《2022-2023学年福建省福州市三校联考高三下学期第六次检测物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年福建省福州市三校联考高三下学期第六次检测物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于功的概念，下列说法中正确的是（）A因为功有正负，所以功是矢量 B力对物体不做功，说明物体一定无位移 C滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功 D若作用力对物体做正功，则反作用力一定做负功 2、下列说法中正确的是（）A原子
2、核发生衰变时都遵守电荷守恒、质量守恒、能量守恒 B235114192192056360UnBaKr3 n为核衰变方程 C光电效应说明了光具有粒子性 D康普顿散射实验说明了光具有波动性 3、某质点做匀加速直线运动，经过时间 t 速度由 v0 变为 kv0(k1)位移大小为 x。则在随后的 4t 内，质点的位移大小为（）A8(32)1kxk B8(21)1kxk C8(21)1kxk D3(53)1kxk 4、a、b 两个物体在同一时间、从同一地点开始，沿同一条直线运动，v-t 图象如图所示，a、b 两物体运动图线均为正弦(余弦)曲线的一部分。在 06s 时间内，关于两物体的运动，下列说法正确的是
3、（）Ab 物体的加速度先增加后减小 Ba 物体的位移大于 b 物体的位移 C2s 末 a 物体的加速度大于 b 物体的加速度 D3s 末 a、b 两物体之间的距离最大 5、木块甲、乙分别重 50 N 和 60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为 0.25。夹在甲、乙之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为 400N/m。系统置于水平地面上静止不动。现用 F=1N 的水平拉力作用在木块乙上，如图所示。力 F 作用后木块所受摩擦力情况是（）A木块甲所受摩擦力大小是 12.5 N B木块甲所受摩擦力大小是 11.5 N C木块乙所受摩擦力大小是 9 N D木块乙所受摩擦力大小是 7 N 6、
4、在如图所示的变压器电路中，a、b 端输入有效值为 U 的正弦式交变电压，原线圈电路中接有一个阻值为 R0的定值电阻，副线圈电路中接有电阻箱 R，变压器原副线圈的匝数比为 1：3.若要使变压器的输出功率最大，则电阻箱的阻值为（）A9R0 B09R C3R0 D0 3R 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、迄今为止，大约有 1000 颗卫星围绕地球正常工作，假如这些卫星均围绕地球做匀速圆周运动，关于这些卫星，下列说法正确的是 A轨道高的卫星受到地球
5、的引力小 B轨道高的卫星机械能大 C线速度大的卫星周期小 D线速度大的卫星加速度大 8、如图所示，水平面内有 A、B、C、D、E、F 六个点，它们均匀分布在半径为 R2cm 的同一圆周上，空间有一方向与圆平面平行的匀强电场。已知 A、C、E 三点的电势分别为(23)VA、C2V、(23)VE，下列判断正确的是（）A电场强度的方向由 E 指向 A B电场强度的大小为 1V/m C该圆周上的点电势最高为 4V D将电子从 D 点沿 DEF 移到 F 点，静电力做正功 9、如图所示，质量为1kg的物体放在倾角为 30的粗糙斜面上，一根劲度系数为100N/m的轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端连接物体，
6、弹簧处于原长，物体恰好静止。现将物体沿斜面向下移动12cm后由静止释放、水平地面上的斜面始终保持静止，物体与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧始终处于弹性限度内，取210m/sg，下列说法正确的是（）A物体与斜面间的动摩擦因数为33 B物体释放后在斜面上运动时，斜面对地面的压力保持不变 C物体释放瞬间斜面对地面的摩擦力大小为3N，方向水平向左 D物体释放瞬间的加速度大小为27m/s，方向沿斜面向上 10、如图所示，水平传送带以恒定的速度 v 运动，一质量为 m 的小物块轻放在传送带的左端，经过一段时间后，物块和传送带以相同的速度一起运动。已知物块与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为 g
