《【原创】（新高考）2022届第十三单元有机化合物训练卷 B卷 教师版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【原创】（新高考）2022届第十三单元有机化合物训练卷 B卷 教师版.docx（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、（新高考）化学2022届高三一轮单元训练卷第十三单元有机化合物（B）本卷须知：1 .答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准 考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2 .选择题的作答：每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案 标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3 .非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在 试题卷、草稿纸和答题k上的非答题区域均无效。4 .考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第一卷选择题一、选择题：此题共15小题，总计40分。在每题给出的四个选项中，第110题 只有一个选项符合题目要求，每题2分
2、。第1115题为不定项选择题，全部答对的得 4分，选对但不全的得2分，有选错的的0分。1 .黄冈市下辖两区、两市、七县，自古人杰地灵，物产丰富。以下说法错误的选 项是A.黄梅堆花酒采用纯糯米，运用传统制酒工艺制造而成，它的主要成分是水和乙 醇B.武穴佛手山药营养好，药用价值高，富含多种氨基酸、维生素和微量元素，其 中的氨基酸是高分子化合物C.罗田板栗具有糖分含量高，淀粉含量较低的特点，用碘液可检验其中是否含有 淀粉D.英山云雾茶具有香高、味醇、耐冲泡等特色，冲泡茶叶，主要目的是通过物理 变化将茶叶中的有益成分转移到茶汤中【答案】B【解析】高分子是指相对分子质量成千上万的分子，故氨基酸不属于高分
3、子化合物, B错误；故答案为2 .以下说法正确的选项是A.糖类、油脂和蛋白质均可发生水解反响8 .淀粉和纤维素互为同分异构体C. “地沟油”经过加工处理后，可以用来制肥电和生物柴油D.蔗糖在一定条件下既能发生水解反响又能发生银镜反响【答案】C【解析】糖类中的单糖不能发生水解反响，A错误：淀粉和纤维素都是多糖，由于 二者单糖单元结构不同，数目不同，因此不能互为同分异构体，B错误：“地沟油”主 要成分是油脂，经过加工处理后，可以用来制肥皂和生物柴油，C正确；蔗糖是二糖， 在一定条件下能发生水解反响，但分子中无醛基，因此不能发生银镜反响，D错误；故 合理选项是Co3.随着科学技术的开展，诞生了更多可
4、靠的化学检验方法，以下说法正确的选项 是A.利用原子光谱上的特征谱线鉴定元素时，吸收光谱特点是亮线暗背景B.应用质谱仪可以测定分子的结构C.应用红外光谱仪可以测定分子的立体构型D. I8O可用于同位素跟踪法研究某些有机反响的机理【答案】D【解析】A.利用原子光谱上的特征谱线鉴定元素时，吸收光谱特点是暗线亮背景, 故A错误；B.应用质谱仪可以测定分子的相对分子质量，故B错误：C.应用红外光 谱仪可以测定分子中所含的官能团，故C错误；D. 18。可用于同位素跟踪法研究某些 有机反响的机理，如酯化反响，故D正确；应选D。4.进行氯取代后，只生成2种沸点不同的产物的烷烧的是A. (CH3)2CHCH2
