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1、第三章第二节第2课时酚分层作业巩固练习-高中化学选择性必修3（人教版2019）一、单选题，共13小题1下列表示不正确的是A对硝基苯酚的结构简式：B水分子的比例模型：C的结构式：D异戊二烯的键线式：2大黄素是中药大黄的主要成分，有广泛的药理作用。下列有关大黄素的说法正确的是A分子中有4种官能团B在空气中可发生氧化反应C能与NaHCO3溶液反应D常温下能与Br2发生取代反应和加成反应32，6-二羟基萘()是重要的医药中间体，也是制备高性能聚合物、液晶材料的重要化合物之一。下列说法正确的是A2，6-二羟基萘的分子式为C10H10O2B1mol2，6-二羟基萘与足量Na反应，可产生2molH2C2，6
2、-二羟基萘分子中最多有20个原子共面D2，6-二羟基萘能够发生消去反应4下列有关实验操作、现象和结论或解释均正确的是选项实验操作实验现象结论或解释A向FeI2溶液中滴入足量溴水，加入CCl4，振荡，静置下层溶液显紫红色氧化性：Fe3+I2B向苯酚浊液中滴入Na2S溶液浊液变清结合H+能力：C6H5O-碳酸苯酚，经仔细考虑，设计如下实验装置，请回答下列问题：(1)A处的试剂是_(填序号，下同)，B处的试剂是_。醋酸溶液CH3COONa溶液苯酚溶液苯酚钠溶液(2)装置II中饱和NaHCO3溶液的作用_。(3)能证明三种酸的酸性强弱的现象_。(4)写出装置III中发生反应的化学方程式_。试卷第7页，
3、共7页参考答案：1C【解析】A对硝基苯酚中，硝基和酚羟基处于苯环对位，对应结构简式为，A正确；B水分子空间构型为V形，氢原子半径比氧原子半径小，对应比例模型为，B正确；CSiO2为原子晶体，由原子构成，其中硅原子和氧原子以共价键相互连接形成立体网状结构，C错误；D异戊二烯中含有两个碳碳双键，2号碳原子上连有支链甲基，对应键线式为：，D正确；故答案选C。2B【解析】A根据物质结构简式可知：该物质分子中含有羟基、羰基两种官能团，A错误；B该物质分子中含有酚羟基，容易被空气中的氧气氧化，因而能发生氧化反应，B正确；C由于碳酸的酸性比苯酚酸性强，所以该物质不能与NaHCO3溶液反应，C错误；D在常温下
4、该物质能与Br2发生取代反应，但是不能与其发生加成反应，D错误；故合理选项是B。3C【解析】A由题干中2，6-二羟基萘的结构简式可知，其分子式为C10H8O2，A错误；B由题干信息可知，分子中含有2个羟基，则1mol 2，6-二羟基萘与足量Na反应，可产生1molH2，B错误；C由题干信息可知，2，6-二羟基萘分子中除羟基中的H原子不一定与其他原子共平面之外，其余18个原子一定共平面，羟基中的H通过旋转可以与之共平面，故最多有20个原子共面，C正确；D由题干信息可知，2，6-二羟基萘上含有的羟基是酚羟基，故不能发生消去反应，D错误；故答案为：C。4B【解析】A溴水足量，碘离子、亚铁离子均被氧化
5、，由操作和现象不能比较Fe3+、I2的氧化性，故A错误；B苯酚浊液中滴入Na2S溶液，反应生成苯酚钠，则结合H+能力：C6H5O-S2-，故B正确；C酸性溶液中硝酸根离子可氧化亚铁离子，浅绿色变黄色，不能说明H2O2具有氧化性，故C错误；D挥发的醇及生成的乙烯均可被高锰酸钾氧化，酸性KMnO4溶液褪色，不能说明生成乙烯，故D错误；故选B。5D【解析】A由题干信息可知，1molM中含有1mol羧基，故足量的M与溶液完全反应，可得到0.1molCO2，但题中并未告知标准状况下，体积不一定为2.24L，A错误；B烃是指仅含碳氢两种元素的化合物，故M不属于烃类化合物，B错误；C由题干信息可知，M中有羟
