《理科综合-2022年高考押题预测卷01（全国乙卷）（全解全析）.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《理科综合-2022年高考押题预测卷01（全国乙卷）（全解全析）.docx（29页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2022年高考押题预测卷01【全国乙卷】理科综合全解全析123456789101112131415161718192021BCBACDBCAADCAABDCCCDBDBC1 .【答案】B【分析】1、dATP （d表示脱氧）是脱氧三磷酸腺昔，而ATP为三磷酸腺甘；两者的区别为含有的五碳糖不 同，ATP中含有的是核糖，除此以外，其它的结构相同。2、ATP的结构式及各组分的含义：ATP的结构式可简写成A-PPP,式中A代表腺昔，T代表3个，P代表磷酸基团，代表高能磷酸键。通 常断裂和合成的是第二个高能磷酸键。一个ATP分子中含有一个腺昔、3个磷酸基团、2个高能磷酸键。ATP 的一个高能磷酸键水解，形
2、成ADP （二磷酸腺甘），两个高能磷酸键水解，形成AMP （一磷酸腺甘）。【详解】A、推理分析，细胞中除dATP和ATP,应该还存在dGTP、dCTP、dTTP等dNTP,以及GTP、CTP、UTP 等 NTP, A 错误；B、dATP去掉两个磷酸基团后，剩余局部是腺喋吟脱氧核甘酸，是DNA的基本单位之一。ATP去掉两个磷 酸基团后，剩余局部是腺喋吟核甘酸，是RNA的基本单位之一，B正确：C、肌肉细胞中ATP的转化速率高于口腔上皮细胞，但两种细胞中ATP的含量相差不多，C错误；D、细 胞器中ATP的合成有的不是都发生在生物膜，如有氧呼吸第一、二阶段分别在细胞质基和在线粒体基质中 合成ATP,
3、D错误。应选B。2 .【答案】C【分析】1、提取色素原理是叶绿体中的色素能够溶解于有机溶剂丙酮或无水乙醇中，别离色素的原理是叶 绿体中的色素在层析液中溶解度不同。2、低温诱导染色体数目加倍实验的原理是低温能抑制纺锤体的形成，使别离后的染色体不能移向细胞两极, 从而引起细胞内染色体数目加倍。3、健那绿染液能专一性地使活细胞中的线粒体呈现蓝绿色，而细胞质接近无色，通过染色，可在高倍显微 镜下观察到生活状态的线粒体的形态和分布。【详解】A、不同色素在层析液中的溶解度不同，所以在滤纸条上的扩散速度也不同，进而别离色素，但不24. （14 分）【答案】（1） 45J； （2） 9（屿-2； （3） 5m
4、 71【解析】（1）物块。受到恒力/和弹簧弹力作用，根据对称性原理可知，当物块。受到的合力大小与尸相等、方向与尸相反时，物块的速度为零，设此时弹簧的压缩量为X ,有3-F = F （1分）根据功能关系可知，撤去恒力尸瞬间弹簧储存的弹性势能为=（1分）解得综=45J （1分）（2）设满足要求的半圆管道半径为R对物块b有色geos6 =网且sin8 （1分）可知物块h在斜面上速度减到零后不会下滑物块。第一次离开弹簧瞬间，有=；町（1分）物块。与物块。发生弹性碰撞过程，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有小匕=町工+/%以（1分）；仍片=；仍工2 +;叱；（分） 32解得工匕（1分）物块。在斜面上运动
5、过程中，由牛顿第二定律有=m2gsine + w4gcos。（1分）第一次碰撞后物块人在斜面上的运动时间为为运动距离为（1分）2%物块。在斜面上运动时的加速度大小为% = gsin。第一次碰撞后,物块。沿半圆管道运动的时间为了 二（1分）对物块以b有T +士叵三工可得作为（1分） 71h（3）设物块人最终静止时到水平面的高度为人对整个过程由能量守恒定律有综=犯劭+ m2g +4sgeos。一 sinS（1分）解得/z = 5m （ 1分）25. （18分）【答案】（1）竖直向上，-N ； （2） 色J； （3） 7.92V1【解析】（1）电容器充电后，下极板带正电，放电时，通过棒的电流从下至上