5、cH2cH3B. (CHsbCCH2cH3C. (CH3cH2”CHCH3D. (CH3)2CHCH(CH3)2【答案】D【解析】A. (CHRCHCH2cH2cH3有五种不同位置的H原子，因此一氯取代产物 有五种，A错误：B. (CHXCH2cH3有三种不同位置的H原子，因此一氯取代产物有 三种，B错误：C. (CH3cH2”CHCH3有四种不同位置的H原子，因此一氯取代产物有 四种，C错误：D. (CH3)2CHCH(CH3)2有二种不同位置的H原子，因此一氯取代产物有 二种，D正确：选D。w-O(Z),以下说法不正确的选项A. x、y、z互为同分异构体B. z的二氯代物有3种C. x、y
6、可使嗅的四氯化碳溶液因发生加成反响而褪色D. x、y、z中只有x的所有原子可能处于同一平面【答案】A【解析】A. x、z的分子式都是C8H小 y的分子式是CsHio,不是同分异构体，故 A错误；B. z的二氯代物有3种(两个氯原子分别在同一条楞、面对角线、体对角线)， 故B止确；C. x、y中都含有碳碳双键，所以都可使滨的四氯化碳溶液因发生加成反响 而褪色，故C正确：D.苯环决定一个平面，乙烯分子决定一个平面，单键可以旋转， x的所有原子可能处于同一平面：y、z中都含有单键碳，y、z不可能所有原子处于同一 平面，故D正确。6 .通过实验来验证淀粉水解可生成面萄糖，其实验包括以下操作过程，这些操
7、作 过程的正确排列顺序是取少量淀粉和水制成溶液加热煮沸参加碱液中和酸性参加新制 Cu(OH)2碱性悬浊液参加少量稀硫酸再加热A.B.C. D.【答案】C【解析】验证淀粉水解产物的实验主要有以下步骤：(1)在酸性条件下加热使其 水解，即选项中的；加碱中和硫酸，即选项中的；参力口新制Cu(OH)2 碱性悬浊液并加热检验产物，即选项中的；故答案为C。7 .以下五种烷烧： CH,(CH,)4CH5 CH,CH2CH(CHJ2 CH,CH:CH,CH3CH3CH3(CHCH,，其沸点按由高到低的顺序排列正确的选项是A.B. C.D.【答案】A【解析】烷嫌和烯姓的物理性质随着分子中碳原子数的递增呈规律性变
8、化，沸点逐 渐升高；碳原子数相同的烧，支链越多，熔沸点越低。中碳原子数为6个，碳原子数 越多，故沸点最高：中碳原子是5个，支链越少，沸点越高，故沸点；中 碳原子是3个，中碳原子是2个，故沸点按由高到低的顺序排列是：应 选Ao8 .以卜有机反响方程式书写正确的选项是A.乙烯与滨水反响：CH2=CH2+Br2CH3CHBr2B.苯的硝化反响:0+HN。丝酸C.乙醇的催化氧化：CH3CH2OH+3O2 *2 2CO2+3H2OD.乙酸与乙醉发生酯化反响：CH3coOH+HOCH2cH3coOCH2cHa A【答案】B|J+HNO?浓此酸、-At+H2O,故B正确；乙醇与氧气在催化剂、加热条件下【解析
9、】乙烯与滨水之间能够发生加成反响，反响中滨原子分别结合碳原子，其化 学方程式为：CH2=CH2+Br2CH2BrCH2Br,故A错误：苯的硝化反响化学方程式为：生成乙醛、水，其化学方程式为：2cH3cH2OH+O2催冷剂2CH3cHO+2H2O,故C错 误：乙酸与乙醇发生酯化反响生成乙酸乙酯、水，其化学方程式为： CH3coOH+HOCH2cH3coOCH2cH3+H2O,故 D 错误；综上所述，有机反 响方程式书写正确的选项是B,故答案为：Bo9 .某实验小组探究乙醇氧化反响，实验装置如下列图，以下表达错误的选项是甲乙A.在总反响中乙醉被氧化，而铜并未消耗甲乙A.在总反响中乙醉被氧化，而铜并
10、未消耗B.甲烧杯中为热水，乙烧杯中为冰水C.试管a收集到的液体是纯洁物D.水槽中集气瓶收集到的气体：曲4【答案】C【解析】甲烧杯提供稳定的乙醇和空气混合气体，即甲烧杯中的水为热水，直玻璃 管中发生2cH3cH2OH+O22CH3cHO + 2H?O,乙装置收集CH3cHO,水应是冷 水，使乙醛气体遇冷转化成乙醛液体。A.乙醇催化氧化，发生的反响是2cH3cH20H +O2 y-2CH3CHO+2H2O, Cu作催化剂，其质量保持不变，故A说法正确：B.根 据上述分析，甲烧杯中为热水，乙烧杯中为冰水，故B说法正确；C.试管a收集到的 液体除乙醛外，还含有未反响的乙醇，局部乙醛可能被氧化成乙酸，因
