《2023届江苏省江海中学高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届江苏省江海中学高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中正确的是（）A天然放射现象的发现，揭示了原子核是由质子和中子组成
2、的 B汤姆逊通过对阴极射线的研究提出了原子核具有复杂的结构 C氢原子的能级理论是玻尔在卢瑟福核式结构模型的基础上提出来的 D卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子只能处于一系列不连续的能量状态中 2、1905 年爱因斯坦把普朗克的量子化概念进一步推广，成功地解释了光电效应现象，提出了光子说。下列给出的与光电效应有关的四个图像中，下列说法正确的是（）A图甲中，当紫外线照射锌板时，发现验电器指针发生了偏转，说明锌板带正电，验电器带负电 B图乙中，从光电流与电压的关系图像中可以得到：电压相同时，光照越强，光电流越大，说明遏止电压和光的强度有关 C图丙中，若电子电荷量用e表示，121vvU、已知，由cUv图像
3、可求得普朗克常量的表达式为121eUhvv D图丁中，由光电子最大初动能kE与入射光频率v的关系图像可知，该金属的逸出功为E或0hv 3、如图所示，一轻弹簣竖直固定在地面上，一个小球从弹簧正上方某位置由静止释放，则小球从释放到运动至最低点的过程中（弹簧始终处于弹性限度范围内），动能kE随下降高度h的变化规律正确的是（）A B C D 4、在“油膜法”估测分子大小的实验中，认为油酸分子在水面上形成的单分子层，这体现的物理思想方法是（）A等效替代法 B控制变量法 C理想模型法 D累积法 5、如图所示，理想变压器的原线圈两端接在交流电源上，电压有效值为 U。理想电压表接在副线圈两端，理想电流表接在原
4、线圈电路中，有三盏相同的灯泡123LLL、接在副线圈电路中。开始时开关 S 闭合，三盏灯都亮。现在把开关 S 断开，三盏灯都没有烧毁，则下列说法正确的是（）A电流表和电压表的示数都不变 B灯1L变暗 C灯2L变暗 D电源消耗的功率变大 6、下列对图中的甲、乙、丙、丁四个图像叙述正确的是（）A图甲是流过导体某个横截面的电量随时间变化的图像，则电流在均匀增大 B图乙是某物体的位移随时间变化的图像，则该物体受不为零的恒定合力作用 C图丙是光电子最大初动能随入射光频率变化的图像，则与实线对应金属的逸出功比虚线的大 D图丁是某物体的速度随时间变化的图像，则该物体所受的合力随时间增大 二、多项选择题：本题
5、共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、质量为 m 的物块在 t0 时刻受沿固定斜面向上的恒力 F1作用，从足够长的倾角为 的光滑斜面底端由静止向上滑行，在 t0时刻撤去恒力 F1加上反向恒力 F2(F1、F2大小未知)，物块的速度时间(vt)图象如图乙所示，2t0时刻物块恰好返回到斜面底端，已知物体在 t0时刻的速度为 v0，重力加速度为 g，则下列说法正确的是（）A物块从 t0 时刻开始到返回斜面底端的过程中重力的冲量大小为 2mgt0sin B物块从 t0时刻到
6、返回斜面底端的过程中动量的变化量大小为 3mv0 CF1的冲量大小为 mgt0sinmv0 DF2的冲量大小为 3mgt0sin3mv0 8、关于固体、液体和物态变化，下列说法正确的是（）A当液体与固体接触时，如果附着层内分子间的作用表现为斥力，这样的液体与固体间就表现为浸润 B当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大 C晶体一定具有规则的几何外形 D液体表面张力有使其表面积收缩到最小的趋势 E.饱和汽压与液体的温度有关，水的饱和汽压随温度的升高而增大 9、有一轻杆固定于竖直墙壁上的O点，另一端A固定一轻滑轮，一足够长的细绳一端挂一质量为m的物体，跨过定滑轮后另一端固定于竖直墙壁上的B点，初始