6、，棒所受安培力向右，根 据左手定那么知I区磁场方向竖直向上； 出HI区后根据联合体和弹簧构成的系统机械能守恒得12w；=2根gxsinO+综（1分）代入数据解得！ =2m/s （1分）即将出HI区时回路的总电阻为右2=C + R=03Q（1分）感应电动势石4 二8）4那么安培力G4 = b/Jd2 t2联立可得七4 二工（1分）人总22代入数据解得/4=N （1分）r2 r2（2）穿越in区过程中，对联合体由动量定理得-23-2sgsin = 22匕-2加匕（1分）R总2其中五=。代入数据解得匕=3.lm/s两棒碰撞过程加眩+。= 2根匕（1分）解得V2=6.2m/s （1分）Rya棒穿越II
7、区过程中，等效电路总电阻为凡 =r+ - = 0.03Qr+ R_B2l3v对。棒由动量定理得一-12 = mv2 -mv. （1分）K总i其中 = d代入数据解得匕=7.2m/s （1分）整个回路中产生的焦耳热。总=；根匕2一；加成a分）2棒的焦耳热0=4。总（1分）代入数据得Q=（J （1分）（3）穿越I区过程中，电容器和。棒构成回路，最终棒匀速，回路中电流为0,那么（1分）U = E （1 分）电容器放电电量AQuCU。-CS（1分）对。棒由动量定理新二型-0其中 =AQ联立可得比。(石班匕)=叫(1分)代入数据解得石= 7.92V (1分)26. (14 分)【答案】将Fe?+氧化为F
8、e3+(2)Fe(OH)3、Ti(OH)4 Fe(OH)3 9.0*10-7 KSCN 溶液(4)8.4焙烧(5)2Sc2 (C204)3 +302 -2Sc203+12C02(6)3.8【解析】“萃取”时宣，Fe2 Sc?*均进入有机相中，在“洗涤”时加入H2O2的目的是将Fe2+氧化为Fe3+,加入NaOH 溶液生成Sc(OH)3、Fe(OH)3、Ti(OH)4,过滤得到滤渣1,加入盐酸得到氯化铁和ScCb,加入氨水调pH 沉淀铁离子，滤渣2是Fe(OH)3,加入盐酸酸溶生成ScCh,加入草酸得到Sc2(C2CU)3,焙烧得到SC2O3； (1)有机相中含Fe?+ ,在“洗涤”时加入H2O
9、2的目的是将Fe2+氧化为Fe3+;(2)加入NaOH溶液沉淀Ti4+、Fe入Sc?+离子，“滤渣1”的主要成分是Sc(OH%、Fe(OH)3 Ti(OH)4 ；(3)由分析可知，“调pH”时先加氨水调节pH=3,目的是沉淀铁离子，过滤所得滤渣主要成分是Fe(OH)3； pH=6 K时,滤液中Sc3+的浓度为c(H ) 1()c(Sc3+)二/Sc(O*3 = 9.0x1? ： =9 oxi。-，mol/L ；检验Fe?*的试剂为KSCN溶液，假设存在溶液会呈血红色; c(OH-)3(1x10-8)3(4)草酸溶液中c(CQj) c(HC2O；) c(H+) c(CQ；)c(H+)11 叱 1
10、1_1_c(H2C2O4)c(H2C2O4) c(HC2O；) c(H+y Kal a2 (IO3)2 5.6x10。-106-(5)草酸铳SC2（C2O4）3在空气中“焙烧时得到SC2O3, C元素化合价升高生成二氧化碳，。元素化合价降低，反应的化学方程式2Sc2（C2O4）3 +3。2焙烧=2ScA+12C0.?；(6)钛白酸性废水中S/+含量10.020.0mgL，lOO.On?废水中Sc3+质量最大为2Sc3+20.0mg/Lx 100.0xlO3L =2000x 103mg=2kg,由元素质量守恒 2x45 2kgSc。 J O138,解得 m=3.8kg。mkg x 80%27.