11、此试管a中收集 到的液体为乙醛、乙醇、乙酸，故C说法错误：D.空气中氮气和氧气的体积比为4： 1, 反响消耗氧气使集气瓶氮气和氧气的体积之比大于4 ： 1,相同条件下，气体物质的量之 比等于体积之比，即%故D说法正确。10 .某有机物W由C、H、O三种元素组成，相对分子质量为90。将9.0gW完全 燃烧的产物依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，分别增重5.4g和13.2g, W能与NaHCCh 溶液发生反响，且2个W发生分子间脱水反响生成六元环化合物。有关W的说法正确 的选项是A. W的分子式为C3HB. W催化氧化的产物能发生银镜反响C. O.lmolW与足量Na反响产生1.12L% (标准状况)
12、D. W在一定条件下可以发生缩聚反响生成高分子材料【答案】D【解析】浓硫酸增重5.4g,说明生成H2O的质量为5.4g, n(H?O)=湛磊=0.3mol, n(H)=0.6mol, m(H)= 0.6molxlg/mol=0.6g,碱石灰增重 13.2g,说明生成 CO2的质量为 I3.2e13.2g, n(CC)2)= 44。；) =0.3mol, n(C)=0.3mol, m(C)=0.3niolx12g/mol=3.6g, 9.0gW 含 O 4.8黛的质量为9.0g-0.6g-3.6g=4.8g, n(O)= 16g/mo| =0.3mol,因此n(C) * n(H) : n(O)=
13、l ： 2 ： I, W的实验式为CH2O,相对分子质量为90,那么分子式为C3HW能与NaHCCh溶液发生反响，可知W含峻基，2分子W之间脱水可生成六元环化合物，可推出W含有 羟基，因此W的结构简式为143c、二98H。人.根据分析，W的分子式为C3H6。3, A 错误；B.根据分析，W为七二98H,可被催化氧化为出C198H,酮埃基不 能发生银镜反响，B错误：C.羟基和孩基均和钠反响，因此O.lmolW与足量Na反响 产生OlmolHz,体积为0.1molx22.4L/mol=2.24L, C错误；D. W含有粉基和羟基两种官能团，可发生缩聚反响生成H+o-&iY+QH,属于高分子材料，D
14、止确。&n11 .天然油脂结构的核心为甘油HOCH2cH(0H)CH20H,有一瘦身用的非天然油脂，其结构的核心那么为蔗糖(G2H22。“)。该非天然油脂可由直链型的不饱和油酸 (G7H33coOH)与蔗糖反响而得，其反响示意图如以下列图所示(注意：图中的反响式不完 整)。求精不饱和油酸r-c17h非天然油脂以下说法不正确的选项是A.蔗糖酣也是高级脂肪酸的甘油酯，属于油脂类物质B.该非天然油脂与氢氧化钠溶液共热，其水解产物能与滨水发生加成反响C.非天然油脂不属高分子化合物D.该蔗糖酯在稀硫酸的作用下水解，最终可生成二种有机化合物【答案】AD【解析】A.蔗糖酯是高级脂肪酸与蔗糖形成的酯，并非某甘
15、油酯，不是油脂，A 错误；B.水解生成的不饱和油酸钠含有不饱和键，能与淡水发生加成反响，B正确：C.非 天然油脂是高级脂肪酸甘油酯，不是高分子化合物，C正确：D.蔗糖酯水解产物为葡 萄糖、果糖和不饱和油酸三种物质，D错误。12 .以下物质：甲烷苯聚乙烯聚乙块2.丁快环己烷邻二甲苯 不乙烯。既能使KMnO4酸性溶液褪色，又能使滨水因发生化学反响而褪色的是A. B. C.D.【答案】A【解析】能被酸性高镒酸钾溶液氧化的物质是聚乙焕；2-丁焕：邻二甲苯； 苯乙烯；能利溟水发生加成反响的物质有聚乙烘；2-丁快；苯乙烯，所以既能 使KMnCh酸性溶液褪色，又能使浸水因发生化学反响而褪色的是，故A正确；