7、时物体处于静止状态，OB、两点间的距离等于AB、两点间的距离，设AB与竖直墙壁的夹角为，不计滑轮与细绳的摩擦，下列说法正确的是（）A系统平衡时杆对滑轮的力一定沿杆的方向 B若增大杆长OA，O与B位置不变且保持OBAB，使角增大，则杆对滑轮弹力的方向将偏离OA杆 C若保持A点的位置不变，将绳子的固定点B点向上移动，则杆对滑轮的弹力变大 D若保持AB与竖直墙壁的夹角不变，将轻杆的固定点O向下移动，则杆对滑轮弹力的方向不变 10、如图是一定质量的理想气体的 pV 图，气体状态从 ABCDA 完成一次循环，AB(图中实线)和 CD为等温过程，温度分别为 T1和 T2.下列判断正确的是()AT1T2 B
8、CD 过程放出的热量等于外界对气体做的功 C若气体状态沿图中虚线由 AB，则气体的温度先降低后升高 D从微观角度讲 BC 过程压强降低是由于分子的密集程度减少而引起的 E.若 BC 过程放热 200 J，DA 过程吸热 300 J，则 DA 过程气体对外界做功 100 J 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某小组同学用如图所示的装置来“验证动能定理”，长木板固定在水平桌面上，其左端与一粗糙曲面平滑连接，木板与曲面连接处固定一光电门，A 是光电门的中心位置，滑块 P 上固定一宽度为 d 的遮光片。将滑块从曲面的不同高度释
9、放，经过光电门后，在木板上停下来，设停下来的那点为 B 点。该小组已经测出滑块与木板间的动摩擦因数为、査得当地重力加速度为 g。根据本实验的原理和目的回答以下问题：(1)为了“验证动能定理”，他们必需测量的物理量有_；A滑块释放的高度 h B遮光片经过光电门时的遮光时间 t C滑块的质量 m DA 点到 B 点的距离 x(2)该组同学利用题中已知的物理量和(1)问中必需测量的物理量，只需要验证表达式_在误差范围内成立即可验证动能定理；(3)以下因素会给实验结果带来误差的是_。A滑块释放时初速度不为零 B曲面不光滑 C遮光片的宽度不够小 D光电门安放在连接处稍偏右的地方 12（12 分）为了探究
10、质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。其中 M 为带滑轮的小车的质量，m 为砂和砂桶的质量。（滑轮质量不计）(1)下列实验步骤正确的是_ A用天平测出砂和砂桶的质量 B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力 C小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数 D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带 E.实验中不需要砂和砂桶的质量 m 远小于小车的质量 M(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为 50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_2m/s。（结果保留两位有效数字）(3
11、)以弹簧测力计的示数 F 为横坐标，加速度为纵坐标，画出的aF图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为_。A2tan Btan C2k Dk 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，用质量 m1kg 的活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁间的摩擦忽略不计，开始时活塞距离汽缸底部的高度 h11.0m，气体的温度 t1=27。现将汽缸缓慢加热至 t2=207，活塞缓慢上升到距离汽缸底某一高度 h2处，此过程中被封闭气体增加的内能 U300J。已知大气压
12、强 p01.0105Pa，重力加速度 g10m/s2，活塞横截面积 S5.010-4 m2。求：()初始时汽缸内气体的压强 p1和缓慢加热后活塞距离汽缸底部的高度 h2；()此过程中缸内气体吸收的热量 Q。14（16 分）如图所示为一个带有阀门 K、容积为 2dm3的容器(容积不可改变)。先打开阀门让其与大气连通,再用打气筒向里面打气,打气筒活塞每次可以打进 1105Pa、200cm3的空气,忽略打气和用气时气体的温度变化(设外界大气的压强 po=1105Pa)(i)若要使气体压强增大到 5.0105Pa,应打多少次气?(ii)若上述容器中装的是 5.0105Pa 的氧气,现用它给容积为 0.
