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1、- 1 -20192019 学年第二学期学年第二学期 6 6 月调研考试卷月调研考试卷高一物理试题高一物理试题注意事项：1你现在拿到的这份试卷是满分 100 分，作答 时间为 90 分钟 2答题前请在答题卷上填写好自己的姓名、班级、考号等信息3请将答案正确填写在答题卷上,写在其它地方无效.第第 I I 卷（选择题卷（选择题 4848 分分）一、选择题一、选择题( (本大题共本大题共 1212 个小题，每小题个小题，每小题 4 4 分，共分，共 4848 分。分。) ) 1.人类认识行星运动规律的曲折过程给我们的启示:从地心说的直接经验开始，到日心说的转变，不是简单的参考系的变化，而是人类思想的
2、一次重大解放，从此人类的视野超越了地球,走向了宇宙。关于科学家和他们的贡献，下列说法中与物理学的发展历史不相符合的是( )A. 腊科学家托勒密提出了地心说:认为地球是静止不动的，太阳、月亮和星星从人类头顶飞过，地球是宇宙的中心B. 波兰天文学家哥白尼，发表著作天体运行论提出日心说，预示了地心宇宙论的终结C. 德国天文学家开普勒对他的导师第谷观测的行星数据进行了多年研究,得出了开普勒三大行星运动定律D. 波兰天文学家哥白尼，提出了日心说，为此被宗教裁判所烧死在罗马的鲜花广场，为科学付出了生命的代价2.设空中的雨滴从静止开始下落，遇到水平方向吹来的风，下列说法中正确的是( )A. 风速越大，雨滴下
3、落的时间越长 B. 雨滴下落时间与风速无关C. 风速越大，雨滴着地时的速度越小 D. 雨滴着地速度与风速无关3.如图所示，质量为 m 的木块从半径为 R 的半球形碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用木块的速率不变，那么( )A. 加速度为零B. 加速度恒定- 2 -C. 加速度大小不变，方向时刻改变，但不一定指向圆心D. 加速度大小不变，方向时刻指向圆心4.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空 110” 它可以在太空中对卫星补充能源，延长卫星使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一，其运行方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤
4、道平面重合，下列说法正确的是（ ）A. “轨道康复者”的速度是同步卫星运行速率的 5 倍B. “轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的 5 倍C. 站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动D. “轨道康复者”可从高轨道加速，以实现对低轨道上的卫星的拯救5.如图所示，拖着旧橡胶轮胎跑是身体耐力训练的一种有效方法。如果某受训者拖着轮胎在水平直道上跑了 100 m，那么下列说法正确的是A. 轮胎受到的拉力对轮胎不做功B. 轮胎受到地面的摩擦力对轮胎做了负功C. 轮胎受到的重力对轮胎做了正功D. 轮胎受到地面的支持力对轮胎做了正功6.如图所示，质量为 m 的小球，从离桌面 H 高处由静止下落，桌
5、面离地高度为 h若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能和动能分别是（ ）A. mgh、mg（Hh）B. mgh、mg（H+h）C. -mgh、mg（Hh）D. -mgh、mg（H+h）- 3 -7.一个质量为 2kg 的物体被人用手由静止向上提升 1m，此时物体的速度是 lm/s重力加速度 g=10m/s2，物体被向上提升过程中，下列说法正确的是（ ）A. 手对物体做功 20J B. 合外力对物体做功 12JC. 合外力对物体做功 2J D. 物体克服重力做功 20J8.如图所示，一小球以初速度v0沿水平方向射出，恰好垂直地射到一倾角为 30的固定斜面上，并立即反方向弹回已知反弹速度的大