16、应选A。13 .某含C、H、0三种元素的未知物X,经实验测定该物质中元素的质量分数为 碳72.0%,氢667%。另测得X的相对分子质量为150。以下关于X的说法不正确的选 项是A.实验式和分式均为C9H10O2B.不可能含有苯环C. ImolX完全燃烧，可生成5moi水D.假设未测得X的相对分子质量，也能确定X的分子式【答案】BD【解析】X的相对分子质量为150,碳元素的质量分数为72.0%,那么X分子中碳 原子数为IS。：%；%氢元素的质量分数为6.67%, X分子中H原子数为当喂”=1(), X分子中氧原子数150-12-1x10=2 ； A. X分子中含有9个C原子、10个H原子、2个
17、O原子，所以实验式和分式均为C9H10O2,故A正确：B.苯环的不饱和度是4, X的分 子式为C9H10O2,不饱和度是5,所以X分子中可能含有苯环，故B错误；C. X的分 子式为CgHwCh，根据氢原子守恒，Imol C9H10O2完全燃烧，可生成5moi水，故C正 确：D.假设未测得X的相对分子质量，根据质量分数只能够测定实验式，不能确定分 子式，故D错误。14 .以下有关有机物同分异构体(均不考虑立体异构)数目的判断中，不正确的选项A. A B. BC. CD. D选项有机物同分异构体数目A分子式为C4HioO且能与金属钠反响的有机物4种B相对分子质量为86的烷燃5种C甲苯的一氯取代物3
18、种D含有2个甲基的分子式为C4H8cb的有机物4种【答案】C【解析】A.分子式为C4Hi0O且能与金属钠反响的有机物，说明属于一元饱和丁 醇，其相应的同分异构的醇有4种，故A错误；B.相对分子质量为86的烷短的分子 式为C6H3其同分异构体有5种，故B正确；C.甲苯的苯环上的一氯代物有3种、 甲基上的一氯代物有1种，共有4种同分异构体，故C错误；D.含有2个甲基的分子C1H3CCHCHCH3式为C4H相应的同分异构体有如下4种： II CH3-C-CHCl ClCH2CIClClh3c-ch2-c-ch3. ch3chchCl,故 D 正确；故答案 A。Clch315 .孟二醇的结构简式如卜.
19、图，W是孟二醇的同分异构体，W可水解生成碳原子数相同的两种有机物。以下有关说法正确的选项是OHOHA.孟二醇与乙醇属于同系物B.常温常压下，Imol孟二醇与足量的钠反响可生成22.4LH2C. W的两种水解产物均可与NaHCCh溶液反响放出CO2D. W的结构有32种(不含立体异构)【答案】D【解析】含有官能团的数目不同，且碳的连接方式不同，孟二醇与乙醇不是同系物, A项错误：常温常压不是标准状况，B项错误：W能水解，说明W为酯，酯是由醉与 酸发生酯化反响得到，醉不与NaHCCh反响，C项错误：孟二醉的分子式为C10H20O2, 水解产物碳原子数都相同，都有5个碳原子，那么酸有CH3cH2cH
20、2cH2coOH、 (CH3)2CHCH2COOH CH3cH2cH(CH3)C00H、 (CFhhCCOOH 共 4 种结构，醉有 CH3cH2cH2cH2cH20H、 CHH2cH2cH(CHa)OH、 CH3cH2cH(CH3KH20H、 (CKO2CHCH2cH2OH、CH3cH2c(CH3XOH、CH3cH(CH3)CH(CH3)OH、(CFhbCCHzOH、 (CH3cH2)2CHOH共8种结构，因此符合要求的W有4x8=32种，D项正确。第二卷非选择题二、非选择题(共60分)16. (I)有以下几组物质或微粒：A. |H和：H： B.甲烷和乙烷；C.红磷和白CHj -CHCH 5
