(广东专用)2013版高中化学 课时提能演练(二十四)8.3盐类的水解全程复习方略 新人教版.doc

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1、【广东】2013版化学全程复习方略 课时提能演练(二十四) 8.3盐类的水解(人教版)(45分钟 100分)一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求)1.如图表示某物质发生的是()A.中和反应 B.水解反应 C.电离反应 D.取代反应2.下列离子方程式中,属于水解反应的是()A.HCOOHH2OHCOOH3OB.CO2H2OHCOHC.COH2OHCOOHD.HSH2OS2H3O3.在蒸发皿中用酒精灯加热蒸干下列物质的溶液然后灼烧,可以得到该物质固体的是()A.AlCl3B.Na2SO3C.KMnO4D.MgSO44.在0.1 m

2、ol/L的醋酸钠溶液中加入等体积的下列物质,溶液中离子浓度大小关系正确的是()A.水;c(CH3COO)c(Na)c(OH)c(H)B.0.1 mol/L盐酸;c(Na)c(Cl)c(H)c(CH3COO)c(OH)C.0.1 mol/L醋酸;c(Na)c(CH3COO)c(H)c(OH)D.0.1 mol/L氢氧化钠;c(Na)c(CH3COO)c(OH)c(H)5.(2011广东高考)对于0.1 molL1 Na2SO3溶液,正确的是()A.升高温度,溶液的pH降低B.c(Na)2c(SO)c(HSO)c(H2SO3)C.c(Na)c(H)2c(SO)2c(HSO)c(OH)D.加入少量N

3、aOH固体,c(SO)与c(Na)均增大6.(2011安徽高考)室温下,将1.000 molL1盐酸滴入20.00 mL 1.000 molL1氨水中,溶液pH和温度随加入盐酸体积变化曲线如图所示。下列有关说法正确的是()A.a点由水电离出的c(H)11014 mol/LB.b点:c(NH)c(NH3H2O)c(Cl)C.c点:c(Cl)c(NH)D.d点后,溶液温度略下降的主要原因是NH3H2O电离吸热7.(2011大纲版全国卷)室温时,将浓度和体积分别为c1、V1的NaOH溶液和c2、V2的CH3COOH溶液相混合,下列关于该混合溶液的叙述错误的是()A.若pH7,则一定是c1V1c2V2

4、B.在任何情况下都是c(Na)c(H)c(CH3COO)c(OH)C.当pH7时,若V1V2,则一定是c2c1D.若V1V2,c2c1,则c(CH3COO)c(CH3COOH)c(Na)8.(2012郑州模拟)25 时,在1.0 L浓度均为0.01 molL1的某一元酸HA与其钠盐组成的混合溶液中,测得c(Na)c(A),则下列描述中不正确的是()A.该溶液的pHNaCNNaHCO3B.相同条件下的酸性:H2CO3HCNC.三种溶液中均存在电离平衡和水解平衡D.升高Na2CO3溶液的温度,减小10.(2012佛山模拟)下列各溶液中,微粒的物质的量浓度关系正确的是()A.0.1 mol L1的硫

5、化钠溶液中:c(OH)c(H)c(HS)c(H2S)B.向醋酸钠溶液中加入适量醋酸,得到的酸性混合溶液:c(Na)c(CH3COO)c(H)c(OH)C.在NaHCO3溶液中加入与其等物质的量的NaOH,溶液中:c(Na)c(CO)c(OH)c(HCO)c(H)D.0.2 molL1 HCN溶液和0.1 molL1的NaOH溶液等体积混合:c(HCN)c(CN)2c(Na)三、非选择题(本大题共3小题,共48分)11.(18分)(探究题)已知某温度下CH3COOH的电离常数K1.6105。该温度下向20 mL 0.01 mol/L CH3COOH溶液中逐滴加入0.01 mol/L KOH溶液,

6、其pH变化曲线如图所示(忽略温度变化)。请回答下列有关问题:(1)a点溶液中c(H)为。(2)b点溶液中离子浓度大小顺序为_或或。c点溶液中的离子浓度大小顺序为。(3)a、b、c三点中水的电离程度最大的是_,滴定过程中宜选用作指示剂。12.(12分)(2012云浮模拟)现有浓度均为0.1 mol/L的五种电解质溶液:A.Na2CO3、B.NaHCO3、C.NaAlO2、D.CH3COONa、E.NaOH。(1)这五种溶液中水的电离程度最大的是(填字母)。(2)将五种溶液稀释相同的倍数时,其pH变化最大的是(填字母)。(3)将上述A、B、C、D四种溶液两两混合时,有一对溶液相互间能够发生反应,写

7、出该反应的离子方程式:_。(4)将CO2通入A溶液中恰好呈中性,溶液中2c(CO)c(HCO)mol/L(设反应前后溶液体积不变)。13.(18分)(预测题)某地有软锰矿和闪锌矿两座矿山,它们的组成如下:软锰矿:MnO2含量65%,SiO2含量约20%,Al2O3含量约4%,其余为水分;闪锌矿:ZnS含量80%,FeS、CuS、SiO2含量约7%,其余为水分。科研人员开发了综合利用这两种资源的同槽酸浸工艺,工艺流程如图所示。请回答下列问题:(1)反应的滤液中含有MnSO4、ZnSO4、CuSO4、Fe2(SO4)3、Al2(SO4)3等。反应中生成CuSO4和MnSO4的化学方程式:MnO2C

