《2023届湖南省浏阳一中、株洲二中重点中学高三下学期第六次检测物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届湖南省浏阳一中、株洲二中重点中学高三下学期第六次检测物理试卷含解析.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个单摆在海平面上的振动周期是 T0，把它拿到海拔高度很高的山顶上，该单摆的振动周期变为 T，关于 T
2、 与 T0的大小关系，下列说法中正确的是（）ATT0 BTT0 CTT0 D无法比较 T 与 T0的大小关系 2、物理学中用磁感应强度 B 表征磁场的强弱，磁感应强度的单位用国际单位制(SI)中的基本单位可表示为()A B C D 3、一束单色光从真空斜射向某种介质的表面，光路如图所示。下列说法中正确的是（）A此介质的折射率等于 1.5 B此介质的折射率等于2 C入射角小于 45时可能发生全反射现象 D入射角大于 45时可能发生全反射现象 4、如图所示，一辆运送沙子的自卸卡车，装满沙子沙粒之间的动摩擦因数为 1，沙子与车厢底部材料的动摩擦因数为 2，车厢的倾角用 表示（已知 21），下列说法正
3、确的是 A要顺利地卸干净全部沙子，应满足 tan=2 B要顺利地卸干净全部沙子，应满足 sin 2 C只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足 2tan 1 D只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足 21tan 5、几位同学利用课余时间测一干涸的半球形蓄水池的直径。身高为 1.80m 的小张同学站在池边从头顶高处水平向池中投掷小石子，石子刚好落到池底的正中央，小李同学用手机的秒表记录的小石子运动时间为 1.6s。不计空气阻力，重力加速度取 10m/s2。可知水池的直径为（）A3.6m B11m C12.8m D22m 6、两根相互平行的水平放置长直导线分别通有方向相同的电流 I1和
4、I2，且 I1I2；有一电流元 IL 与两导线均平行，且处于两导线的对称面上，导线某一横截面所在平面如图所示，则下列说法正确的是（）A电流元所处位置的磁场方向一定竖直向下 B电流元所处位置的磁场方向一定水平向右 C要使电流元平衡，可在电流元正上方某位置加一同向通电导线 D如果电流元在所处位置受的安培力为 F，则两导线在该处的磁感应强度大小为 B=FIL 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，用小灯泡模仿光控电路，AY 之间为斯密特触发器
5、，RG为光敏电阻，R1为可变电阻；J 为继电器的线圈，Ja为它的常开触点。下列说法正确的是()A天色变暗时，A 端输入高电平，继电器吸引 Ja，路灯点亮 B要想在天色更暗时路灯才会点亮，应把 R1的阻值调大些 C要想在天色更暗时路灯才会点亮，应把 R1的阻值调小些 D二极管的作用是继电器释放 Ja时提供自感电流的通路，防止损坏集成电路 8、如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波1st 时刻波形图，该时刻M点开始振动，再过1.5s，N点开始振动。下列判断正确的是_。A波的传播速度4m/s B质点M的振动方程0.5sin(2)2yt C质点MN、相位相差是 D0.5st 时刻，1.0mx 处质点
6、在波峰 E.2.5st 时刻，质点MN、与各自平衡位置的距离相等 9、如图（a），静止在水平地面上的物体，受到水平拉力 F 的作用，F 与时间 t 的变化关系如图（b）所示设物块与地面间的最大静摩擦力 Ffm的大小与滑动摩擦力大小相等，则 t1t3时间内（）At2时刻物体的加速度最大 Bt2时刻摩擦力的功率最大 Ct3时刻物体的动能最大 Dt3时刻物体开始反向运动 10、下列说法中正确的是 。A电子的衍射图样证实了实物粒子具有波动性 B为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量是量子化的 C氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子总能量减小 D光电效应中极限频率的存在说明