11、(14 分)【答案】（1）25%0.12a216.2 C 大于 温度升高，甲醇的产率降低，那么反响平衡逆向移动，而CO2的转化率增大，那么反响（ii）平衡正向移动，故反响（ii）是吸热反响反响（3） 可以增加少量水蒸气可促进反响平衡正向移动，提高甲醇的产率【解析】(1)根据题干中给出的信息可以得出以下三段式:开始(mol)反响(mol)平衡(mol)co2(g)10.3l-x-0.33H2 (g)40.94 0.9 xCH30H (g)00.30.3H2O(g)00.30.3 + x设生成一氧化碳xmol,开始(mol)反响(mol)平衡(mol)82(g)1H2(g)48(g)0H2O(g)
12、0xl-x-0.3x4-X-0.9x0.3+x由题意可知l-x-0.3=0.6,那么 x=0.1,氢气转化率二丁金期口；反响i的平衡常数(0.3+0.1) 0.3 (0.3+0.1) 0.3XXKi=U.oax(-)3aax(-)3a0.12a216.2反响在恒温恒压反响器中进行，反响反响前后气体计量系数不同，反响过程中体积一直在变化，那么此 时密度也一直在变化，那么密度不变可以证明反响到达平衡,反响到达平衡后氢气物质的量不再发生变化, 那么此时反响(ii)也到达平衡，故两个反响都到达平衡，答案为C；由图a可以发现，温度升高时甲醇产率降低，平衡逆向移动，反响为放热反响，但是从图中还可以发现,
13、二氧化碳的转化率增大，那么反响(ii)正向移动，说明反响(ii)是吸热反响，AH2大于0,故答案为：大于；温 度升高，甲醇的产率降低，那么反响平衡逆向移动，而CO2的转化率增大，那么反响(ii)平衡正向移动，故反 应(ii)是吸热反响；由图b可以发现温度升高减小，直线I的纵坐标减小，说明直线I对应的反响在升温的时候平衡逆向移 动，为放热反响，由分析可知，反响放热，故直线I表示的反响是反响；(3)由图可知水蒸气为反响的反响物，适当加入少量的水，反响物浓度增大，向正反响方向移动，甲醇产率 升高，故答案为：可以；增加少量水蒸气可促进反响平衡正向移动，提高甲醇的产率。28. (15 分)【答案】(1)
14、 氯化镂和氢氧化钙固体 导气，防止倒吸 NaClO + 2NH3 = NaCl + N2H4 + H2O(3) 滴液恒压漏斗平衡气压，使浓盐酸顺利滴下(4)在装置B、C之间加装盛有饱和食盐水的洗气瓶(5) N9H4 + 2H+SOj-=N9H6SO4 J淀粉溶液 丝%m【解析】实验室模拟拉希法用氨和次氯酸钠反响制备脏，装置A为生成氨气的装置，装置C为生成氯气装置，氯气 和氢氧化钠反响生成次氯酸钠，次氯酸钠再和氨生成肝；(1)实验室模拟拉希法用氨和次氯酸钠反响制备阴，装置A为生成氨气的装置，且反响为固体加热反响，那么 试管中的试剂为氯化钱和氢氧化钙固体，两者反响生成氨气和氯化钙、水；氨气极易溶于
15、水，仪器a的作 用是将氨气通入装置B中，且球形局部可以防止倒吸；装置B中氨和次氯酸钠反响生成肺，氮元素化合价升高，次氯酸具有氧化性那么氯元素化合价降低生成氯 化钠，NaClO + 2NH3 = NaCl + N2H4 + H2O ； 装置C中仪器b的名称是滴液恒压漏斗，该仪器中导管的作用为平衡漏斗与烧瓶中气压，使浓盐酸顺利 滴下；（4）装置C反响生成氯气，浓盐酸具有挥发性，导致氯气不纯，氯化氢会和装置B中氢氧化钠溶液反响，导 致肺的产率降低，改进方法是在装置B、C之间加装盛有饱和食盐水的洗气瓶，除去氯化氢气体； （5）：硫酸胱为无色无味鳞状结晶或斜方结晶，微溶于冷水；装置B中溶液，加入适量稀硫
16、酸振荡， 置于冰水浴冷却，那么反响为胧和稀硫酸生成硫酸脱晶体：N2H4 + 2H+SO； =N2H6SO4；碘溶液能使淀粉变蓝色，故滴定过程中指示剂可选用淀粉溶液；滴定过程中有无色无味无毒气体产生，碘具有氧化性，那么碘和肺发生氧化还原反响生成碘离子和氮气，根据电子守恒可知，2b4已N2H4,那么产品中N2H4的质量为eV x 10 3mol x-x 1 0mL x32g/ mol=64cV xlO3g ,质量分数的表达式为 64cVxl g * 100% = 6,4cV % o2 25.00mLmm29.【答案】（1）植物品种和氮肥水平（2） 类囊体薄膜（或叶绿体）颜色更深、色素带更宽（3）