8、uS2H2SO4=SMnSO4CuSO42H2O。其中氧化剂为,被氧化的元素为。(2)反应加入适量锌的作用是_;如果锌过量,还会进一步发生反应的离子方程式为_。(3)反应要调节pH生成Fe(OH)3、Al(OH)3,中和过量的H所使用的物质是,调节的pH范围是(pH数据见下表)。沉淀物Fe(OH)3Al(OH)3Zn(OH)2开始沉淀pH2.34.05.4完全沉淀pH4.15.28.0(4)试用必要的文字和离子方程式解释产生Fe(OH)3的原因_。(5)本工艺可以循环利用的物质除有MnCO3、ZnCO3以外,还有_。答案解析1.【解析】选B。由比例模型知,图示表示的是:CH3COOH2OCH3

9、COOHOH,是CH3COO发生水解反应的过程,故选B项。2.【解析】选C。A、D项分别表示HCOOH、HS的电离过程,B项表示的是二氧化碳与水反应后生成碳酸的电离方程式,C项表示的是碳酸根离子结合水电离的氢离子生成碳酸氢根离子,属于水解反应。3.【解析】选D。A项,AlCl3溶液蒸干后,灼烧得到Al2O3;B项,Na2SO3溶液蒸干后,灼烧过程被氧化得Na2SO4。C项,KMnO4溶液蒸干后,得KMnO4,灼烧后得K2MnO4、MnO2。D项,MgSO4溶液蒸干后得MgSO4,灼烧后仍得MgSO4。【方法技巧】盐溶液蒸干时所得产物的判断方法(1)盐溶液水解生成难挥发性酸时,蒸干后一般得原物质

10、,如CuSO4溶液蒸干得CuSO4固体。(2)盐溶液水解生成易挥发性酸时,因为在盐蒸干的过程中酸会逸出,从而使盐的水解进行彻底,得到相应的弱碱,如AlCl3、FeCl3溶液蒸干后一般得Al(OH)3、Fe(OH)3。(3)盐水解生成强碱时,蒸干后一般得到原物质,如蒸干Na2CO3溶液仍得到Na2CO3固体。(4)考虑盐受热时是否分解。因为Ca(HCO3)2、NaHCO3、KMnO4、NH4Cl固体受热易分解,因此蒸干Ca(HCO3)2 溶液得CaCO3固体;蒸干NaHCO3 溶液得Na2CO3 固体;蒸干KMnO4溶液得K2MnO4 和MnO2的混合物;蒸干NH4Cl溶液不能得到固体。(5)还

11、原性盐在蒸干时会被O2氧化。例如Na2SO3溶液蒸干得Na2SO4。(6)有时要多方面考虑。例如,蒸干NaClO溶液时,既要考虑ClO水解,又要考虑HClO分解,所以蒸干NaClO溶液所得固体为NaCl。4.【解析】选B。A项,正确的离子浓度顺序为c(Na)c(CH3COO)c(OH)c(H);B项,加入0.1 mol/L盐酸后,生成等浓度的NaCl和醋酸混合液,故有c(Na)c(Cl),考虑水的电离,故有c(H)c(CH3COO),B正确;C项,电离大于水解,正确的离子浓度顺序为c(CH3COO)c(Na)c(H)c(OH);D项,正确的离子浓度顺序为c(Na)c(OH)c(CH3COO)c

12、(H)。 【方法技巧】离子浓度大小比较的解题思路5.【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)“电荷守恒”表达式中注意离子的系数,还要写全离子;(2)“物料守恒”的角度是“钠原子”和“硫原子”的个数比。【解析】选D。Na2SO3为弱酸强碱盐,水解显碱性,水解是吸热反应,所以温度升高,水解程度增大,其pH增大,故A不正确;B项考查物料守恒,正确的表达式为c(Na)2c(SO)2c(HSO)2c(H2SO3),故B不正确;C项是考查电荷守恒,其正确的表达式为c(Na)c(H)2c(SO)c(HSO)c(OH),故C不正确;加入少量NaOH固体,抑制其水解,水解程度降低,c(SO)与c(Na)均增

13、大,故D正确。6.【解析】选C。A项,a点:7pH14,因此水电离出的c(H)11014 mol/L,A错误;B项,b点处,加入盐酸的体积未知,不能进行比较,B错误;C项,c点溶液呈中性,根据电荷守恒此等式成立,C正确;D项,d点时盐酸和氨水恰好完全反应,放热最多,再加盐酸,已无NH3H2O剩余,温度降低是由于加入盐酸的温度低,造成溶液温度下降,D错误。7.【解题指南】解答本题应注意以下两点:(1)首先要判断发生反应后溶液的成分;(2)两种物质的相对量不同决定了反应后溶液的pH。【解析】选A。c1V1c2V2时,NaOH溶液和CH3COOH溶液恰好完全反应,生成的CH3COONa为强碱弱酸盐,