6、小是入射速度大小的，则下列说法中正确的3 4是( )A. 在碰撞中小球的速度变化大小为v07 2B. 在碰撞中小球的速度变化大小为v01 2C. 小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离的比为3D. 小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为3 29.如图所示，在水平圆盘上有一过圆心的光滑小槽，槽内有两根原长、劲度系数均相同的橡皮绳拉住一质量为 m 的小球，一条橡皮绳拴在 O 点，另一条拴在点，其中 O 为圆盘的中心，O点在圆盘的边缘上，橡皮绳的劲度系数为，原长为圆盘半径 R 的，现使圆盘角速度由Ok1 3零缓慢增大，则：A时，间橡皮绳处于原长2k m1OOB时，小球距圆心距离
7、为5k m5 9RC时，小球距圆心的距离为3 5k m5 6R- 4 -D时，间橡皮绳的弹力为3 5k m1OOkR10.如图所示，弹簧的一端固定在墙上，另一端在水平力 作用下缓慢拉伸了 ，关于拉力 、弹性势能随伸长量 的变化图线中正确的是（ ）A. B. C. D. 11.如图，一个小物块由静止开始分别沿坡度不同的斜面AB 和AB滑下，最后都停在水平面 BC上，斜面和水平面平滑连接，已知两个斜面和水平面与物块的动摩擦因素相同，下列说法正确的是（ ）A. 小物块沿斜面AB 下滑的时间一定比沿斜面AB下滑的时间长B. 小物块沿AB 和AB滑下，经过斜面底端时的速率一定相等C. 小物块沿AB 和A
8、B滑下，在的水平面的同一位置停下来D. 沿斜面AB 下滑过程中克服摩擦力做的功小于沿斜面AB滑下过程中克服摩擦力做的功12.如图 11 所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为 m 的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的 A 点，已知杆与水平面之间的夹角 45，当小球位于B 点时，弹簧与杆垂直，此时弹簧处于原长。现让小球自 C 点由静止释放，在小球滑到杆底- 5 -端的整个过程中，关于小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能，下列说法正确的是( )A. 小球的动能与重力势能之和保持不变B. 小球的动能与重力势能之和先增大后减少C. 小球的动能与弹簧的弹性势能之和增加D. 小球的
9、重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变第第 IIII 卷（非选择题卷（非选择题 5252 分）分）二、实验题二、实验题( (本大题共本大题共 2 2 个小题，每空个小题，每空 2 2 分分，共，共 1616 分。分。) )13.如图所示，某同学借用“探究加速度与力、质量之间的定量关系”的相关实验思想、原理及操作，进行“研究合外力做功和物体动能变化关系”的实验.（1）为达到平衡阻力的目的，取下细绳及托盘，通过调整垫块的位置，改变长木板倾斜程度，根据纸带打出点的间隔判断小车是否做_运动.（2）按上图所示装置，接通打点计时器电源，由静止释放小车，打出若干条纸带，从中挑选一条点迹清晰的纸带，如图所示.纸
10、带上打出相邻两个点之间的时间间隔为T，O点是打点计时器打出的第一个点，从O点到A、B、C、D、E、F点的距离依次为s1、s2、s3、s4、s5、s6.已知小车的质量为M，盘和砝码的总质量为m.由此可求得纸带上由O点到E点所对应的运动过程中，盘和砝码受到的重力所做功的表达式W_，该小车动能改变量的表达式 Ek_.由于实验中存在误差，所以，W_Ek.（选填“小于” 、 “等于”或“大于” ）.- 6 -14.（1）在验证机械能守恒定律的实验中，下面列举了该实验的几个操作步骤：A按照图示的装置安装器件B将打点计时器接到电源的“直流输出”上C用天平测出重锤的质量D先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带E