17、Rubisco酶单位时间内CO2的消耗量（或C3的生成量）调整叶肉细胞中氮元素的分配情况，适当降低该植物叶片中叶绿素的含量，提高Rubisco酶的含量【分析】叶绿素是高等植物和其它所有能进行光合作用的生物体含有的一类绿色色素。高等植物叶绿体中 的叶绿素主要有叶绿素a和叶绿素b两种。叶绿素a分子式：C55H72O5N4Mg；叶绿素b分子式： C55H7oC）6N4Mg。【详解】（1）自变量是人为改变的量，结合题干和图示可知，该实验中改变的量是植物的种类（野生型和突 变体）以及氮肥水平（低氮、中氮、高氮）。叶绿素存在于类囊体膜上，具有吸收、传递、转化光能的作用；突变体叶绿素含量仅为野生型的51%,
18、 因此野生型的叶绿素含量更多，条带更宽，颜色更深。据图分析，突变体的Rubisco酶含量高，而每组的突变体与野生型消耗氮元素总量差异不大，推测相比 野生型，突变体更倾向于将氮元素用于Rubisco酶的合成；测定酶的活性时可以以单位时间内反响物（CO2） 的消耗量或产物（C3）的生成量作为观测指标。光照强度主要影响光反响，Rubisco酶催化碳反响（暗反响）中CO2的固定，现在光能利用率很低，不受 光照强度的影响而受Rubisco酶催化效率的影响，因此，调整叶肉细胞中氮元素的分配情况，适当降低该植 物叶片中叶绿素的含量，提高Rubisco酶的含量，从而提高光合速率。【点睛】此题主要考查光合作用的
19、影响因素，要求学生有一定的理解分析实验设计能力。30.【答案】(1)标志重捕法(2)不属于该现象描述的是种群的空间特征(3) 行为 调节种间关系，以维持生态系统的稳定(4)不认同，能量传递效率针对的是相邻两个营养级中的所有生物，不针对个体【分析】1、调查种群密度的方法：(1)样方法：用于调查植物、昆虫卵、蜥虫、跳蛹等种群密度。(2)标记重捕法：用于调查活动能力强、活动范围广的动物的种群密度。2、生物群落的空间结构包括垂直结构和水平结构，群落中的动植物在垂直方向上有分层现象，水平方向上 有镶嵌分布现象，且其中的动植物的种类也不同。3、生态系统中信息的类型：(1)物理信息:生态系统中的光、声、颜色
20、、温度、湿度、磁力等，通过物理过程传递的信息。(2)化学信息：生物在生命活动过程中，产生的一些可以传递信息的化学物质。(3)行为信息:是指某些动物通过某些特殊行为，在同种或异种生物间传递的某种信息。【详解】(1)松鼠活动能力强、活动范围广，应选择标志重捕法调查松鼠的种群密度。(2)群落的水平结构是指群落的水平配置状况或水平格局，其主要表现特征是镶嵌性；在不同的区域分布的 红松的径级(指树木的直径值)不同，不属于群落的空间特征，因为林区中所有红松属于种群，表达的是 种群的空间特征，而不是群落的空间特征。松鼠摆尾属于动物通过某些特殊行为，在同种或异种生物间传递的某种信息，因此属于行为信息；松鼠 用
21、尾巴的不同摆动状态表示蛇的种类、大小距离和运动方向，使同伴知道险情，在同种生物间传递的某种 信息，统一御敌行动，表达了信息传递能调节种间关系，以维持生态系统的稳定。能量传递效率一般为1020%,是相邻两个营养级中的所有生物的同化量之比，不针对个体，因此一只猫 头鹰捕食了一只松鼠，猫头鹰获得了松鼠能量的10%-20%这一观点不正确。【点睛】此题结合题表重点考查种群、群落和生态系统的生态功能的相关知识，学生能利用所学知识解释 现实中的实际问题是解决此题问题的关键。31.【答案】(1) 抗原 特异性(2) 灌胃等量生理盐水细胞膜上IL-2R的含量实验思路：将移植心脏后的大鼠随机分为A、B两组，A组灌
22、胃适量褪黑素，B组灌胃等量生理盐水。一段时间后检测两组大鼠CD8+细胞数量和存活天数。预期结果：A组大鼠CD8+细胞数量少于B组，存活天数多于B组【分析】分析图1：外源器官移植后可以活化T细胞功能，导致T细胞合成、分泌IL-2和合成IL-2R受体, 两者结合后促进T细胞增殖、分化，攻击移植器官，产生排异反响。分析表格：实验的自变量是褪黑素，因变量是血液中IL-2平均含量及移植后存活的平均天数。实验结果为: 实验组血液中IL-2平均含量低于对照组，移植心脏后存活的平均天数高于对照组。【详解】（1）移植到人体内的外源器官相当于抗原。人体的免疫系统，会识别出非己成分，从而产生排斥反 应，产生相应的抗
