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1、2020级20202021学年第二学期期中学分认定考试物理试题本试卷分第I卷和第II卷两局部，共8页，总分值为100分，考试用时90分钟。考前须知：L答卷前，考生务必用05毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、考试科目填写在规定的 位置上。2 .第I卷每题选出答案后，用23铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。3 .第II卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位 置；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案，不得使用涂改液，胶带纸、修正 带和其他笔。.4 .本试题共四个大题21小题，I/O为单项选择题，1
2、116为多项选择题；1718为实验题，19、20、21题为计算题，简答题要写出必要的计算过程，只写答案不得分卷I （共54分）一、单项选择题（每题只有一个正确答案，每题3分，共30分） 1.如下图，一铁球用细线悬挂于天花板上,静止垂在桌子的边缘，细线穿过一光盘的中间孔,手推光盘在桌 面上平移，光盘带动细线紧贴着桌子的边缘以水平速度U匀速运动，当光盘由A位置运动到图中虚线所示的 8位置时，细线与竖直方向的夹角为此时铁球A.竖直方向速度大小为ucos9【详解】ABD .平抛运动 时间由高度决定，A、3的高度不同，那么平抛运动的时间不同，时间差与车辆的 速度无关，故ABD错误；C .根据,1 /得运
3、动时间P的水平位移xi=vrrQ的水平位移X2=Vt2那么有L = -x2 = v（r）-r2） -故c正确一应选c。二、多项选择题（每题有两个或者三个正确答案，每题4分，少选得2分，共24分）11.如下图，水平杆固定在竖直杆上，两者互相垂直，水平杆上0、A两点连接有两轻绳，两绳的另一 端都系在质量为?的小球上，OA=OIi=AB,现通过转动竖直杆，使水平杆在水平面内做匀速圆周运动，三 角形0A4始终在竖直平面内，假设转动过程OB、A4两绳始终处于拉直状态，那么以下说法正确的选项是（）A. 08绳的拉力范围为0吆B. OB绳的拉力范围为三上mg33C. AB绳的拉力范围为立2叵，咫33D. A
4、B绳的拉力范围为0喏3【答案】BD【解析】【分析】【详解】转动的角速度为零时，OB绳的拉力最小，A8绳的拉力最大，这时二者的值相同，设为,那么：2 Tleos300=?g解得Tmg增大转动的角速度，两绳始终没有弯曲，所以当力8绳的拉力刚好为零时，。8绳的拉力最大，设这时08绳的拉力为Ti,那么：2y 72cos30=7?, T2 =二一mg - 3因此08绳的拉力范围立伙尸2叵mg,绳的拉力范围0og。333应选BDo12.宇宙间存在一些离其他恒星较远的三星系统，其中有一种三星系统如下图，三颗质量均为，”的星体位于等边三角形的三个顶点，三角形边长为R,忽略其他星体对它们的引力作用，三星在同一平
5、面内绕三角形中心。做匀速圆周运动，引力常量为G,那么（）mOmOmOA.每颗星做圆周运动的线速度为B.每颗星做圆周运动的角速度为B.每颗星做圆周运动的角速度为3G?C.每颗星做圆周运动的周期为24N 3Gm1) .每颗星做圆周运动的加速度与三星的质量无关【答案】ABC【解析】【分析】【详解】由题图可知，每颗星做匀速圆周运动的半径Rcos 3003由牛顿第二定律得可解得可解得D错误，ABC正确。应选ABCO.一物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力作用下开始向上运动，如图甲所示。在物体向上运动过程中，其机械能E与位移X的关系图像如图乙，曲线上八点的切线斜率最大，不计空气阻力，那么甲乙A.在笛必过程
6、中，物体的加速度先增大后减小B.在为足过程中，物体的动能先增大后减小C.在为处物体所受拉力最大D.在0及过程中，拉力对物体做的功等于克服物体重力做的功与物体的动能之和【答案】BCD【解析】【分析】【详解】A .勿X2过程中，图象的斜率越来越小，说明拉力/越来越小；拉力先大于后小于重力，加速度 先减小后增大，故A错误；B .在足处物体的机械能最大，图象的斜率为零，说明此时拉力为零；在这一过程中，物体所受的合力先 减小，后反向，那么物体先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，物体的动能先增大后减 小，故B正确；AEC .根据功能关系知反2X得尸=,即图象的斜率大小等于拉力厂的大小。由图
7、可知，用处物 体图象的斜率最大，那么此处物体所受的拉力最大，故C正确；D.在0r2过程中，拉力对物体做的功等于机械能增加量，即克服物体重力做的功与物体的动能之和，故D正确。应选BCDo.如下图，一个固定在竖直平面上的光滑半圆形管道，管道里有一个直径略小于管道内径的小球，小 球在管道内做圆周运动，从3点脱离后做平抛运动，经过（）.3s后又恰好垂直与倾角为45”的斜面相碰。已 知半圆形管道的半径R=lm,小球可看做质点且其质量为?=lkg, g取10m/s2。那么（）A.小球在斜面上的相碰点C与4点的水平距离是1.9mB.小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是0.9nrC.小球经过管道的8点时，