14、水解呈碱性,c1V1c2V2时,NaOH溶液过量也使溶液呈碱性,A项错误;无论二者恰好完全反应还是其中一种物质过量,溶液中只有Na、H、CH3COO、OH 四种离子,由电荷守恒可知c(Na)c(H)c(CH3COO)c(OH),B项正确;NaOH溶液和CH3COOH溶液恰好完全反应时溶液呈碱性,只有CH3COOH溶液稍过量中和溶液的碱性才能使pH7,若V1V2,则一定是c2c1,C项正确;若V1V2,c2c1,则二者恰好完全反应,由物料守恒可知c(CH3COO)c(CH3COOH)c(Na),D项正确。8.【解析】选A。根据电荷守恒,c(Na)c(H)c(A)c(OH),因为c(Na)c(A)

15、,所以c(H)7,A错,D正确;由c(Na)c(A)知A的水解程度较大,HA酸性很弱,B正确;根据原子守恒知C正确。9.【解析】选B、C。阳离子均为Na和H,Na2CO3溶液中Na浓度是其他两种溶液的两倍,阳离子浓度最大,NaCN溶液和NaHCO3溶液中Na浓度相等,NaCN溶液中H浓度小于NaHCO3溶液,故阳离子浓度大小顺序为Na2CO3NaHCO3NaCN,A项错误;HCO的水解能力小于CN,故酸性:H2CO3HCN,B项正确;升高Na2CO3溶液的温度,促进其水解,增大,D项错误。10.【解析】选C、D。Na2S溶液中的物料守恒式为:c(Na)2c(S2)2c(HS) 2c(H2S),

16、电荷守恒式为c(H)c(Na)c(HS)c(OH)2c(S2) ,将两式合并得c(OH)c(H)c(HS)2c(H2S),A错误;B项不能满足电荷守恒,错误;C项两种物质恰好反应生成Na2CO3,离子浓度大小关系正确;D项,为物料守恒式,正确。11.【解析】(1)c(H)4104(molL1)(2)b点时,由于滴加KOH溶液的体积未知,因此,溶液中的c(K)与c(H)相对大小未知,所以有3种可能情况。c点时可根据电荷守恒得出关系式。(3)酸性溶液中水的电离被抑制,加入可水解的盐能促进水的电离,随着KOH的加入(c点时,KOH还未过量),溶液中CH3COOK的量不断增多,因此水的电离过程不断增大

17、,故c点符合题意。由于酸碱恰好完全反应时溶液显碱性,故应该选择碱性范围内变色的指示剂酚酞。答案:(1)4104 molL1(2)c(CH3COO)c(H)c(K)c(OH)c(CH3COO)c(H)c(K)c(OH)c(CH3COO)c(K)c(H)c(OH)c(K)c(CH3COO)c(H)c(OH)(3)c酚酞12.【解析】五种物质中有四种可水解的盐和一种强碱。(1)酸性:CH3COOHH2CO3HCOAl(OH)3,根据越弱越水解,水解程度最大的NaAlO2溶液中水的电离程度最大。(2)稀释过程中,可水解的盐水解平衡右移,溶液的pH变化程度相对较小,NaOH完全电离,溶液的pH变化最大。

18、(3)HCO的电离能力比水解能力大,故NaAlO2能与NaHCO3反应生成沉淀。(4)由电荷守恒得:c(Na)c(H)2c(CO)c(HCO)c(OH),因溶液呈中性:c(H)c(OH),所以2c(CO)c(HCO)c(Na)0.2 mol/L。答案:(1)C(2)E(3)HCOAlOH2O=Al(OH)3CO(4)0.213.【解析】(1)由化学方程式可知氧化剂为MnO2 ,CuS中的S被氧化;(2)根据图示反应后生成Cu,所以加入的Zn的作用为置换硫酸铜中的铜。如果Zn过量,会继续与MnSO4或Fe2(SO4)3或FeSO4反应。(3)为不引入新的杂质,可加入MnCO3、ZnCO3调节溶液

19、的pH,使其在5.25.4之间,溶液中Fe3、Al3变为Fe(OH)3、Al(OH)3沉淀,过滤除去。(4)溶液中存在Fe33H2OFe(OH)33H,MnCO3、ZnCO3与H反应,使平衡右移,生成Fe(OH)3沉淀。(5)由流程图可知MnCO3、ZnCO3以及Zn、MnO2都是循环使用的物质。答案:(1) MnO2S(2)将溶液中的Cu2转化为铜ZnMn2=MnZn2或Zn2Fe3=2Fe2Zn2或ZnFe2=FeZn2 (3)MnCO3、ZnCO35.25.4(或其中的数值 )(4)Fe33H2OFe(OH)33H,MnCO3、ZnCO3与H反应,使平衡右移,生成Fe(OH)3沉淀(5)Zn、MnO2- 6 -

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