23、体，来杀死或抑制异体器官的组织细胞的成活，这种免疫属于特异性免疫。分析题意可知：实验目的是探究褪黑素影响免疫排斥的机理，实验的自变量是褪黑素，因变量是血液中 IL-2平均含量及移植心脏后存活的平均天数。实验组大鼠灌胃适量褪黑素，对照组大鼠灌胃等量的生理盐 水。由于对照组血液中IL-2平均含量高于实验组，结合图1分析，可能是褪黑素抑制了过程中T细胞合 成、分泌IL-2。过程表示T细胞合成IL-2R受体，可与IL-2特异性结合，导致T细胞增殖分化，攻击外 源器官，影响外源器官移植后存活天数。所以为确定褪黑素对过程是否有影响，实验中还应增加检测细 胞膜上IL-2R的含量。为验证该推测要依据单一变量原
24、那么、等量原那么、对照原那么等实验原那么来设计实验。实验的自变量是褪黑 素，因变量是移植心脏后大鼠CD8+细胞数量和存活的平均天数。需取生理状态相同的、移植心脏后的大鼠 随机均分为A、B两组，A组大鼠灌胃适量的褪黑素、B组大鼠灌胃等量的生理盐水。相同且适宜条件下饲 养一段时间后，检测A、B两组大鼠的CD8+细胞数量和存活的平均天数。预期结果：由于褪黑素通过抑制CD8+细胞的形成进而降低免疫排斥反响，所以A大鼠CD8+细胞数量少于 B组，存活的平均天数多于B组。【点睛】此题以探究褪黑素是否具调节免疫系统的功能为背景依托，考查学生分析题干获取信息及利用有 效信息进行推理，并结合所学知识综合解答问题
25、和实验设计实验的能力，明晰自变量和因变量关系是解题 的关键。P有斑（5）X无斑（？）BBbbFiBb有斑雌雄数蚩相等P有斑（?） X无斑BBbb32. 【答案】（1） F Bb有斑 雌雄数量相等bbZWB 基因型为bbZBW的家蚕和基因型为bbZZ的家蚕杂交后，子代的基因型为bbZBZ（有斑雄蚕）、bbZW（无斑雌蚕），虽然能到达育种目标2,但子代中不能产生基因型为bbZBW的雌蚕，没有到达育种目标【分析】根据题意，家蚕（2n=56）的性别决定为ZW型，蚕体的有班和无斑是一对相对性状，受B、b基因控制。由（1）可知，正常情况下，B/b基因位于常染色体上。【详解】（1）要判断基因的位置以及显隐性
26、，用正反交。遗传图解如下：P有斑（?）X无斑（5）BBbbFi Bb有斑雌雄数量相等p有斑（S） X无斑（？）BBbbFi Bb有斑雌雄数蚩相等根据育种目标，基因型为bbZWB的雌蚕可以作为种蚕。因为基因型为bbZBW的家蚕和基因型为bbZZ的 家蚕杂交后，子代的基因型为bbZBZ（有斑雄蚕）、bbZW（无斑雌蚕），虽然能到达育种目标2,但子代中不能 产生基因型为bbZBW的雌蚕，没有到达育种目标1。【点睛】此题主要考查ZW型的伴性遗传的相关知识，旨在考查学生能否根据题意进行合理的实验设计，到达生产目的，培养了学生的社会责任的生物学科素养。33. （15 分）（1）（6分）【答案】ACE【解析
27、】从状态。到状态b体积不变，压强增大，根据理想气体状态方程唱可知气体的温度升高， 气体分子的平均动能增大，但不一定每个气体分子的动能都增大，选项A正确，D错误；从状态匕到状态c, 气体体积增大，单位体积中的气体分子数减少，选项B错误；从状态c到状态d,体积不变，压强减小，根 据理想气体状态方程牛=C,可知气体的温度降低，气体内能减少，而体积不变，做功为0,根据热力学 第一定律U = W + Q,可知气体对外放热，选项C正确；从状态c和状态d体积不变，压强减小，那么温度 降低，分子平均动能降低，速率较大的分子所占的百分比减少，分布曲线的峰值向速率小的方向移动，故 状态d对应的是图乙中的图线，选项
