L3，若要验证力的平行四边形定则，需满足的条件是 _。（4）如图
9、3 所示，他又把两弹簧调整到相互垂直，稳定后测出两弹簧的长度为 L4、L5，若要验证力的平行四边形定则，需满足的条件是_。12（12 分）用图（a）所示的实验装置，探究小车匀加速运动的加速度a与其质量m及所受拉力F的关系。实验所用交变电流的频率为50Hz。(1)保持沙桶及沙的总质量不变，改变小车上砝码的质量，分别做了 5 次实验。在图（b）所示的1am坐标系中标出了相应的实验数据。(2)再进行第 6 次实验，测得小车及砝码总质量为0.25kg，实验得到图（c）所示的纸带。纸带上相邻计数点之间还有4 个点未画出，由纸带数据计算加速度为_2m/s。（保留 3 位有效数字）(3)请把第 6 次实验的
10、数据标在图（b）所示的1am坐标系中，并作出实验的1am图像_。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）为了保证驾乘人员的安全，汽车安全气囊会在汽车发生一定强度的碰撞时，利用叠氮化钠（NaN3）爆炸时产生气体（假设都是 N2）充入气囊，以保护驾乘人员。若已知爆炸瞬间气囊容量为237 10 m，氮气密度23125 10 kg/m，氮气的平均摩尔质量0 028kg/molM ，阿伏伽德罗常数2316 02 10 molAN，试估算爆炸瞬间气囊中2N分子的总个数 N。（结果保留 1 位有效数字）14（16
11、分）一组同学设计了如图所示的玩具轨道，轨道光滑且固定在竖直面内，由竖直部分 AB 和半径为 R 的圆弧BCD 组成，B 与圆心 O 等高，C 为最低点，OD 与 OC 的夹角为45。让质量为 m 的小球（可视为质点）从 A 点由静止开始运动，运动过程中始终受到大小为 mg 的水平向左的恒力作用。小球经 D 点时对轨道的压力大小为 2mg。求 （1）A、B 间的距离 h；（2）小球离开 D 点后再经过多长时间才能再回到轨道上？15（12 分）托卡马克(Tokamak)是一.种复杂的环形装置，结构如图甲所示。环心处有一欧姆线圈，四周是一个环形真空室，真空室外排列着环向场线圈和极向场线圈，其中欧姆线
12、圈的作用一是给等离子体加热以达到核聚变所需的临界温度；二是产生感应电场用以等离子体加速。同时，极向场线圈通电后提供的极向磁场与环向场线圈通电后提供的环向磁场将高温等离子体约束在真空室内，促使核聚变的进行。如图乙所示为环形真空室简化图，其内径为 R1=2 m、外径为 R2=5 m，S 和 S为其截面关于中心对称。假设约束的核聚变材料只有氘核(21H)和氚核(31H)，且不考虑核子间的相互作用，中子和质子的质量差异以及速度对核子质量的影响，核子一旦接触环形真空室壁即被吸收导走。(已知质子的电荷量为191.6 10 C；质子和中子质量均为271.6 10 kg)。试回答：(1)氘核(21H)和氚核(
13、31H)结合成氢核(42He)时，要放出某种粒子，同时释放出能量，写出上述核反应方程；(2)欧姆线圈中，通以恒定电流时，等离子体能否发生核聚变(“能”或“不能”)，并简要说明判断理由；(3)若关闭欧姆线圈和环向场线圈的电流，当极向磁场为多大时，从垂直于 S 截面速度同为72 10 m/sv 的氘核(21H)能够全部通过 S截面；(4)若关闭欧姆线圈和环向场线圈的电流，当极向磁场在某一范围内变化时，垂直于 S 截面速度同为72 10 m/sv 的氘核(21H)和氚核(31H)能够在 S截面要有重叠，求磁感应强度 B 的取值范围。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24
14、 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】对上方球分析可知，小球受重力和下方球的支持力而处于平衡状态，所以上方球一定与下方球有力的作用，故 A 错误；下方球由于受上方球斜向下的弹力作用，所以下方球有运动的趋势，故下方球受摩擦力作用，故 B 错误；对四个球的整体分析，整体受重力和地面的支持力而处于平衡，所以三个小球受支持力大小为 4mg，每个小球受支持力为43mg，故 C 正确；三个下方小球受到的是静摩擦力，故不能根据滑动摩擦力公式进行计算，故 D 错误故选 C 2、D【解析】A根据 20012tan2gtgtv tv 得 02tanvtg 因为初速度之比为 1：2