6、基(酚羟基、醇羟基)、羧基、酯基和碳碳双键等4种不同的官能团，C错误；D由题干信息可知，M中含有羧基和羟基故可发生酯化、氧化反应，含有碳碳双键故可以发生加聚、氧化反应，含有酯基故可以发生水解反应，D正确；故答案为：D。6B【解析】AY中含有碳碳双键，与Br2的加成产物为，其中右侧第二个碳原子为手性碳原子，A正确；BX分子中羟基氧与苯环之间的单键可以旋转，故所有原子不一定在同一平面上，B错误；CX中含有酚羟基，Y中没有，故可用FeCl3溶液鉴别X、Y，C正确；DY中碳碳双键的中一个碳原子相连2个氢原子，故不存在顺反异构，D正确。故选B。7B【解析】A由题给结构简式可知该有机物的分子式为C12H2
7、0O5，A错误；B分子中含有羧基、羟基这2种含氧官能团，B正确；C该有机物有碳碳双键能发生加成、羧基与羟基能发生酯化反应属于取代、羟基可以氧化等反应，但不能发生水解反应，C错误；D饱和碳原子是四面体构型：饱和碳原子及其相连接的原子最多三个共平面，则分子中所有C原子不可能共面，D错误；故选B。8D【解析】A绿矾为FeSO47H2O，A错误；B碳铵一般指碳酸氢铵，B错误；C油酸为C17H33COOH，是一种不饱和酸，C错误；D石炭酸即苯酚，为，D正确；综上所述答案为D。9D【解析】A该结构中含有大量的-OH和酚羟基，所以可以溶于乙醇，故A正确；B该结构中含有酚羟基，可以与FeCl3发生显色反应，故
8、B正确；C该结构中含有-OH，可以乙酸发生酯化反应，故C正确；DBr2可以与碳碳双键发生加成反应，所以可以与1molBr2发生加成反应，故D错误；故选D。10C【解析】A在75%的酒精作用下，乙醇能渗入细胞内，使蛋白质凝固变性，从而起到杀菌的作用，低于或高于这个浓度，杀菌能力都会减弱，故A错误；B甲醛有毒，食用甲醛浸泡过的海产品会危害人体健康，不能用甲醛溶液浸泡海鲜产品，故B错误；C甲酸是一种有机酸，显酸性，加入碱性的物质可以中和其酸性，因此涂抹稀氨水可以中和蚁酸，达到消肿的目的，故C正确；D苯酚虽然具有杀菌止痛的作用，但是它本身是有毒的，不能大量使用于环境消毒及直接用于皮肤消毒，更加不能直接
9、向人体内注射，故D错误；故选C。11B【解析】A由结构简式可知，化合物X中3个苯环连接在同一个饱和碳原子上，则分子中3个苯环不可能处于同一平面上，故A错误；B手性碳原子为连有4个不同原子或原子团的饱和碳原子，由结构简式可知，化合物X中只有1个如图所示的手性碳原子(带有*表示的碳原子)：，故B正确；C化合物X中含有的酚羟基和碳碳双键能与休所反应，酚羟基邻、对位上的氢原子能被溴水中的溴原子取代，由结构简式可知，分子中有2个氢原子能被溴原子取代，碳碳双键能与溴水发生加成反应，则1 mol X最多能与3 mol Br2反应，故C错误；D化合物X中含有的酚羟基和酯基能与氢氧化钠溶液反应，其中1mol酚羟
10、基消耗1mol氢氧化钠，1mol醇酯基消耗1mol氢氧化钠，1mol酚酯基消耗2mol氢氧化钠，共消耗4mol氢氧化钠，故D错误；故选B。12B【解析】A金属钠与水反应剧烈，而金属钠与乙醇反应比较缓慢，这说明H2O电离出H能力强于乙醇电离出H能力，推出乙醇中的氢的活泼性比水中氢的弱，故A不符合题意；B石蜡油与碎瓷片混合加强热，碎瓷片作催化剂，使石蜡油分解，产生的气体能使酸性高锰酸钾溶液褪色，该气体中含有不饱和烃，不一定是乙烯，故B符合题意；C灼热铜丝，发生2CuO22CuO，将铜丝插入乙醇中，黑色变为红色，发生CuOCH3CH2OHCH3CHOCuH2O，即总反应为2CH3CH2OHO22CH