21、 CiHjCHCjH?磷：D.金刚石、石墨和Coo； E. 丁烷和异丁烷；F. I 和 ICHz-CEbCH3其中，属于同分异构体的是;属于同位素的是;属于同素异形体的是 :属于同一种物质的是:属于同系物的是。(填字母编号)(2)写出分子中碳原子数小于10, 一氯代物只有种结构的所有烷烧的结构简式:(3)把Imol CH4和一定量Ch组成的混合气体通入大试管中，将此试管倒立在盛 有饱和食盐水的水槽中，放在光亮处，答复以卜.问题：I .在反响结束后，试管内的产物最多的是，空间构型呈正四面体的产物 为(填化学式)，写出由甲烷直接生成该物质的化学方程式:。II .假设(3)中甲烷完全反响，且生成的四
22、种有机产物的物质的量相同，那么反响 消耗的Cl2的物质的量为 o【答案】(1) E【答案】(1) EC、D F B(2) CH4CH3cH3C(CH3)4(CH3)3CC(CH5)3(3) HCI CChCHCL+4cI2-CCL+4HC12.5mol【解析】(1) A. ；H和；H属于H元素的不同原子，两者互为同位素：B,甲烷和 乙烷属于分子组成相同、结构相同的烷烧，两者互为同系物：C.红磷和白磷属于磷元 素的不同单质，两者互为同素异形体；D.金刚石、石墨和C4)均属于碳元素的不同单 质，其互为同素异形体：E. 丁烷和异丁烷分子式相同，但是结构不同，两者互为同分CHj CH-CH s CiH
23、?-CH-CHs异构体；F. I 和 I 均为3甲基戊烷，属于同一种物质：综上 CHz-CEbCHj所述，属于同分异构体的是E；属于同位素的是A；属于同素异形体的是CD：属于同 一种物质的是F；属于同系物的是B。(2) 一氯代物只有一种结构的烷烧，其分子结构定是高度对称的，如CH4分子中的4个H完全等同，CH3cH3分了中的6个H原子完 全等同，同理，将CM和CH3cH3分子中的所有H原子换为-CH3，那么其分子中的H 原子仍然是完全等同的，因此，分子中碳原子数小于10, 一氯代物只有一种结构的烷烧 共有 4 种,分另是 CH*、CH3cH3、C(CH3)4x 3)38(83)3。(3)把 I
24、mol CH4和一 定量C12组成的混合气体通入大试管中，将此试管倒立在盛有饱和食盐水的水槽中，放 在光亮处c I.两者在光照的条件下发生4步取代反响，每一步都有HC1生成，有机产 物有一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷和四氯甲烷。因此，在反响结束后，试管内的产物 最多的是HCI 1尽管其溶于水成为盐酸，但是这种产物最多仍成立)，空间构型呈正四 面体的产物是四氯甲烷，其分子式为CCL,由甲烷直接生成该物质的化学方程式为 CHCL+4C12工CCLrMHCI。II.假设(3)中甲烷完全反响且生成的四种有机产物的物 质的量相同，那么-氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷和四氯甲烷的物质的量均为0.25mol, 由
25、于每取代一个H原子需要一个Cl2分子，故反响消耗的C12的物质的量为 O.25mol+O.25molx2+O.25molx3+O.25molx4=2.5molo17.通常将一定量的有机物充分燃烧转化为简单的无机物，根据产物的质量确定有 机物的组成。如卜.图是用燃烧法确定有机物分子式的常用装置，将含有C、H、O的有 机物3.24g装入元素分析装置，通入足量的Ch使之完全燃烧，实验过程中CaCh管(B) 增加了 2.16g和NaOH管(A)增加了 9.24g,试答复。(1)使产生的02按从左到右的方向流动，那么所选装置中各导管的正确连接顺序 是。(2)装置C中浓硫酸的作用是，燃烧管中CuO的作用是