11、测量纸带上某些点间的距离F根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能其中没有必要进行的步骤是_，操作不当的步骤是_（2）在验证机械能守恒定律的实验中，已知打点计时器所用电源的周期为T，查得当地重力加速度为g，测出所用重物的质量为m，实验中得到一条点迹清晰的纸带，把第一个点记作O，另选连续的 4 个点A、B、C、D作为测量点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为x1、x2、x3、x4，根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量为_，动能的增加量为_。 （要求写出表达式）三、解答题三、解答题( (本大题共本大题共 4 4 个小题，共个小题，共 3636
12、 分。分。) )15. ( (本小题共本小题共 1212 分分) )如图在绕竖直轴 OO做匀速转动的水平圆盘上，沿同一半径方向放着可视为质点的 A、B 两物体，同时用长为 的细线将这两物连接起来，一起随盘匀速转动。已l- 7 -知 A、B 两物体质量分别为 mA=0.3kg 和 mB=0.1kg，绳长 =0.1m，A 到转轴的距离lr=0.2m,A、B 两物体与盘面之间的最大静摩擦力均为其重力的 0.4 倍，g 取 10m/s2. 若使 A、B 两物体相对于圆盘不发生相对滑动，求圆盘的角速度。当圆盘转速增加到 A、B 两物体即将开始滑动时烧断细线，则 A、B 两物体的运动情况如何？A 物体所受
13、摩擦力时多大？16. ( (本小题共本小题共 1010 分分) )已知地球半径为 R，地球表面重力加速度为 g0，不考虑地球自转的 影响并假设地球质量分布均匀且密度为。假若在地球内部距表面深度为的某区域存在一半0h径为的球形煤炭矿区，设煤炭密度为（小于） ，则由于该煤炭矿区区域的存在，造成r0的地球该区域表面重力加速度的变化量的最大值是多少？hRO17. ( (本小题共本小题共 8 8 分分) )如图所示，A 物体用板托着，位于离地 h=1.0m 处,轻质细绳通过光滑定滑轮与 A、B 相连，绳子处于绷直状态，已知 A 物体质量 M=1.5，B 物体质量 m=1.0kg，现将板抽走,A 将拉动
14、B 上升，设 A 与地面碰后不反弹，B 上升过程中不会碰到定滑轮，问：（1）A 落地前瞬间的速度大小为多少？（2）B 物体在上升过程中离地的最大高度为多大？18. ( (本小题共本小题共 6 6 分分) )如图所示，一固定的楔形木块，其斜面的倾角 30，另一边与地面- 8 -垂直，顶上有一定滑轮，一柔软的细线跨过定滑轮， 两端分别与物块 A 和 B 连接，A 的质量为 4m，B 的质量为 m，开始时将 B 按在地面上不动，然后放开手，让 A 沿斜面下滑而 B 上升，物体 A 与斜面间无摩擦，设当 A 沿斜面下滑 s 距离后，细线突然断了，求物块 B 上升的最大高度 H. 20192019 学年
15、第二学期学年第二学期 6 6 月调研考试卷月调研考试卷高一物理试题答案高一物理试题答案一、选择题一、选择题( (本大题共本大题共 1212 个小题，每小题个小题，每小题 4 4 分，共分，共 4848 分。分。) ) 1. 【答案】D【解析】A、古希腊科学家托勒密提出了“地心说” ，认为地球是宇宙的中心，太阳、月亮和星星从人类头顶飞过，A 正确； B、哥白尼提出“日心说” ，认为太阳是宇宙的中心，其它行星都绕太阳做圆周运动，这一学说预示了地心宇宙论的终结，B 正确；C、开普勒通过对第谷的观测数据分析，总结了行星运动三大定律，C 正确；D、哥白尼提出了日心说，而被宗教裁判所烧死在罗马的鲜花广场的
16、科学家是布鲁诺，D 错误。- 9 -本题选择错误答案，故选：D。2. 【答案】B【解析】A、将水滴的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，水平方向随风一起飘动，竖直方向同时向下落。由于水平方向的分运动对竖直分运动无影响，故落地时间与水平分速度无关，故A错误，B正确；C、两分运动的速度合成可得到合速度，故风速越大，落地时合速度越大，故CD错误；故选：B。3. 【答案】D【解析】木块下滑过程中速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，具有向心加速度，据此分析即可木块做匀速圆周运动，速度方向时刻在变化，速度在改变，加速度一定不为零，A 错误；木块做匀速圆周运动，加速度方向始终指向圆心，大小不变，方向时刻改变