11、3CHO2H2O，该反应为乙醇的催化氧化反应，铜丝保持红热，说明该反应为放热反应，故C不符合题意；D碳酸的酸性强于苯酚的酸性，因此发生的反应是C6H5ONaCO2H2OC6H5OHNaHCO3，常温下苯酚在水中溶解度较小，溶液变浑浊，故D不符合题意；答案为B。13D【解析】A方法一中碳碳双键打开，发生的反应为加成反应，而方法二中醇羟基被取代，发生的反应为取代反应，A正确；B方法二中因为反应物中含有氧原子，由BHT的结构可知，除生成BHT外，还生成水，B正确；CBHT和结构相似，相差8个CH2原子团，互为同系物，C正确；D反应一通过加成反应生成BHT，原子利用率为100%，而反应二为取代反应，原
12、子利用率不是100%，所以从原子经济角度分析方法一优于方法二，D错误；故选D。14(1)2CH3CH(OH)CH3+O22 CH3COCH3+ 2H2O(2)+3NaOH+2H2O(3)+3CH3COOH+3H2O【解析】(1)CH3CH(OH)CH3被催化氧化生成CH3COCH3，反应的化学方程式为：2CH3CH(OH)CH3+O22CH3COCH3+2H2O。(2)中含酚羟基，能与氢氧化钠溶液反应，含酯基，酯基水解生成的羧基和酚羟基也能与氢氧化钠溶液反应，因此与氢氧化钠溶液反应的化学方程式为：+3NaOH+2H2O。(3)乙酸与甘油发生酯化反应，反应的化学方程式为：+3CH3COOH+3H
13、2O。15(1) +H2O+CO2+NaHCO3 CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2+NaBr+H2O CH3CH2OH CH2=CH2+H2O CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O+3H2O(2)C5H10O2(3)2,4二甲基3乙基3己烯(4)5【解析】(1)苯酚钠溶液中通入二氧化碳生成苯酚和碳酸氢钠，反应方程式为+H2O+CO2+NaHCO3；溴乙烷在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成乙烯、溴化钠、水，反应方程式是CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2+NaBr+H2O；乙醇在浓硫酸作用下加热发生消去反应生成乙烯和水，反应方程式是CH3CH2OH
14、 CH2=CH2+H2O；乙醛与新制氢氧化铜悬浊液在加热条件下反应生成氧化亚铜、乙酸钠、水，反应方程式为CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O+3H2O；(2)根据丙酮CH3COCH3键线式为，则 分子式为C5H10O2；(3)根据烯烃命名原则，碳原子编号如图：，则命名为：2,4二甲基3乙基3己烯；(4)与Br2发生1,2-加成时，产物可生成：、；发生1,4-加成可生成：、，所以最多可生成5种产物。16 E D B C A【解析】略17 乙醇 乙酸 苯 乙酸乙酯 油脂 葡萄糖溶液 蔗糖溶液 CH3COOC6H5+2NaOHCH3COONa+H2O +CO2+H2O+
15、NaHCO3 HOCH2CH2OH+HOOC-COOH+2H2O【解析】由实验可知，只有FG两种液体没有气味，则F、G为葡萄糖溶液、蔗糖溶液；由实验可知，F中产生砖红色沉淀，F为葡萄糖，则G为蔗糖，只有B使沉淀溶解，B为乙酸；由实验可知，只有CED三种液体不溶解而浮在水面上，则C、E、D为苯、乙酸乙酯、油脂，则A为乙醇；由实验可知，C仍有分层现象，且在D的试管中闻到特殊香味，则C为苯，D为乙酸乙酯，E为油脂，结合物质的性质分析解答。(1)由实验可知，只有FG两种液体没有气味，则F、G为葡萄糖溶液、蔗糖溶液；由实验可知，F中产生砖红色沉淀，F为葡萄糖，则G为蔗糖，只有B使沉淀溶解，B为乙酸；由实