26、 o(3)质谱仪分析如图，那么该有机物的分子式为 0陵荷比【答案Ig-fTCThTi-cTd-aTb枯燥02确保有机物中的碳元素全部转化为CO2(或将产生的CO被氧化铜转化为C02)CiHsO【解析】(1) D中生成的氧气中含有水蒸气，应先通过C中的浓硫酸枯燥，在E 中电炉加热时用纯氧氧化管内样品，生成二氧化碳和水，如有一氧化碳生成，那么E中 CuO可与CO进一步反响生成二氧化碳，然后分别通入B(吸收水)、A(吸收二氧化碳) 中，根据产物的质量推断有机物的组成，那么产生的氧气按从左到右流向，所选择装置 各导管的连接顺序是gTJeihTiTC-dTaTb； (2) D中生成的氧气中含有水蒸气,
27、应先通过C中的浓硫酸枯燥，以免影响实验结果，即装置C中浓硫酸的作用是枯燥。2； 一氧化碳能与氧化铜反响，可被氧化成二氧化碳，因此CuO的作用是把有机物不完全 燃烧产生的CO转化为CCh： (3)由质谱知最大荷质比为108,所以其相对分子质量也 是108, CaCb管(B)增加了 2.16g为水的质量，NaOH(A)管增加了 9.24g为二氧化碳的质 量，3.24g 该有机物中 n(C)=n(CO2)=于毒篙巾？ mol,n(H尸2n(%0)= 2x 吕=2 x6g =0.24mol x 12-0.24x 1 =0.48g, n(O)=密黑=，华 =0.03mol,M 18g/mol M(O)
28、I6g/mol那么C、H、O的个数比为7 ： 8 ： 1,相时分子质量也是108,那么该有机物的分子式为 GHQ。18.有机物A, B、C、D、E、F有以下转化关系。A的产量可以衡量一个国家的 石油化工开展水平：E是不溶于水且具有香味的无色液体，相对分子质量是C的2倍：F为高分子化合物。结合如图关系答复以下问题:(1)写出C的结构简式：O(2)写出B、D中官能团的名称：B, D。(3)写出以下反响的化学方程式：。0HC=C-CH-CH2-CH-CH( CH)(4)有机化合物I|的名称是,将其在C2H5CH,催化剂存在下完全与H2加成，所得烷嫌的名称是。(5)相对分子质量为72且沸点最低的烷烧的
29、结构简式为。(6)乙醇的分子结构为:分子内脱水生成乙烯时，断开的键是I |H H(填编号。下同)：在铜催化作用下发生催化氧化反响时，断开的键是：酯化 反响时，断开的键是【答案】(1) ch3cho(2)羟基 粉基(3) 2cH3cH2OH+O2y-2CH3CHO+2H2OCH3COOH+CH3CH2OH3coOCH2cH3+H2O然(4) 5, 6-二甲基-3-乙基-1-庚快2, 3-二甲基-5-乙基庚烷CH3(5) CH3一CH3CHs(6) 【解析】A的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平的标志，那么A为CH2=CH2, CH2=CH2与水发生力口成反响生成B为CH3CH2OH, CH3
30、cH20H在Cu作催化剂条件下发生催化氧化生成C为CH3cHO, E是不溶于水且具有香味的无色液体，那 么E为酯，其相对分子质量是C的2倍，那么E为CH3COOC2H5, D为CH3coOH, 乙烯发生加聚反响生成F为CH”H土。根据上述分析可知：A为CH2=CH2, B为 CH3CH2OH, C 为 CH3CHO, D 为 CH3coOH, E 为 CH3coec2H5,乙烯发生加聚反响 生成F为干0111出土。(1) C的结构简式为CH3cHO： (2) B为CH3cH2OH,官能 团是-OH,名称为羟基：D为CH3coOH , D中官能团是-COOH,名称为按基：(3) B为CH3CH2