28、E正确。应选ACE。（2） （9 分）【答案】（1） 20cm； （2） 2.7J【解析】（1）设稳定后管内气柱的长度为4,对管内封闭气体初态时Pi=76cmHgv,= L、ST = 300K末态时 P2 =（76 + 38）cmHg = 114cmHgv2 = l2s根据玻意耳定律有PM = P2%解得4= 20cm （4分）（2）设稳定后管内气柱的长度为右，匕=4ST3 = 273KV. K气体发生等压变化，有黄二才可得右=18.2cm水银柱对管内气体做的功W = 0 （4-4）s解得W = 2.7J （5分）34. （15 分）（1）（6分）【答案】ACD【解析】波的周期为7 =-=以1
29、0心，易知1.25 x 10-7S = L25T,那么质点M运动的路程为s=L25x4A = 2mm /A正确；由波形图及波的传播方向为x轴正方向，可知质点M开始振动的方向沿y轴负方向，那么质点M的 7振动方程为y = - 0.4sin（2兀x 1070（mm）,那么当质点M第一次位移为0.2mm时，nxlCs , B错误；根据图 象读出波长为2 = 14 x 10-2mm = 1.4 x 10-4m,由u =犷 解得u = 1.4 x l（）3m/s, C正确；由图可知，M左 侧的波谷与N之间的距离为x = （35 - 14） x 10-2mm = 21 x 10-2mm = 2.1 x 1
30、0-4m,那么传播到的时间Z = - = 1.5xW7s,可知在1.5 x 10 7s时质点N恰好处于波谷，D正确；频率在20Hz20000Hz为可闻声波, v而此超声波的频率为1 X 107Hz,那么此声波不是可闻声波，E错误。应选ACD。2 2） （9 分）【答案】（1） = 1.312； （2） 46sin cc【解析】（1）如图甲所示，由折射定律有 =sin p由最后的出射角等于最初的入射角，根据几何知识有。= 2（。-分）=22。p=；8 = 30。解得二=41。， = 1.312 （4 分）能用于提取色素，无水乙醇用来提取色素，A错误；B、低温抑制纺锤体的形成，导致姐妹染色单体别离
31、 后无法被移向细胞两极，使染色体数目加倍，B错误；C、健那绿染液为活细胞染液，染色处理后可以使 活细胞中的线粒体呈蓝绿色，而细胞质接近无色，在高倍镜下可观察到蓝绿色的线粒体，C正确：D、还原 糖能与斐林试剂产生砖红色的沉淀，但淀粉不是还原糖，因而不可利用斐林试剂可以鉴定淀粉，D错误。 应选Co3 .【答案】B【分析】细胞分化是指在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，在形态，结构和生理功能上发 生稳定性差异的过程。细胞分化的实质：基因的选择性表达。细胞凋亡是由基因决定的细胞编程性死亡的 过程，是生物体正常的生命历程，对生物体是有利的，而且细胞凋亡贯穿于整个生命历程。细胞增殖、分 化、衰老
32、、凋亡都属于细胞正常的生命历程。【详解】A、多细胞生物体的个体发育中既有细胞的增殖分化，也有细胞的凋亡，因此受精卵发育成种子的 过程中也既有细胞的增殖分化，也有细胞的凋亡，A正确；B、在种子萌发的过程中，由于DNA的复制和 表达，DNA和RNA的总量都在增加，但DNA的种类一般不会发生变化，B错误；C、赤霉素能促进萌发 的大麦种子中淀粉酶基因的表达，形成的淀粉酶可将淀粉水解，有利于种子萌发需要能量的供应，C正确; D、花生种子富含脂肪，由于脂防中H的比例相对较多，氧化分解时消耗的氧多，因此播种时应适当浅播, D正确。应选Bo4 .【答案】A【分析】物种是指具有一定的形态结构和生理功能，而且在自
33、然状态下能够相互交配和繁殖，并能够产生 出可育后代的一群生物个体。【详解】A、人工将雄性四倍体鲫鱼与雌性二倍体金鱼杂交，子代是三倍体，由于减数分裂时染色体联会素 乱，不能产生正常配子，故三倍体鲫鱼不可育，所以雄性四倍体鲫鱼与雌性二倍体金鱼不能进行基因交流, 属于2个物种，A正确；B、能够在自然状态下相互交配并且产生可育后代的一群生物称为一个物种，新型三倍体鲫鱼不可育，不能 看做新物种，B错误；C、进化的单位是种群，三倍体鲫鱼不算一个物种，也不能形成种群，所以不能发生进化，C错误； D、该三倍体鲫鱼在减数分裂时抽于染色体联会紊乱，不能产生配子，D错误。应选Ao5 .【答案】C图甲（2）如图乙所示