13、7dm3的真空瓶充气,使瓶中的气压最终达到符合标准的2.0105Pa,则可充多少瓶?15（12 分）如图所示，一质量为 m，长度为 L 的导体棒 AC 静止于两条相互平行的水平导轨上且与两导轨垂直。通过导体棒 AC 的电流为 I，匀强磁场的磁感应强度大小为 B，方向与导轨平面成角斜向下且垂直于导体棒 AC，求：(1)导体棒 AC 受到的安培力；(2)导体棒 AC 受到的摩擦力。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A天然放射现象揭示了原子核有复杂结构，A 错误；B汤姆逊发现电子揭示了原子具有复
14、杂结构，而不是原子核具有复杂的结构，B 错误 C玻尔的原子结构理论是在卢瑟福核式结构学说基础上引进了量子理论，C 正确；D卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，D 错误。故选 C。2、D【解析】A图甲中，当紫外线照射锌板时，发现验电器指针发生了偏转，说明锌板带正电，验电器也带正电，选项 A 错误；B图乙中，从光电流与电压的关系图像中可以得到：电压相同时，光照越强，饱和光电流越大，但是遏止电压和光的强度无关，选项 B 错误；C根据CU ehW逸出功，则由cUv图像可得 112Uhke 解得 121eUhvv 选项 C 错误；D图丁中，根据kEhW逸出功，由光电子最大初动能kE与入射光频率v
15、的关系图像可知，该金属的逸出功为E或0hv，选项 D 正确。故选 D。3、D【解析】小球在下落的过程中，动能先增大后减小，当弹簧弹力与重力大小相等时速度最大，动能最大，由动能定理 kF hE 得 kEFh 因此图象的切线斜率为合外力，整个下降过程中，合外力先向下不变，后向下减小，再向上增大，选项 D 正确，ABC错误。故选 D。4、C【解析】考查实验“用油膜法估测分子大小”。【详解】在油膜法估测分子大小的实验中，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，将油酸分子看做球形，认为油酸分子是一个紧挨一个的，估算出油膜面积，从而求出分子直径，这里用到的方法是：理想模型法。C 正确，ABD 错误。故
16、选 C。5、B【解析】AS 断开，副线圈负载电阻增大，而电压2U由初级电压和匝数比决定，则 U2不变，原、副线圈中的电流都减小，选项 A 错误；BC副线圈中电流2I减小，1L两端电压减小、2L两端电压增大，灯1L变暗、灯2L变亮，选项 B 正确，C 错误；D2I减小，则22U I减小，电源的功率减小，选项 D 错误。故选 B。6、C【解析】A、由于 q=It，q-t 图像的斜率不变，所以电流不变，选项 A 错误；B、由图像可知，物体做匀速直线运动，合力为 0，选项 B 错误；C、根据光电效应方程k0=EhW得，延长图像，图像的纵截距绝对值为逸出功，则与实线对应金属的逸出功比虚线的大，选项 C
17、正确；D、v-t 图像斜率是加速度，斜率越来越小，加速度减小，则合力减小，选项 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】A根据冲量的定义式可知物块从0t 时刻开始到返回斜面底端的过程中重力的冲量大小为 0022GImgtmgt 故 A 错误；B由于在0t时撤去恒力1F加上反向恒力2F，物块在02t时恰好回到斜面的底端，所以在沿固定斜面向上的恒力的时间与撤去恒力加上反向恒力后回到底端的时间相等，设物体在沿固定斜面向上的
18、恒力作用下的位移为x，加速度为1a，取沿斜面向上为正；根据位移时间关系可得 21 012xa t 根据速度时间关系可得撤去沿固定斜面向上的恒力时的速度为 01 0va t 撤去恒力加上反向恒力作用时的加速度为2a，则有 20 02 012xv ta t 联立解得 213aa 物块在02t时的速度为 202 002vva tv 物块从0t时刻到返回斜面底端的过程中动量的变化量为 2003Pmvmvmv 即物块从0t时刻到返回斜面底端的过程中动量的变化量大小为03mv，故 B 正确；C物体在沿固定斜面向上的恒力作用下，根据动量定理可得 100sin0FImgtmv 解得1F的冲量大小为 100si
19、nFImgtmv 故 C 正确；D撤去恒力加上反向恒力作用时，根据动量定理可得 2000sin2FImgtmvmv 解得 200sin3FImgtmv 故 D 错误；故选 BC。8、ADE【解析】A.液体对固体的浸润，则分子间距小于液体内部，则液面分子间表现为斥力，液面呈现凹形，表面有扩张的趋势，故A 正确；B.当人们感到潮湿时，是因为空气的相对湿度较大，而绝对湿度的大小无法确定，故 B 错误；C.单晶体一定具有规则的几何外形，多晶体不一定具有规则的几何外形，故 C 错误；D.液体表面分子间距较大，故有张力，使其表面积有收缩到最小的趋势，故 D 正确；E.饱和汽压与液体种类和温度有关，水的饱和
20、汽压随温度的升高而增大，故 E 正确。故选 ADE。9、AD【解析】A绳子上的弹力大小等于物体的重力 mg，则绳子对滑轮的两弹力的合力方向在两弹力的角平分线上，根据平衡条件可得杆对滑轮的弹力方向也在角平分线上，OB 两点间的距离等于 AB 两点间的距离，根据几何关系可得，杆 OA 恰好在两弹力的角平线方向上，故 A 正确；B若保持 OB 两点位置不变，增大杆长 OA，使 AB 与竖直墙壁的夹角增大，仍保持 OB 两点间的距离等于 AB 两点间的距离，杆 OA 仍在两弹力的角平分线上，杆对滑轮的弹力仍沿杆方向，故 B 错误；C若保持 A 点的位置不变，将绳子的固定点 B 向上移动，绳子对滑轮的两