7、，则()A物块加速运动时的加速度为 g B物块加速运动的时间为2vg C整个过程中，传送带对物块做的功为12mv2 D整个过程中，摩擦产生的热量为 mv2 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学在用如图所示实验装置测量光的波长的实验中，已知两缝间的间距为 0.3mm，以某种单色光照射双缝时，在离双缝 1.2m 远的屏上，用测量头测量条纹间的宽度：先将测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，将该亮纹定为第 1 条亮纹，此时手轮上的示数如图甲所示；然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第 6 条亮纹中心对齐，此时手轮上
8、的示数如图乙所示。图甲读数为_mm，图乙读数为_mm。根据以上实验，测得光的波长是_m（结果保留 2 位有效数字）。12（12 分）有一电压表 V，量程为 3V，要求测量其内阻 RV。可选用的器材有：滑动变阻器甲，最大阻值10；滑动变阻器乙，最大阻值10k；电阻箱2R，最大阻值 9999.9；电源1E，电动势约为 4V，内阻不计；电源2E，电动势约为 10V，内阻不计；电压表 V0，量程 6V；开关两个，导线若干；(1)小兰采用如图甲所示的测量电路图，在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接_；(2)连接好实验电路后，小兰进行实验操作，请你补充完善下面操作步骤：断开开
9、关2S和1S，将1R的滑片移到最左端的位置；闭合开关2S和1S，调节1R，使 V 满偏；断开开关2S，保持_不变，调节2R，使 V 示数为 2.00V，读取并记录此时电阻箱的阻值为0R，为使得测量结果尽量准确，滑动变阻器1R应选择_（填“甲”或“乙”），电源应选择_（填“1E”或“2E”），小兰测出的电压表内阻R测_，它与电压表内阻的真实值 RV相比，R测_RV（选填“”、“=”或“”）；(3)小兵同学采用了如图乙所示的测量电路图，实验步骤如下：断开开关2S和1S，将1R的滑片移到最左端的位置；闭合开关2S和1S，调节1R，使 V 满偏，记下此时 V0的读数；断开开关2S，调节1R和2R，使
10、V 示数达到半偏，且 V0的读数不变；读取并记录此时电阻箱的阻值为0R，理论上分析，小兵测出的电压表 V 内阻的测量值R测与真实值相比，R测_RV（选填“”“=”或“”）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图甲所示，宽0.5mL、倾角30的金属长导轨上端安装有1R 的电阻。在轨道之间存在垂直于轨道平面的磁场，磁感应强度 B 按图乙所示规律变化。一根质量0.1kgm 的金属杆垂直轨道放置，距离电阻1xm，0t 时由静止释放，金属杆最终以0.4m/sv 速度沿粗糙轨道向下匀速运动。R 外其余电阻均
11、不计，滑动摩擦力等于最大静摩擦力。求：(1)当金属杆匀速运动时电阻 R 上的电功率为多少？(2)某时刻(0.5s)t金属杆下滑速度为0.2m/s，此时的加速度多大？(3)金属杆何时开始运动？14（16 分）PQ 为一接收屏，一半径为 R=0.1m 半球形透明物的直径 MN 恰好与接收屏垂直，如图所示，一细光束由透明物的右侧平行于接收屏射向透明物的球心。现让细光束以球心为圆心顺时针转过 30时，经观测接收屏上出现两个亮点，且两亮点之间的距离用 L 表示；细光束转过的角度为 45时，接收屏上刚好出现一个亮点。求：(1)该透明物的折射率为多大？(2)由以上叙述求 L 应为多长？15（12 分）如图所
12、示，用折射率 n=2的玻璃做成内径为 R、外径为 R=2R 的半球形空心球壳，一束平行光射向此半球的外表面，且与中心对称轴 OO平行，不计多次反射。求球壳内部有光线射出的区域？（用与 OO所成夹角表示）参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、功有正负，但功是标量，A 错误；B、当力的方向和位移的方向垂直时，力不做功，但有位移，B 错误；C、摩擦力方向可以与位移方向相同，也可以相反，故可能做正功，也可能做负功，C 正确；D、一对相互作用力做功，可以出现都做正功，都做负功，一正一负或一个做功，一
13、个不做功等各种情况，D 错误 故选 2、C【解析】A原子核发生衰变时电荷数守恒和质量数守恒，但质量不守恒，故 A 错误；B235114192192056360UnBaKr3 n为裂变方程，故 B 错误；C光电效应说明了光具有粒子性，故 C 正确；D康普顿在研究石墨对 X 射线的散射中发现光具有粒子性，故 D 错误。故选 C。3、A【解析】质点做匀加速直线运动，加速度为 00kvvat t 时刻内位移为 002vkvxt 联立可得 02(1)xtv k 则在随后的 4t 内，质点的位移大小为 220000114(4)4(4)22kvvxkvtatkv ttt 将02(1)xtv k代入得 8(3