17、，故 BC 错误 D 正确4. 【答案】C【解析】根据得：，因为“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一，故“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径不等于地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的速度不是地球同步卫星速度的倍；故 A 错误；根据， “因为“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一，无法确定轨道半径的关系，故也就无法确定“轨道康复者”的加速度与地球同步卫星加速度的关系；故 B 错误；轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以轨道康复者的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到“轨道
18、康复者”向东运动故 C 正确；“轨道康复者”要加速将会做离心运动，到更高的轨道上，故 D 错误；故选 C。5. 【答案】B【解析】A、设拉力与水平方向的夹角为，由于是锐角，所以轮胎受到的拉力做正功，故 A 错误；B、由题知，轮胎受到地面的摩擦力方向水平向左，而位移水平向右，两者夹角为，则180轮胎受到地面的摩擦力做了负功，故 B 正确；C、轮胎受到的重力竖直向下，而轮胎的位移水平向右，则轮胎在竖直方向上没有发生位移，重力不做功，故 C 错误；D、轮胎受到地面的支持力竖直向上，而轮胎的位移水平向右，则轮胎在竖直方向上没有发生位移，支持力不做功，故D 错误。6. 【答案】D【解析】物体的重力势能为
19、： ，其中 h 为物体到零势能点的高度，pEmgh- 10 -所以该物体的重力势能为： ；物体下落的始末位置的高度差为： ，故重pEmgh Hh力做功为： 过程中只有重力做功，所以根据动能定理可得：Wmg hH（），故 D 正确，21 2Wmvmg hH（）7.【答案】D【解析】A、根据动能定理得： 21Wmghmv 02手解得手对物体做功为： ，A 错误2211Wmghmv2 10 12 121J22 手BC、根据动能定理得合外力对物体做功为： ，B、C 错误；2211Wmv 02 11J22 合B、物体克服重力做功为： ，D 正确；GWmgh2 10 1J20J故选 D。8. 【答案】AD
20、【解析】小球垂直落到斜面上，根据平行四边形定则将速度分解，如图所示，则v2v0，反弹后的速度大小为vvv0，碰撞中小球的速度变化大小为0 30v sin3 43 2vvvv0，选项 A 正确，选项 B 错误；小球在竖直方向下落的距离为7 2，水平方向通过的距离为 ，位移之222 0303y=222yvcosvv ggg2 0 00330x=v t=v=vvcos gg比为，选项 D 正确，选项C 错误故选 AD.3=2y x9. 【答案】ABC【解析】设外面一根橡皮绳刚好松弛时圆盘的角速度为，由牛顿第二定律：0，2 02 33kmRR解得，故选项 A 正确；当时，两根橡皮绳都有拉力，设此时的半
21、径02k m15k m为，由牛顿第二定律：，将的值解得：，故选项 B 正a2 1()()33ma k ak RaRR=15 9aR- 11 -确；当时，外面一根橡皮绳已经松弛，设此时半径为，由牛顿第二定律：23 5k mb，将的值代入解得：，故选项 C 正确，选项 D 错误。2 2()3mb k bR=25 6Rb 10. 【答案】ADAD【解析】根据胡克定律，有：F=kx；由于劲度系数 k 由弹簧本身决定，为一个常数，故 F 与行变量成正比，故 F-x 图象是正比例图象；故 A 正确，B 错误；弹性势能为EP= kx2；其图象为开口向上的二次函数图象；故 C 错误，D 正确；故选 AD11.