34、，此时9=90。，夕=；e=45。sin。n =sin g得 sin a = nssin B = /2 sin412解得 a= 68。, O= 2（优夕） = 46。那么人看到的是46。晕（5分）图乙35. （15 分）3S3Psp3 3:1(3) 5d46s2(4) 1:16 (5)【答案】（1）lypi iiii小于（2）sp226M 3a2hNA【解析】（1）根据基态Al原子的核外电子排布式为Is22s22P63s23pl确定铝原子的价电子排布图；镁、铝在元素周 期表中位于同一周期，镁属于第HA族元素，铝属于第IIIA族元素，基态第n A族元素的原子最外层电子填 充的ns处于全充满，np
35、处于全空，体系比拟稳定，故基态第H A族元素的原子的第一电离能比同周期相邻 主族元素的第一电离能大；（2）结合该物质的结构简式，根据价层电子对数确定该物质中碳原子的杂化方式；（3）铝元素位于第六周期第VIB族，价电子排布的能级与Cr相同，但排布方式与Cr有所不同，根据铭原 子的价层电子排布式确定鸨原子的价层电子排布式；(4)根据晶胞结构图，在顶点的原子被6个晶胞共用，在面心的原子被2个晶胞共用，在棱上的原子被3 个晶胞共用，在体心的原子，不被其他晶胞共用，用于均摊法计算出晶胞中碳原子和鸨原子个数。【详解】；基态Mg原3S(I)基态A1原子的价电子排布式为3s23pl故铝的价电子排布图为 旧 子
36、的核外电子排布式为Is22s22P63s2, Mg元素的3s能级为全满状态，3P能级为全空状态，体系比拟稳定, 能量低不容易失去一个电子，所以铝的第一电离能比镁低。(2)根据该树脂的结构简式，分子中的碳原子没有孤电子对，苯环中的每个碳原子形成3个。键，不是苯 环上的碳原子，每个碳原子形成4个。键，所以该物质中苯环上的碳原子采用sp2杂化，不是苯环上的碳 原子采用sp3杂化；采用sp2杂化的碳原子数为6n+6m,采用sp3杂化碳原子数为2m+2n,故采用sp2杂化的 碳原子数与sp3杂化碳原子数之比为：(6n+6m)： (2m+2n)=3:l；(3)铝元素位于第六周期第VIB族，价电子排布的能级
37、与Cr相同，但排布方式与Cr有所不同，格原子的价层电子排布式为3d54s，故鸨原子的价层电子排布式5d46s2；(4)碳和鸨形成的一种化合物的晶胞模型，在此结构中铝原子数目为1+2x； + 12x，+6x：=6,晶胞内部有/636个C原子，故碳原子和铝原子个数比为6:6=上1；以晶胞体内鸨原子可知，1个鸨原子周围距离鸨原子最近的碳原子有6个。(5)该晶胞边长为acm,高为hem, Na为阿伏伽德罗常数。WC的摩尔质量为MgmolL根据均摊法:113 Wl1/o17晶胞中W： 12x +2x=3, C： 3,晶胞的质量为：Tj-g,晶胞的体积为：xax qx/zx6c/，根据p=,62必 022
38、V口 一.、 m 3M q 一小，2J3M该日日体常度为p= - , g-cm-3o 故答案为：、V 3ahNA3a-hNA36. (15 分)【答案】(1)(酮)埃基、竣基(2)还原反响取代反响CH2CH3+H2OflNCCHO或或或(5)+HOCH2CH2OCHO(6)CH3COOH CH3COCICOCH. CH3cH2M (g)H,OHO-4一 CH2cHs【解析】由有机物的转化关系可知，在氯化铝作用下,。发生取代反响生成CH2cH2coOH与ZnHg、盐酸发生还原反响生成H2cH2COOHH2cH2cH2coOHCH.SOCI2发生取代反响生成H2cH2cH2coe1H2cH2cH2
39、coe1在氯化铝作用下发生取代反响生成CH.CH, J与CH3cH2MgBr、水发生信息反响生成，故F为CH2cH3在催化剂作用下与氢气发生加成反响生成经过系列转化得到在催化剂作用下与乙二醇发生加成反响、取代反响生成H3cCH2cHs , h3cCH2cH3在催化剂作用下与氢气发生加成反响生成由结构简式可知，B中含有的官能团为（酮）埃基、竣基，故答案为：（酮）设基、竣基;（2）BC的反响为与ZnHg、盐酸发生还原反响生成反响为H2cH2cH2coe1CH,在氯化铝作用下发生取代反响生成故答案为:还原反响；取代反响;(3)由分析可知，F的结构简式为尹/CH2cH3,故答案为:Jl/CH2cH3(