7、了光的波动性 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）如图所示装置可以用来测量滑块和水平面间动摩擦因数。在水平面上将弹簧一端固定，另一端与滑块接触（两者不固连）。压缩弹簧，静止释放，滑块被弹出，离开弹簧后经过光电门 O，最终停在 P 点。已知挡光片的宽度 d，记录滑块上挡光片通过光电门的时间 t，重力加速度大小为 g。(1)滑块经过 O 点的速度为_。(2)除了记录滑块挡光片通过 D 点光电门的挡光时间之外，还需要测量的一个物理量是_（填选项前的字母）。A滑块释放点到 P 点距离 x B光电门与 P 点间的水平距离 s C滑
8、块（带挡光片）质量 m D弹簧的长度 l(3)动摩擦因数的表达式为_（用上述测量量和重力加速度 g 表示）。12（12 分）某同学用图甲的实验装置验证机械能守恒定律。已知当地重力加速度为 g。(1)用游标卡尺测量立方体小钢块的边长 d，测量结果如图乙，则 d=_cm。(2)用电磁铁吸住小钢块，保持小钢块底面与水平面平行。用刻度尺测量小钢块与光电门的高度差 h。(3)将电磁铁断电，小钢块由静止开始下落，测得小钢块通过光电门的时间 t=3.20 ms。则小钢块通过光电门时的速度v=_m/s。(4)改变小钢块与光电门的高度差 h，重复步骤(2)(3)，得到多组数据。(5)利用实验数据作出 v2一 h
9、 图像。若 v2一 h 图线为一条过原点的直线，且直线的斜率 k=_，则说 明小钢块下落过程中机械能守恒。（用题中给出的物理量符号表示）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示的空间中有一直角坐标系 Oxy，第一象限内存在竖直向下的匀强电场，第四象限 x 轴下方存在沿 x 轴方向足够长，宽度(55 3)d m 的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小 B=0.4T，一带正电粒子质量 m3.2104kg、带电量 q0.16C，从 y 轴上的 P 点以 v0=1.0103m/s 的速度水平
10、射入电场，再从 x 轴上的 Q点进入磁场，已知 OP=9m，粒子进入磁场时其速度方向与 x 轴正方向夹角=60，不计粒子重力，求：(1)OQ 的距离；(2)粒子的磁场中运动的半径；(3)粒子在磁场中运动的时间；（值近似取 3）14（16 分）如图所示，足够长的金属导轨 MNC 和 PQD 平行且间距为 L 左右两侧导轨平面与水平面夹角分别为=37、=53，导轨左侧空间磁场平行导轨向下，右侧空间磁场垂直导轨平面向下，磁感应强度大小均为 B。均匀金属棒 ab和 ef 质量均为 m，长度均为 L，电阻均为 R，运动过程中，两金属棒与导轨保持良好接触，始终垂直于导轨，金属棒ab 与导轨间的动摩擦因数为
11、=0.5，金属棒 ef 光滑。同时由静止释放两金属棒，并对金属棒 ef 施加外力 F，使 ef 棒保持 a=0.2g 的加速度沿斜面向下匀加速运动。导轨电阻不计，重力加速度大小为 g，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）金属棒 ab 运动过程中最大加速度的大小；（2）金属棒 ab 达到最大速度所用的时间；（3）金属棒 ab 运动过程中，外力 F 对 ef 棒的冲量。15（12 分）如图纸面内的矩形 ABCD 区域存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，对边 ABCD、ADBC，电场方向平行纸面，磁场方向垂直纸面，磁感应强度大小为 B.一带电粒子从 AB 上的 P 点平行于纸面射入该区域
12、，入射方向与 AB 的夹角为（90），粒子恰好做匀速直线运动并从 CD 射出若撤去电场，粒子以同样的速度从 P 点射入该区域，恰垂直 CD 射出.已知边长 AD=BC=d，带电粒子的质量为 m，带电量为 q，不计粒子的重力.求：(1)带电粒子入射速度的大小；(2)带电粒子在矩形区域内作直线运动的时间；(3)匀强电场的电场强度大小 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】单摆的周期公式2LTg，其放在高度很高的山顶上，重力加速度变小，其振动周期一定大，即 0TT 故 ACD 错误，B 正确。故选