14、2)1kxxk 故 A 正确，BCD 错误。故选 A。4、C【解析】Ab 的斜率先减小后增大，固 b 的加速度先减小后增大；A 错误。B由图可知曲线 a 在 06 秒内与时间轴所围上下面积之和小于曲线 b 与时间轴所围上下面积之和，固曲线 a 位移小于曲线 b 位移；B 错误。C2s 末曲线 a 的斜率大于曲线 b 的斜率，故两秒末曲线 a 的加速度大于曲线 b 的加速度；C 正确。D6s 末曲线 ab 所围面积之差最大，故 6s 末 ab 两物体之间距离最大；D 错误。故选 C。【点睛】v-t 图像基本知识点。如斜率代表加速度，斜率的绝对值代表加速度大小，斜率的正负代表加速度方向，与时间轴所
15、围面积代表位移。5、C【解析】AB由于弹簧被压缩了2cmx，故弹簧的弹力 400N/m0.02m8NFk x 对于甲来说弹簧对它的力是向左的，大小为 8N，而甲静止，则甲最大的静摩擦力为：f甲=50N0.25=12.5NF 则甲静止，则甲受到的摩擦力与 F 等大方向 f甲=F=8N 故甲受到的摩擦力为 8N，方向水平向右，选项 AB 均错误；CD对乙，其最大静摩擦力 f乙=60N0.25=15N 它受向右的 8N 的弹力，还有向右的 1N 的拉力，故两力的合力大小为 9N，方向水平向右，也小于其最大静摩擦力，乙也处于静止状态，受力平衡，故它受到的摩擦力等于弹簧对它的弹力和拉力的合力 9N，方向
16、水平向左，选项 C 正确，D 错误。故选 C。6、A【解析】理想变压器原线圈接有电阻，可运用等效电阻法把副线圈的电阻箱搬到原线圈上，则 2212=I RI R效 1221InIn 得 212219nRRRn效 而等效的全电路要使外电阻 R效的功率最大，需要 0RR效 满足可变电阻的功率能取最大值，解得 09RR 故 A 正确，BCD 错误。故选 A。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、CD【解析】A.引力的大小不仅与轨道半径有关，还与卫星质量有
17、关，故 A 错误；B.机械能的大小也与质量有关，故 B 错误；CD.根据 22224MmvGmrma mrTr=可知线速度越大，轨道半径越小，加速度越大，周期越小，故 CD 正确。8、AC【解析】A设 AE 中点为 G，如图所示，则根据匀强电场的性质可解得该点的电势为+2+3+(23)=2V22AEG（）则 CG 所以 GC 连线是一个等势线；电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，所以电场强度的方向由 E 指向 A，故 A 正确；BEA 两点间的电势差为 2 3VEAEAU EA 两点间的距离 2 sin602 3cmdR 再根据电场强度公式可得 100V/mEAUEd 故
18、 B 错误；C沿着电场线方向电势逐渐降低，因此 H 点电势最高，则 2VHOUER 而 HOHOU 解得 4VH 故 C 正确；D电子从 D 沿着圆周移到 F 点，电势先升高后降低，电子带负电，电势能先减小后增加，静电力先做正功后做负功，故 D 错误。故选 AC。9、AC【解析】A弹簧原长时，物体恰好静止，则：cos30sin305Nfmgmg，解得：33，故 A 正确；D弹簧拉长后释放瞬间，则有：sin30k xfmgma，解得：22m/sa，故 D 错误；BC物体释放后沿斜面运动时，斜面体对地面的压力增加：sin301Nma，斜面体对地面的摩擦力大小为：cos303Nma，方向水平向左，故
19、 B 错误、C 正确。故选 AC。10、AC【解析】A物块加速运动时，由牛顿第二定律得 mg=ma 可得 a=g 故 A 正确；B物块加速运动的时间为 t=vvag 故 B 错误；C整个过程中，根据动能定理得传送带对物块做的功为 W=12mv2-0=12mv2 故 C 正确；D物块加速运的动时间内传送带的位移为 x带=vt 物块的位移为 x物=022vvtt 物块与传送带间相对位移大小为 x=x带-x物=222vtvg 整个过程中摩擦产生的热量为 Q=mg x=12mv2 故 D 错误。故选 AC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