22、 【答案】AC【解析】在 AB上滑动时，加速度比在 AB 上滑动时，加速度较小，位移较大，则根据可知，在沿斜面AB 下滑的时间一定比沿斜面AB下滑的时间长，选项2xtaA 正确；在 BC（或 BC）段只有摩擦力做功，根据动能定理有mgs0mv2，得1 2v2=2gs 因为 sBCsBC，则 vBvB故 B 错误；设斜面 AB 的长度为 s1，对应的夹角为，则： ，斜面 AB 对应的水平面的长度：s=s1cos，另一段水平长度 BC 为1hssins2对甲运动的全过程运用动能定理得，mgh-mgcoss1-mgs2=0，整理得，mgh-mg（s+s2）=0可知物块滑行的整个过程中，总水平位移与斜
23、面的倾角无关；所以两种情况下物块滑行的总水平位移是相等的即小物块沿AB 和AB滑下，在的水平面的同一位置停下来，故 C 正确；设斜面 AB 的长度为 s1，对应的夹角为 ，则： ，物体下滑1hssin到底端时摩擦力的功为 ，因 AB斜面倾角较小，则沿cossintanfhhWmgmg斜面AB 下滑过程中克服摩擦力做的功大于沿斜面AB滑下过程中克服摩擦力做的功，选项D 错误；故选 AC.12. 【答案】BC【解析】根据能量守恒定律可知，小球的动能和重力势能之和的减小量转化为弹簧的弹性势能，A 错；弹簧的弹性势能先减小后增大，小球的动能和重力势能之和先增大后减小，B 对；小球的动能和弹性势能之和的
24、变化与小球的重力势能变化相反，C 对；小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和的变化与小球动能变化相反，小球的动能先增大后减小，重力势能和弹性势能之和先减小后增大，D 错； 二、实验题二、实验题( (本大题共本大题共 2 2 个小题，每空个小题，每空 2 2 分，共分，共 1616 分。分。) )13.【答案】匀速直线 大于5mgs2 64 28M ssT【解析】 （1）平衡摩擦力时，通过调整垫片的位置，改变长木板倾斜程度，根据打出的纸带- 12 -判断小车是否做匀速直线运动；（2）盘和砝码的重力所做的功5Wmgs从静止下落，O 点的速度为零，而 E 点速度为： 64 2EssvT则滑块动能的改变量
25、为： 22 64264 21102228kEM ssssEMvMTT由于实验中存在空气阻力以及纸带与限位孔之间的摩擦等原因，导致有热量产生，故。kWE 14.【答案】 C B x3， 或2 421 22xxmT 2 42 28m xxT【解析】 （1）验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，表达式的两端都有质量，可以约去，所以不必要测量重物和夹子的质量即 C 没必要；打点计时器必须要接到电源的“交流输出”上，即 B 错误；（2）重力势能减小量为：Ep=mgh=mgx3，在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：42 2CxxvT动能的增加量为：
26、2 242110222kxxEmvmT三、解答题三、解答题( (本大题共本大题共 4 4 个小题，共个小题，共 3636 分。分。) )15. 【答案】 （1）（2）A 不动；B 物体做离心运动；FA=1.07N4 100/3rad s【解析】 （1）当 A 开始滑动时，表明 A 与盘间的静摩擦力也已达最大，则：对 A：mAg-FT=m2RA对 B：FT+mBg=m2RB由上面两式联解得：此时圆盘的角速度为： 4 10/3rad s则当时，A、B 两物体相对于圆盘不发生相对滑动4 10/3rad s（2）烧断细线，A 与盘间静摩擦力减小，继续随盘做半径为 RA=20cm 的圆周运动- 13 -
27、此时 f=mA2RA，解得：f=0.3()20.21.07N4 10 3而 B 由于最大静摩擦力不足以提供向心力而做离心运动16. 【答案】)()( 34023 hrrg【解析】根据题意把地球看成由两部分组成即半径为的球体和剩余部分，则有：r21 0)(rhmMGFmg式中 F 为地球剩余部分对 m 的作用力；M1为半径为的球体质量，应有：r03 134rM 同理当半径为的球体空间存在密度为的煤炭时应有：r22 )(rhmMGFmg3 234rM联立解得： )()( 34023 hrrg17. 【答案】（1）2m/s （2）1.2m【解析】（1）对 A、组成的系统，在下降 h 至地面过程中，A
28、、B 系统机械能守恒，依据机械能守恒定律得22 21 21)(mvMvhmgMg解得 mMhmgMgv)(2代入数据有： v=2m/s（2）对，在 A 着地后，B 向上作匀减速过程中，依据运动学知物还能上升的高度 h为：gvh22 代入数据有 h0.2m故 B 物体上升过程中距地面的最大高度为 hhH1.2m- 14 -18.【答案】5Sh 【解析】由 A、B 和地球组成的系统，在 A、B 运动过程中，只有 A、B 的重力做功，系统机械能守恒，即： ，细线突然断的瞬间，物块PkEE22114-4222smgmg smvmvB 竖直上升的速度为，此后 B 做竖直上抛运动，设继续上升的距离为，由机械能守恒得vh，物块 B 上升的最大高度，解得21 2mvmghHhs1.2Hs