13、B。2、A【解析】根据磁感应强度的定义式，可得，N、Wb 不是基本单位，所以 A 正确 3、B【解析】AB折射率 sinsin452sinsin30inr 选项 A 错误，B 正确；CD全发射必须从光密介质射入光疏介质,真空射向介质不可能发生全反射，选项 CD 错误。故选 B。4、C【解析】假设最后一粒沙子，所受重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力时，能顺利地卸干净全部沙子，有，B 对；若要卸去部分沙子，以其中的一粒沙子为研究对象，C 对；5、D【解析】设水池的半径为 R，人身高为 h，根据平抛运动的规律，在竖直方向，有 212hRgt 代入数据解得 R=11m，则直径为 22m，故 ABC
14、错误，D 正确。故选 D。6、D【解析】AB根据安培定则及磁感应强度的矢量叠加，又由于12II，可得电流元所处位置的磁场方向斜向右下，故 A、B 错误；C根据同向电流互相吸引，可判断要使电流元平衡，可在电流元右上方某位置加一同向通电导线，故 C 错误；D电流元在该处与磁场方向垂直，而受到的力为F，所以根据磁感应强度的定义可知两导线在该处的磁感应强度大小为 FBIL 故 D 正确；故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABD【解析】A、天
15、色变暗时，光敏电阻较大，则 RG两端的电势差较大，所以 A 端的电势较高，继电器工作吸引常开触点 Ja，路灯点亮，故 A 正确；BC、当 A 端电势较高时，路灯会亮，天色更暗时光敏电阻的阻值更大，则 RG 两端的电势差更大，A 端的电势更高；要想在天色更暗时路灯才会点亮，必须使光敏电阻分担的电压应降低，根据串联分压可知应把 R1的阻值调大些，故 B正确，C 错误；D、天色变亮时，A 端输入低电平，继电器不工作释放常开触点 Ja，继电器的线圈会产生自感电电动势，二极管与继电器的线圈串联构成闭合电路，防止损坏集成电路，故 D 正确；故选 BCD。8、ACE【解析】A质点 M 和 N 相距 6m，波
16、的传播时间为 1.5s，则波速：126m/s=4m/s1.5xvt，故 A 正确；B波长=4m，根据波长、波速和周期的关系可知周期为：1sTv，圆频率：2=2 rad/sT，质点 M 起振方向向上，t=1s 时开始振动，则质点 M 的振动方程为 y=0.5sin（2t-2），故 B 错误；C相隔半波长奇数倍的两个质点，相位相差为，质点 M、N 相隔 1.5，故相位相差，故 C 正确；Dt=0.5s=0.5T，波传播到 x=4.0m 处，此时 x=1.0m 处质点处于波谷，故 D 错误；Et=2.5s=2.5T，N 点开始振动，质点 M、N 相隔 1.5，振动情况完全相反，故质点 M、N 与各自
17、平衡位置的距离相等，故 E 正确。故选 ACE。9、AC【解析】当拉力小于最大静摩擦力时，物体静止不动，静摩擦力与拉力二力平衡，当拉力大于最大静摩擦力时，物体开始加速，当拉力重新小于最大静摩擦力时，物体由于惯性继续减速运动【详解】A、在 0t1时间内水平拉力小于最大静摩擦力，t2时刻物体受到的拉力最大；故物体的加速度最大，故 A 正确；BCD、物体运动后摩擦力大小不变，当速度最大时摩擦力的功率最大；而在 t1到 t3时刻，合力向前，物体一直加速前进，t3时刻后合力反向，要做减速运动，所以 t3时刻 A 的速度最大，动能最大摩擦力的功率最大；故 BD 错误，C正确 故选 AC【点睛】根据受力情况
18、分析物体运动情况，t1时刻前，合力为零，物体静止不动，t1到 t3时刻，合力向前，物体加速前进，t3之后合力向后，物体减速运动 10、AB【解析】A电子的衍射图样证实了实物粒子的波动性，故 A 正确；B为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量的量子化，故 B 正确；C氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大，故 C 错误；D光电效应现象说明了光的粒子性，并不是波动性，故 D 错误。故选 AB。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、dt B 222dgst 【解析】(1)1遮光条的宽