15、，则运动的时间之比为 1：2，故 A 错误。B水平位移 2002tanvxv tg 因为初速度之比为 1：2，则水平位移之比为 1：4，由 2lx 可知 ll：l2=1：4 故 B 错误。C根据动能定理 2201122mvmvmgy 其中 y=x，则 222000024tan455vvgyvvv 则两球刚落到斜面上时的速度比为 1：2，选项 C 错误；D平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的 2 倍，由于落在斜面上，位移方向相同，则速度方向相同，即两球落到斜面上时的速度与斜面的夹角正切值的比为 1：1，故 D 正确。故选 D。3、D【解析】A单晶体具有各向异性
16、的特征，多晶体表现为各向同性，选项 A 错误；B液体表面张力是液体表面层分子间的相互作用，选项 B 错误；C0的铁和 0的铜，它们的分子平均动能相同，但是分子平均速率不相同，选项 C 错误；D一定质量的理想气体的状态改变时，若温度不变，则其内能不变，故 D 正确；故选 D。4、B【解析】A根据2f可得该交变电流的频率 f=50Hz，变压器不改变频率，所以副线圈中交变电流的频率为 50 Hz，A 项错误；B原线圈所接的交变电压最大值为30 2V，则有效值为 30V，根据2f，代入数值解得 U=3V，即电压表的示数为 3V，B 项正确；C灯泡 L 正常发光时，副线圈中的电流为 231.5UIRA=
17、2 A C 项错误；D灯泡 L 的额定功率 P=I2R=6W D 项错误。故选 B。5、A【解析】解：根据爱因斯坦光电效应方程得：Ek=hW0，又 W0=hc 联立得：Ek=hhc，据题：钙的截止频率比钾的截止频率大，由上式可知：从钙表面逸出的光电子最大初动能较小，由 P=，可知该光电子的动量较小，根据=可知，波长较大，则频率较小故 A 正确，BCD 错误 故选 A【点评】解决本题的关键要掌握光电效应方程，明确光电子的动量与动能的关系、物质波的波长与动量的关系=6、D【解析】A开关 S 断开时，根据图乙可知灯泡两端的电压为 40VLU 电源的效率为 100%40%LLLU IEI 故 A 错误
18、；BC开关 S 闭合后总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得总电流增大，根据PEI可知电源的总功率会变大，根据UEIr可知路端电压减小，根据2UPR可知灯泡的功率减小，所以灯泡的亮度变暗，故 B、C 错误；D开关 S 断开时小灯泡消耗的功率为 40 6W240WLLPU I 故 D 正确；故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BDE【解析】A由图乙可得：周期 T=410-2s，故频率 211Hz25Hz4 10fT 故 A 错误；B由图甲
19、可得：波长=8m，故波速 vT200m/s 故 B 正确；C根据图甲所示时刻质点 a 正沿 y 轴正方向运动可得：波沿 x 轴正向传播，故 C 错误；D根据波沿 x 轴正向传播可得：图甲所示 t0时刻，a 向波峰运动，b 向平衡位置运动，c 向波谷运动，故 b 最先回到平衡位置，故 D 正确；E根据波沿 x 轴正向传播，由图甲可得，平衡位置从 x=0 处传播到 x=3m 的质点 a 处时，质点 a 回到平衡位置，故质点 a 经过时间 30.015200/xmtsvm s 回到平衡位置，故 E 正确；故选 BDE【点睛】机械振动问题中，一般根据振动图或质点振动得到周期、质点振动方向；再根据波形图
20、得到波长和波的传播方向，从而得到波速及质点振动，进而根据周期得到路程 8、BD【解析】根据木板 A 的 v-t 图像求解滑块在木板上滑动时和离开木板时木板的加速度，根据牛顿第二定律列式求解两个动摩擦因数；若木块在木板上滑动时，木块的加速度应该大于木板的加速度，由此求解 F 的范围；根据木块和木板的位移关系求解 F 与 L 的关系.【详解】滑块在木板上滑动时木板的加速度为2212/2/1vam sm st，对木板根据牛顿第二定律：121()BABAm gmmgm a；滑块从木板上滑出时木板的加速度为2222/1/2vam sm st，对木板根据牛顿第二定律：22AAm gm a；联立解得：1=0