31、OH,在Cu作催化剂条件下加热发生催化氧化生成C为CH3CHO,反响的化学方程式为：2CH3CH2OH+O2 2CH3CHO+2H2O： B 为 CH3CH2OH, D 为CH3coOH,二者在浓硫酸作催化剂条件下加热，发生酯化反响产生乙酸乙酯和水，该 反响为可逆反响，故反响的化学方程式为：CH3coOH+CH3cH20Hm蟹4cH3coOCH2cH3+H2O： (4)命名时，要选择分子中 、包含碳碳三键在内的最长的碳链为主链，该物质最长碳链上含有7个C原子，从离C=C 较近的左端为起点，给主链上的C原子编号，以确定碳碳三键和支链的位置。在主链的1、2号碳原子之间有碳碳三键，在5、6号C原子上
32、各有一个甲基，在3号C原子上有1个乙基，有机化合物1个乙基，有机化合物HC=C-CH-CIL-CH-H(CH,),C,HS CH,的名称是5, 6-二甲基-3-乙基-1 庚焕。将CHsCH-CH-CH.-CH-CH(CH,),其在催化剂存在下完全与田加成，得到的物质是播),此时要从离支链较近的右端为起点给主链C原子进行编号，在主链的2、3号C原子上各有1 个甲基，在5号C原子上有1个乙基，那么所得烷炫的名称是2, 3-二甲基-5-乙基庚烷; (5)烷点分子式通式是CnH2n.2,假设烷烧的相对分子质量为72,那么12n+2n+2=72, 解答n=5,该烷是是戊烷C5H.戊烷有正戊烷、异戊烷、新
33、戊烷三种结构，对于各种 同分异构体，物质分子中含有的支链越多，分子间作用力越小，物质的熔沸点就越低。CH3那么分子式是C5H12的沸点最低的同分异构体是新戊烷，结构简式为CH34一CH3； (6)CH3乙醇的分子结构为：分子内脱水生成乙烯时，断裂C-O键和甲基上的I 1H HC-H键，故断开的键编号是：在铜催化作用下发生催化氧化反响时，断裂羟基中的H-O键和羟基连接的C原子上的C-H键，那么断开的键编号是；乙醇发生酯化反响时，根据酯化反响脱水方式：酸脱羟基酶脱氢，可知乙醇分子断开的键是羟基中的 H-0健，其编号是。19.某课外小组设计的实验室制取乙酸乙酯的装置如图1：图I：A中放有浓硫酸；B中
34、放有乙醇、乙酸；D中放有饱和碳酸钠溶液。 有关有机物的沸点如表：试剂乙醛乙醇乙酸乙酸乙酯沸点/34.778.511877.1请答复：(I)浓硫酸的作用：。(2)仪器C的名称是其作用有冷凝乙酸乙酯和假设反响前向D中参加 儿滴酚陆，溶液呈红色。实验完毕后，将烧杯D中的溶液充分振荡、静置，现象为(3)假设用同位素,80标记乙醇中的氧原子以确定反响产物水分子中氧原子的提 供者，写出能表示中。位置的化学方程式：一(4)现拟别离含少量乙醇和乙酸的乙酸乙酯粗产品，如图2是别离操作步骤流程 图：A 无水 NazSO, m乙酸 乙席乙版乙醉加入试剂a别离方法(D油层A三募一*别离方法叵3蚂生Lt邀别离方法叵3蚂
35、生Lt邀十燥那么试剂a是，试剂b是一，别离方法I是一,别离方法II是【答案】(1)催化剂和吸水剂(2)球形枯燥管防止倒吸红色变浅或褪去且出现分层现象(3) CHxCOOH+CHH2ikOH = CHg80cM+H2O浓破酸(4)饱和Na2cCh溶液硫酸 分液 蒸储【解析】此题是对实验室制备乙酸乙酯的常规考题，反响中浓硫酸作催化剂和吸水 剂，球形枯燥管有利于冷凝乙酸乙酯且可以防止由于乙醇、乙酸蒸气易溶于水而产生的 倒吸现象，根据酯化反响机理可知酸脱羟基醇脱氢，产物的别离局部是将产生的乙酸乙 酯通入到饱和碳酸钠溶液中，出现分层，分液别离出乙酸乙酯，洗涤枯燥，在蒸播出乙 醉，最后在进行参加硫酸将乙酸
36、钠转化为乙酸蒸储出来。(1)乙酸与乙醇发生酯化反 响，该反响为可逆反响，需浓硫酸作催化剂，浓硫酸吸水利于平衡向生成乙酸乙酯方向 移动，故浓硫酸的作用为催化剂、吸水剂，增加乙酹的量平衡正向移动，提高乙酸的转 化率，故答案为：催化剂和吸水剂：(2)仪器C具有球形特征，为球形枯燥管或枯燥 管，乙酸、乙醇易溶于碳酸钠溶液，会导致装置内气体减小，容易发生倒吸，球形枯燥 管的管口伸入液面下可能发生倒吸，但球形枯燥管体积大，可冷凝乙酸乙酯，也可以防 止倒吸，碳酸钠为强碱弱酸盐，水解生成碳酸氢根离子和氢氧根离子，离子方程式： COr+H2OHCO；+OH ；碳酸钠溶液显碱性，遇到酚酸变红，实验完毕后，将烧杯D