19、度较小，通过光电门的平均速度近似等于瞬时速度，根据平均速度公式可知滑块的速度 dvt(2)2B到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得 2102mgxmv 动摩擦因数的表达式为 222dgst 还需要测量的物理量是：光电门O与P之间的水平距离s，ACD 错误，B 正确。故选 B。(3)3根据上述分析可知 222dgst 12、0.96 3.0 2g 【解析】(1)1用游标卡尺测量立方体小钢块的边长 d=0.9+0.1mm6=0.96cm。(3)2小钢块通过光电门时的速度 233.20.96 10m/s=3.0m/0 10sdvt(4)3由212mghmv，则 v2=2gh，则做出的 v2-h
20、图像的斜率为 2g。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)6 3mOQS(2)10m(3)37.5 10 s【解析】(1)已知可得：tanyxvv 设粒子从 P 点运动到 Q 点的时间为 t，水平方向上：xOQv tS 竖直方向上：12yPOv th 可得：6 3mOQS(2)由己知可得：0cosvv 粒子在磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力 2mvqvBR 解得 R=10m(3)设粒子在磁场中运动的圆心为 O1，由几何关系可得：6030，可得粒子在磁场中转过的圆心角 90 由2RTv，可得：317.5
21、10 s4tT 14、（1）0.2mag；（2）1224mRtB L；（3）22285Fm gRIB L，负号代表冲量沿斜面向上。【解析】（1）金属棒 ab 释放瞬间加速度最大，根据牛顿第二定律有 sincosmmgmgma 得 0.2mag（2）金属棒 ab 释放之后，合外力为零时速度最大，则有 sin(cos)mgmgBIL 其中 2EIR efEBLv 0.2efvgt 得 1224mRtB L（3）金属棒 ab 释放之后，根据牛顿第二定律，可得任意时刻的加速度 sin(cos)abmgmgBILma 得：22520abgB L gatmR，其图象如图所示 a t图像面积代表速度增量，由
22、运动的对称性可知，从金属棒 ab 释放起，经过时间212282mRttB L速度减为零，此后保持静止，在此过程中，金属 ef 一直匀加速直线运动，则有 20.2efvgt 2210.22efxgt 对金属棒 ef，规定沿斜面向下为正方向，由动量定理可得 2sin0FefIBILtmgtmv 其中 2efBLxqItR 得：22285Fm gRIB L，负号代表冲量沿斜面向上 说明：其它方法求解也可以，如写出外力F的表达式，用其平均值计算冲量大小 2sinFmgBILma 得 220.610B L gFmgtR 则可知释放瞬间，00.6Fmg 2t时刻，20.2mgF Ft图象所围成的面积代表其
23、冲量，则有 0222FFFIt 得：22285Fm gRIB L，负号代表冲量沿斜面向上 15、（1）cosqBdm（2）cossinmqB（3）2cosqB dm 【解析】画出粒子的轨迹图，由几何关系求解运动的半径，根据牛顿第二定律列方程求解带电粒子入射速度的大小；带电粒子在矩形区域内作直线运动的位移可求解时间；根据电场力与洛伦兹力平衡求解场强.【详解】（1）设撤去电场时，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为 R，画出运动轨迹如图所示，轨迹圆心为 O 由几何关系可知：cosdR 洛伦兹力做向心力：200vqv BmR 解得0cosqBdvm （2）设带电粒子在矩形区域内作直线运动的位移为 x，有sindx 粒子作匀速运动：x=v0t 联立解得cossinmtqB （3）带电粒子在矩形区域内作直线运动时，电场力与洛伦兹力平衡：Eq=qv0B 解得2qB dEmcos【点睛】此题关键是能根据粒子的运动情况画出粒子运动的轨迹图，结合几何关系求解半径等物理量；知道粒子作直线运动的条件是洛伦兹力等于电场力.