16、验可知，只有CED三种液体不溶解而浮在水面上，则C、E、D为苯、乙酸乙酯、油脂，则A为乙醇；由实验可知，C仍有分层现象，且在D的试管中闻到特殊香味，则C为苯，D为乙酸乙酯，E为油脂，故答案为：乙醇；乙酸；苯；乙酸乙酯；油脂；葡萄糖溶液；蔗糖溶液；(2) 乙酸苯酚酯与NaOH溶液的化学反应方程式CH3COOC6H5+2NaOHCH3COONa+H2O，故答案为：CH3COOC6H5+2NaOHCH3COONa+H2O；(3)苯酚钠中通入少量二氧化碳生成苯酚与碳酸氢钠，反应的化学方程式：+CO2+H2O+NaHCO3，故答案为：+CO2+H2O+NaHCO3；(4)乙二醇和乙二酸在浓硫酸加热的条件
17、下发生酯化反应生成六元环酯，反应的化学方程式为HOCH2CH2OH+HOOC-COOH+2H2O，故答案为：HOCH2CH2OH+HOOC-COOH+2H2O。18 C9H8O4 有机化合物 +3NaOH +CH3COONa+2H2O NaHCO3溶液 A【解析】(1)乙酰水杨酸分子含9个C，4个O，4个不饱和度，其分子式是C9H8O4；属有机化合物；(2)含有的苯环，一定条件下能和氢气发生加成反应，正确；取代反应，如酯的水解，羧酸酯化等，正确；能发生氧化反应，如燃烧，正确；不含羟基、卤素原子等，不能发生消去反应，错误；选；(3)乙酰水杨酸分子中的酯基，羧基均能与NaOH反应，乙酰水杨酸与Na
18、OH反应的方程式为+3NaOH+CH3COONa+2H2O；(4)苯甲酸的酸性比碳酸强，则将-COOH转化为-COONa可用碳酸钠或碳酸氢钠，但苯酚的酸性比碳酸氢根离子强，则不能用碳酸钠，否则酚-OH会转化为-ONa，综合将转化为所加试剂为NaHCO3溶液；(5)A是相对分子质量比乙酰水杨酸小14的同系物，则A含1个苯环，1个-COOH，1个-COO-，它的同分异构体满足：属于芳香族化合物，说明含一个苯环结构；只含一种官能团，则侧链含2个酯基或2个羧基；苯环上的一氯代物只有一种，则有2个侧链且侧链处于对位；符合以上3个条件的结构有两种：；(顺序可变)；(6)鉴别乙酰水杨酸，丁香酚，肉桂酸：A不
19、能使的四氯化碳溶液褪色的为乙酰水杨酸，遇氯化铁溶液能显紫色的是丁香酚，选与可鉴别，A符合题意；B遇氯化铁溶液能显紫色的是丁香酚，乙酰水杨酸和肉桂酸均能与NaOH反应，选与不可鉴别，B不符题意；C三种物质均会与NaOH溶液反应，均不会与银氨溶液反应，选与不可鉴别，C不符题意；D三种物质均不会与银氨溶液反应，选与不可鉴别，D不符题意；选A。19 除去CO2中混有的醋酸蒸汽，防止干扰二氧化碳与苯酚钠的反应 装置I中有气泡产生，装置III中溶液变浑浊 +H2O+CO2+NaHCO3【解析】乙酸和碳酸钠反应生成二氧化碳，说明乙酸的酸性大于碳酸，乙酸易挥发，导致二氧化碳中含有乙酸，用饱和碳酸氢钠溶液除去乙
20、酸，二氧化碳和苯酚钠溶液反应生成苯酚和碳酸氢钠，方程式为：+H2O+CO2+NaHCO3，苯酚微溶于水，出现浑浊，说明碳酸的酸性大于苯酚。据此解答。(1)由分析可知，A处的试剂是醋酸溶液，B处的试剂是苯酚钠溶液，故答案为：；(2)饱和NaHCO3溶液的作用为：除去CO2中混有的醋酸蒸汽，防止干扰二氧化碳与苯酚钠的反应，故答案为：除去CO2中混有的醋酸蒸汽，防止干扰二氧化碳与苯酚钠的反应；(3) 装置I中有气泡产生，乙酸和碳酸钠反应生成二氧化碳，说明乙酸的酸性大于碳酸,；装置III中溶液变浑浊，二氧化碳和苯酚钠溶液反应生成苯酚和碳酸氢钠，苯酚微溶于水，出现浑浊，说明碳酸的酸性大于苯酚。故答案为：装置I中有气泡产生，装置III中溶液变浑浊；(4)装置III中二氧化碳和苯酚钠溶液反应生成苯酚和碳酸氢钠，化学方程式为：+H2O+CO2+NaHCO3；故答案为：+H2O+CO2+NaHCO3。答案第17页，共10页