40、4)H-I的反响为为113c在催化剂作用下与乙二醇发生加成反响、取代反响生成反响的反响方程式故答案为:(5)E属于芳香族化合物的同分异构体能发生银镜反响说明有机物分子中含有苯环、碳碳双键和醛基，符合核磁共振氢谱有五组峰，且峰面积之比为6:221:1的结构简式为CHO01=或CHO(6)由合成路线中的相关信息可知，用苯和乙酸以及CH3cH?MgBr为原料制备的合成步骤为乙酸与SOCL发生取代反响生成CH3coe1, CH3COCI与苯发生取代反响生成90cH3与CH3cH2MgBr、水发生信息反响生成,合成路线为 CH3cH2Mgpr HQCH3coOH 沁 CH3COCI故答案为:CH3COO
41、HsocuCH3COC1 CH3cH2MgjrHQ437.【答案】(1)酿酒前期酵母菌进行有氧呼吸产生水，后期进行无氧呼吸产生酒精酸性重格酸钾 灰(2)6 稀释涂布平板包埋法蒸储(或水蒸气蒸储)人为提供有利于目的菌株生长的条件(包括营养、温度、pH等)，同时抑制或阻止其他微生物的生长【分析】1、参与果酒制作的微生物是酵母菌，其新陈代谢类型为异养兼性厌氧型。果酒制作的原理是酵母 菌在有氧条件下进行有氧呼吸产生大量能量实现快速繁殖，之后在无氧条件下利用葡萄糖产生酒精和二氧 化碳。2、固定化酶和固定化细胞是利用物理或化学方法将酶或细胞固定在-定空间内的技术，包括包埋法、化学结 合法（将酶分子或细胞相
42、互结合，或将其结合到载体.上）和物理吸附法。一般来说，酶更适合采用化学结合和 物理吸附法固定化，而细胞多采用包埋法固定化。这是因为细胞体积大，而酶分子很小，体积大的细胞难 以被吸附或结合，而分子小的酶容易从包埋材料中漏出。【详解】（1）酿酒的原理是酵母菌无氧呼吸产生酒精，酿酒会发现先“来水”后“来酒”，是因为酿酒前期酵母 菌进行有氧呼吸产生水，后期在缺氧条件下进行无氧呼吸产生酒精；酒精可以用酸性重铝酸钾溶液检测， 观察是否呈现灰绿色。用平板划线法接种时，因为划线接种时每次接种前和接种后均需灼烧接种环，因此完成5个区域划线， 要操作划线5次，共需要对接种环灼烧6次；假设要进一步检测所得发酵液中活
43、体酵母菌的密度，可采用稀 释涂布平板法，因为只耍稀释浓度足够大，培养基上的一个菌落是由一个活菌形成的，但由于当两个或多 个酵母菌连在一起时，观察到的是一个菌落，因此最终计算得出的菌体数往往比实际数目低；利用海藻酸 钠固定酵母细胞制备成凝胶珠，该固定方法称为包埋法；发酵酒精度数较低，可利用酒精沸点低易挥发的 性质，采用水蒸气蒸储的方法，将酒精进行浓缩从而提高酒精度数。实验室中微生物筛选的原理是参考自然界中目的菌株的筛选依据，在实验室人为提供有利于目的菌株生 长的条件（包括营养、温度、pH等），同时抑制或阻止其他微生物的生长，从而获得目的菌。【点睛】此题主要考查传统发酵技术、实验室中微生物培养以及
44、固定化酵母细胞相关知识，意在考查考生 对相关知识的理解，把握知识间内在联系的能力。38.【答案】 限制性核酸内切酶（限制酶）DNA连接酶（2） 显微注射无机盐和有机盐桑根胚或囊胚（3） 高度分化的动物细胞核仍然具有全能性物猴与人类的亲缘关系更近【分析】1、基因工程的工具：限制酶，能识别双链DNA分子的某种特定核甘酸序列，并且使每一条链 中特定部位的两个核甘酸之间的磷酸二酯键断裂；DNA连接酶，连接两个核甘酸之间的磷酸二酯键； 运载体，质粒是最常用的运载体，除此之外，还有九噬菌体衍生物、动植物病毒。2、基因治疗是把正常基因导入病人体内，使该基因的表达产物发挥功能，从而到达治疗疾病的目的。大部 分基因治疗的临床试验，都是先从病人体内获得某种细胞，进行培养。然后在体外完成基因转移，再筛选 成功转移的细胞扩增培养，最后重新输入患者体内，称为体外基因治疗。直接向人体组织细胞中转移基因 的治病方法叫体内基因治疗。【详解】（DCas9蛋白能对靶向基因进行切割，相当于基因工程中的限制性核酸内切酶