21、.7，1=0.1，选项 A 错误，B 正确；对木块 B：1BBBFm gm a，其中的 aA1m/s1，则 F9N，则 F 的大小不可能为 9N，选项 C 错误；根据2211122BLa ta t，式中 t=1s，联立解得：F=1L+9，即 F 的大小与板长 L 有关，选项 D 正确；故选 BD.【点睛】此题时牛顿第二定律的综合应用问题，首先要搞清两物体的运动情况，通过 v-t 图像获取运动信息，结合牛顿第二定律求解.9、BD【解析】AB.设小球的初速度为 v0时，落在斜面上时所用时间为 t，斜面长度为 L。小球落在斜面上时有：200122gtgttanv tv 解得：02vtantg 设落点
22、距斜面顶端距离为 S，则有 220002v tv tanSvcosgcos 若两次小球均落在斜面上，落点距斜面顶端距离之比为 1：4，则第二次落在距斜面顶端 4L 处，大于斜面的长度，可知以 2v0水平拋出时小球落在水平面上。两次下落高度之比 1：2，根据212hgt得：2 htg 所以时间之比为1:2，选项A 错误，B 正确；C.根据0 xv t得水平位移之比为：120 1012212 2x xv tvt:():选项 C 错误；D.当小球的速度方向与斜面平行时，小球到斜面的距离最大。即在小球距离斜面最远时，垂直于斜面方向的速度等于0。建立沿斜面和垂直于斜面的平面直角坐标系，将初速度 v0 和
23、重力加速度 g 进行分解，垂直于斜面的最远距离 2200()92 cos40v sinvHgg 选项 D 正确。故选 BD。10、CD【解析】A多晶体和非晶体各个方向的物理性质都相同，金属属于多晶体，A 错误；B晶体体积增大，若分子力表现为引力，分子势能增大，若分子力表现为斥力，分子势能减小，B 错误；C水的表面张力的有无与重力无关，所以在宇宙飞船中，水的表面依然存在表面张力，C 正确；D在现代科技中科学家利用某些物质在水溶液中形成的薄片状液品来研究高子的渗透性，D 正确。故选 CD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、123L
24、LL 222104050LLLLLL 【解析】（3）1当合力沿两个分力角平分线方向且两个分力夹角为120，合力和两个分力大小相等，故弹簧形变量形同，长度相同，即123LLL；（4）2当两个分力相互垂直时，由勾股定理知：22212FFF 即：222104050LLLLLL。12、0.633 【解析】(2)1相邻计数点时间间隔为 0.02s50.1st 由逐差法计算加速度有 2227.977.33(6.706.07)cm/s0.633m/s(2)at (3)2本次实验的数据为：1114.0kg0.25kgm 20.633m/sa 将其在坐标系内描点，坐标系上全部的 6 个点均有效。画-条平滑的、细
25、的直线，使各点对称分布在直线的两侧，且直线过坐标原点。图像如图所示：四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、262 10N 【解析】设2N气体摩尔数n，则 VnM 气体分子数 AVNNM 解得 223261.25 100.076.02 102 100.028N 14、（1）2R（2）2Rg【解析】(1)小球经过 D 点时，受到水平力 mg 与重力 mg 的合力22Fmgmg，方向沿 D 点的切线方向。轨道对小球的支持力提供向心力：22DvmgmR 小球从 A 到 D 过程，根据动能定理：2145()452()D
26、mg hRcosmg RRsinmv 解得：h=2R(2)小球离开 D 点后，做匀变速直线运动。根据牛顿第二定律：2mgma 根据匀变速直线运动规律，小球再次回到 D 点经历的时间：2Dvta 可得：2Rtg 15、(1)23411120HHHen；(2)不能；(3)2T35；(4)22TT155B【解析】(1)氘核(21H)和氚核(31H)结合成氢核(42He)的核反应方程：23411120HHHen(2)恒定电流产生恒定磁场，而恒定磁场无法产生感生电场，故离子无法被加速，因此不能发生核聚变反应；(3)在极向磁场的作用下，氘核将从S截面出发做匀速圆周运动，当运动半径为：127mrRR时，能够全部通过S截面；根据牛顿第二定律可得：2mvqvBr 可得：mvBqr 代入数据可得：2T35B (4)设氘核和氚核在磁场中的轨迹半径分别为r和2r，则根据半径公式，两者满足：2132rr 由图可得，要使能够在截面S有重叠，须满足：121222rRRr 为使交叠区域在S截面内，有：2222rR 1122rR 通过列式计算得到1r需满足：12m3mr 根据公式：mvBqr 代入数据解得：22TT155B