20、11、2.335（2.332-2.337）15.375（15.372-15.377）6.510-7 【解析】1 图甲螺旋测微器固定刻度的读数是 2.0mm 可动刻度的读数是 33.50.01 mm=0.335mm 则螺旋测微器的读数等于 2.0mm+0.335mm=2.335mm（2.332-2.337 都正确）2 图乙螺旋测微器固定刻度的读数是 15.0mm 可动刻度的读数是 37.50.01 mm=0.375mm 则螺旋测微器的读数等于 15.0mm+0.375mm=15.375mm（15.372-15.377 都正确）3相邻条纹间距为 211xxxn 根据双缝干涉的条纹宽度的公式 Lxd
21、 则这种单色光的波长 21(1)xx dx dlnl 代入数据解得 76.50 m1 12、R 甲 E1 02R =【解析】(1)1实物连线如图 (2)23456断开开关2S，保持 R 不变，调节 R2，使 V 示数为 2.00V，读取并记录此时电阻箱的阻值为 R0，为使得测量结果尽量准确，滑动变阻器 R1应选择阻值较小的甲；电源应选择 E1；当电压表读数为 2V 时，电阻箱两端电压为 1V，则由串联电路的特点可知，测出的电压表内阻02RR测；因断开开关2S后，电阻箱与电压表串联，则电阻值变大，此时电阻箱与电压表两端电压之和要大于 3V，而电压表读数为 2V 时电阻箱两端电压大于 1V，则实际
22、上电压表内阻小于 2R0，则电压表内阻的真实值 RV相比，R测RV；(3)7此测量方法中，S2闭合时电压表两端电压等于 S2断开时电压表和 R2两端的电压之和，则当 S2断开时电压表半偏时，电压表的内阻等于电阻箱 R2的阻值，此方法测量无误差产生，即=VRR测。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)当金属杆匀速运动时电阻 R 上的电功率为0.04W；(2)某时刻(0.5s)t金属杆下滑速度为0.2m/s，此时的加速度为20.5m/s；(3)金属杆在0.5s后感应电流消失的瞬间才开始下滑。【解析】根据法拉
23、第电磁感应定律求感应电动势，由欧姆定律求电阻 R 中的电流，根据电功率计算公式求解电功率；导体棒最终以0.4m/sv 的速度匀速运动，根据受力平衡求出摩擦力，0.5st的某个时刻金属杆下滑速度为 0.2m/s，由牛顿第二定律求出加速度；求解安培力的大小，分析金属杆的受力情况确定运动情况。【详解】(1)匀速时磁感应强度应无变化，1BT，根据闭合电路的欧姆定律可得：1 0.5 0.4A0.2A1BLvIR，根据电功率计算公式可得：220.21W0.04WPI R；(2)匀速时根据共点力的平衡可得：sin30AmgFf，而安培力为：22221050.4N0.1N1AB L vFR，所以解得摩擦力为：
24、0.4Nf，当速度 v为0.2m/s时，安培力为：22221050.2N0.05N1AB L vFR，根据牛顿第二定律可得：sin30AmgFfma，解得：20.5m/sa；(3)由图 b 可知：释放瞬间磁场变化率1/kT s，感应电流为：1 0.5 1A0.5A1EkSkLxIRRR，安培力为：0.5 0.5 0.5N0.125N AFI LB，由于 sin30AfFmg，所以开始释放时金属杆无法下滑，在0.5s内，安培力不断增加，范围0.125N0.25N，所以在0.5s前金属杆无法运动；金属杆在0.5s后感应电流消失的瞬间才开始下滑。【点睛】对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的
25、角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。14、(1)2；(2)27.3cm【解析】(1)据题知，当转过角度刚好为 45时发生了全反射。临界角为 C=45，则折射率 12sinnC(2)光路如图所示 由 sinsin30rn 解得 r=45 根据反射定律知 i=30，两个光斑 S1、S2之间的距离为 L=Rtan45+Rtan60=(10+103)cm 27.3cm 15、以 OO为中心线，上、下（左、右）各 60的圆锥球壳内均有光线射出。【解析】设光线 aa 射入外球面，沿 ab 方向射向内球面，刚好发生全反射，则有：sinC=1n 可得 C=45 在 Oab 中，Oa=2R，Ob=R 由正弦定理得1802sinCR=sinrR 解得：r=30 由sinisinr=n，得 i=45 又因为OOa=i，=C-r=45-30=15 所以OOb=i+=45+15=60 当射向外球面的入射光线的入射角小于 i=45时，这些光线都会射出内球面。因此，以 OO为中心线，上、下（左、右）各 60的圆锥球壳内均有光线射出。