37、 中的溶液充分振藩、静止，乙酸和碳酸钠反响而使溶液红色变浅，乙酸乙酯不溶于饱和 碳酸钠溶液，密度比水小，溶液分层，上层无色油体液体：(3)残酸与醉发生的酯化 反响中，瘦酸中的竣基提供-0H,醇中的-OH提供-H,相互结合生成水，其它某团相互A结合生成酯，同时该反响可逆，反响的化学方程式为CH3coOH+CH3cH2照H = 浓硫酸CH3col80c2H5+H2O： (4)由别离流程可知，加试剂a为碳酸钠，别离方法1为分液， 油层含乙酸乙酯和水，加无水硫酸钠可吸收水，A为乙酸乙酯；水层含乙醉、乙酸钠、 碳酸钠，别离方法H为蒸储，E为乙醇，C中含乙酸钠、碳酸钠，加试剂b为硫酸，别 离方法01为蒸储
38、，由上述分析可知a为饱和Na2c03溶液，I为分液，H为蒸储，b为 硫酸，故答案为：饱和Na2c03溶液；硫酸：分液；蒸储。20.某学习小组拟设计实验探究淀粉在酸性条件下的水解反响及产物性质。请答复 以下问题：I.淀粉的水解实验蛀r怖变淀解容液陛典商朗NaOH年70 C|新制鬻化与11砖红色固体(1)淀粉的通式为,在淀粉水解实验中“稀硫酸”作用是。(2)淀粉水解时最适宜的加热方式为。(3)流程中能证明淀粉已经开始水解成葡萄糖的实验现象为。甲同学认为 根据流程中参加碘水后溶液未变蓝色的现象不能得到“淀粉已完全水解”的结论，他的 理由为 0II.探究砖红色固体成分猜想1：红色固体是CU2O：猜想2
39、：红色固体是Cu：猜想3：红色固体是Cu和 Cu?Oo(4)乙同学提出可用如下定性实验探究砖红色固体成分：取少量砖红色固体于小 试管中，参加适量稀硫酸，振荡，溶液变蓝色。该定性方案缺乏之处是(： Cu2O+2H+=Cu+Cu2+H2O) o假设y7.2,实验结束后称得洗气瓶净增0.9g,那么上述猜想 合理(填“1”、2”或3”),其依据是(计算说明)。【答案】 (C6H|0O5)n 作催化剂(2)水浴加热(3)有砖红色固体出现碘水可与过量的NaOH反响(4)只能证明破红色固体中含有CrO,无法确定砖红色固体中是否存在铜(5) 1/n(H2O)=0.9g /?(14:0)=0.05 mol, ?
40、z(O)=0.8g zn(Cu)=7.2g-0.8g=6.4g,n(O) ： w(Cu)=l ： 2【解析】淀粉和纤维素的通式相同，均为GHioOs%，n表示聚合度；大 多数有机反响速率较慢，故淀粉水解需要参加催化剂，稀硫酸在该反响中作催化剂。(2) 淀粉70c条件下水解，最适宜的加热方式为水浴加热。(3)含有醛基的有机物能和新 制氢氧化铜在加热条件下反响生成砖红色固体，淀粉水解生成的前萄糖分子中有醛基， 所以流程中能证明淀粉已经开始水解成葡萄糖的实验现象为有砖红色固体出现。水解后 参加的氢氧化钠可能过量，碘能与氢氧化钠反响：L+2NaOH=NaI+NalO+H2O。即使淀 粉未完全水解，可能导致参加碘水，溶液不变色。应该取参加氢氧化钠溶液之前的溶液 进行实验，用碘水检验是否有淀粉溶液。(4)因为铜不和稀硫酸反响，那么题给信息 溶液变蓝色只能说明破红色固体中一定含有氧化亚铜，但无法确定砖红色固体中是否含 有铜。(5)浓硫酸净增质量是水的质量。由Cuq+H,j 2Cu+H,C可如.水中。的质 量即为氧化亚铜中 O 的质量。用(H2O)=0.9g, (H2O)=，KO)=0.05mol, (O)=0.8g：砖色 固体中 zn(Cu)=7.2g-0.8g=6.4g, /z(Cu)=0.1mol,所以 (O) ： (Cu)=l ： 2,所以猜想 1 成立。