21、力夹角变大，合力变小，滑轮处于平衡状态，则杆对滑轮的弹力变小，故 C 错误；D若保持 AB 与竖直墙壁的夹角不变，将轻杆的固定点 O 向下移动，两绳对滑轮的弹力大小方向都不变，则杆对滑轮的力仍在两绳弹力的角平分线上，所以杆对滑轮弹力的方向不变，故 D 正确。故选 AD。10、ABE【解析】由图示图象可知，DA 过程为等压过程，气体体积变大，由盖吕萨克定律可知，气体温度升高，即 A 点的温度高于D 点的温度，则12TT，故 A 正确；CD 过程是等温变化，气体内能不变，0U，气体体积减小，外界对气体做功，0W，由热力学第一定律得0QUWW ，气体放出热量，由以上分析可知，CD 过程放出的热量等于
22、外界对气体做的，故 B 正确；若气体状态沿图中虚线由 AB，则气体的温度先升高后降低，故 C 错误；从 BC过程，气体体积不变，压强减小，由查理定律可知，气体的温度 T 降低，分子的平均动能减小，由于气体体积不变，分子数密度不变，单位时间内撞击器壁的分子数不变，分子平均动能减小，分子撞击器壁的作用力变小，气体压强减小，故 D 错误；由热力学第一定律可知，若 BC 过程放热 200J，DA 过程吸热 300J，则 DA 过程气体对外界做功 100J，故 E 正确；三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BD 222dgxt C 【解析
23、】(1)1要验证的是从滑块经过光电门到最后在木板上停止时动能减小量等于摩擦力做功，即 212mvmgx 其中 dvt 可得 222dgxt 则必须要测量的物理量是：遮光片经过光电门时的遮光时间 t 和 A 点到 B 点的距离 x，故选 BD。(2)2由以上分析可知，需要验证表达式222dgxt在误差范围内成立即可验证动能定理；(3)3A滑块释放时初速度不为零对实验无影响，选项 A 错误；B曲面不光滑对实验无影响，选项 B 错误；C遮光片的宽度不够小，则测得的滑块经过 A 点的速度有误差，会给实验结果带来误差，选项 C 正确；D光电门安放在连接处稍偏右的地方对实验无影响，选项 D 错误；故选 C
24、。12、BDE 1.3 C 【解析】(1)1AE本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故 A 错误，E 正确；B该题是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，应拿走砂桶，将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故 B 正确；C打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故 C 错误；D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带，获取多组实验数据，故 D 正确；故选 BDE。(2)2由于两计数点间还有两个点没有画出，故 T=0.06s，由 x=aT2可得
25、22360322(3.83.32.82.3 1.9 1.4)101.3m/s99 0.06xxaT(3)3由牛顿第二定律得 2F=ma 则 2aFm a-F 图象的斜率 2km 小车质量为 2mk 故选 C；四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(i)1.2105Pa，1.6m；(ii)336J【解析】(i)初始时汽缸内气体的压强 p=p0+mgS=1.2105Pa 气体做等压变化，根据盖一吕萨克定律可得 1212h Sh STT 即 21.027327273207h 解得 h2=1.6m(ii)在气体膨胀的
26、过程中，气体对外做功为 W=pS（h2-h1）=1.2105（1.6-1.0）5.010-4J=36J 根据热力学第一定律可得气体内能的变化为 U=-W+Q 解得 Q=U+W=336J 14、（1）40 次 （2）4 瓶【解析】(1)设需要打气 n 次，因每次打入的气体相同，故可视 n 次打入的气体一次性打入，则气体的初状态：511.0 10PPa，10VVn V 末状态：525.0 10PPa，20VV 其中：3302,0.2VdmVdm 由玻意尔定律：1 122PVPV 代入数据解得：40n 次；(2)设气压为52.0 10 Pa时气体的体积为3V，则532.010PPa 由玻意尔定律有：2233=PVPV 代入数据解得：33=5Vdm 真空瓶的容积为30.7Vdm瓶 因：32247VVV瓶 故可充 4 瓶。15、(1)BIL，方向垂直于 AC 斜向右下方，与竖直方向成 角；(2)sinBIL，方向水平向左【解析】(1)由安培力公式可知导体棒 AC 受到的安培力为FBIL安，由左手定则可知，安培力方向 垂直于 AC 斜向右下方，与竖直方向成 角；(2)对导体棒受力分析如图 由平衡条件可知 fsinsinFFBIL安 方向水平向左