8、受到管道的作用力尺b的大小是2ND.小球经过管道的8点时，受到管道的作用力尸nb的大小是1N【答案】BD【解析】【详解】AB .根据平抛运动的规律和运动合成的可知tan 45 = 那么小球在。点竖直方向的分速度和水平分速度相等，得匕=匕=gf = 3m/s -那么B点与。点的水平距离为x = V/ = 3 x 0.3m = 0.9m故A错误，B正确；CD . B点的速度为3m/s,根据牛顿运动定律，在8点设轨道对球的作用力方向向下，贝小出+，咫=一/K解得TN负号表示轨道对球的作用力方向向上，故C错误，D正确一应选BD013 .如下图，光滑绝缘水平桌面上有44两个带电小球（可以看成点电荷），4
9、球带电量为+ 34，8球带 电量为-4由静止同时释放后A球加速度大小为B球的两倍.现在4、B中点固定一个带正电C球（也可 看成点电荷），再由静止同时释放A、B两球，结果两球加速度大小相等.那么C球带电量可能为（）-B.9q , 20”C.3-q 7D.94q【答案】AB【解析】【详解】由静止开始释放，A球加速度的大小为B球的2倍.根据牛顿第二定律可知，A、B两个带电小球 的质量之比为I： 2；当在AB中点固定一个带正电小球C,由静止释放A、B两球，释放瞬间两球加速度大小相等，假设两球加速度方向相反，那么根据库仑定律与牛顿第二定律，那么对A来说，-ma3ql(2r)2对B来说/4 +犬幺，=2M
10、.(2r)2 r2综上解得假设两球加速度方向相同，那么根据库仑定律与牛顿第二定律，且有：对B来说，K3K =2u(2r)2 r2对A来说，(2r)2=ma综上解得3A . q,与结论相符，选项A正确；9B .与结论相符，选项B正确；4U3C. -q,与结论不相符，选项C错误；9D .了与结论不相符，选项D错误 应选AB.【点睛】解决此题的关键抓住库仑定律中库仑力与电量的乘积成正比，与距离的平方成反比，同时根据牛 顿第二定律求出加速度.注意加速度方向的两种可能的情况.如图甲所示，固定粗糙斜面的倾角为37。，与斜面平行的轻弹簧下端固定在C处，上端连接质量为1 kg的小滑块（视为质点），8C为弹簧的
11、原长。现将滑块从A处由育争止释放，在滑块从释放至第一次到达 最低点的过程中，其加速度”随弹簧的形变量x的变化规律如图乙所示（取沿斜面向下为加速度的正方 向）,取 sin370=0.6, cos 370=0.8, g=10 m/s?以下说法正确的选项是（）A.滑块到达8处时的速度最大B.弹簧的劲度系数为10 N/mC.滑块与斜面间的动摩擦因数为0.45D.从滑块被释放至第一次运动到最低点的过程中，弹簧的弹性势能的增加量为1.6J【答案】BD【解析】【分析】【详解】A .经分析可知，当滑块在8处下方0.2 m处时，滑块的加速度为零、速度最大.故A错误.BC .滑块所受重力沿斜面向下的分力大小Gi=
12、nigsin37=6N滑块对斜面的压力大小N二侬s37=8N滑块在B点上方时，根据牛顿第二定律有G+kx”iN=ma解得：a=kx+6-Sfi结合题图乙可得：4-2 k=N/m= 10 N/ni0.2-06-8=2即：1=0.5故B正确C错误.D .滑块刚释放时，弹簧的伸长量汨=0.2 m,滑块在较低点时，弹簧的压缩量2=0.6 m,滑块从释放到第 一次到达最低点的过程中，因摩擦产生的热量：Q=f.iN （X1+X2） =3.2J根据能量守恒定律可知，从滑块被释放至第一次到达最低点的过程中，弹簧弹性势能的增加量：耳尸G （X1+X2） -Q=1.6J故D正确.应选BD0卷n （共46分）三、实
13、验题（总分值14分。请书写工整，保持卷面整洁，规范答题）17.为了测定一滑块与水平桌面之间的动摩擦因数，某同学设置了如图甲所示的实验装置，水平桌面左端 固定一个竖直的光滑圆弧轨道，圆弧轨道底端与水平桌面相切于。点，桌面CQ长L=lm,高力?=0.5m, g 取10m/s2o实验步骤如下：乙将小滑块从圆弧上静止释放，通过水平桌面后从。点飞出做平抛运动，最后落到水平地面上，设小滑块从。点飞出落到水平地面上的水平距离为x(假设小滑块可视为质点)；改变小滑块在圆弧轨道面的高度，然后屡次重复实验步骤，试分析以下问题:试写出小滑块经过。点时的速度与X的关系表达式折 . (2)根据实验所得到的数据最后作出了
14、如图乙所示的图像，根据该图像求得小滑块与水平桌面间的动摩擦因数小 O【答案】VlO.r 01【解析】【分析】【详解】(1)“小球从。点滑出后做平抛运动，在水平方向有X=Vot在竖直方向有代入化简可得(2)由At。全程应用动能定理得小球受到的滑动摩擦力为联立解得2h = - + rL4/72 由上式可知图象在纵轴上的截距为/也=0.1所以小球与水平桌面间的动摩擦因数4=0.118.在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为， =1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸 带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如下图。为第一个点，A、8、C为从合适位置开 始选取连续点中的三个点。打
15、点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.80m/s2,那 么：，。 Jt C *IIH11：H15.55cm TH19.20cm :23.23cm (1)根据图上所得的数据，应取图中。点到 点来验证机械能守恒定律；(2)从。点到(1)问中所取的点，重物重力势能的减少量加二J,动能增加量4反=J (两空均保存三位有效数字);(3)假设测出纸带上所有各点到。点之间的距离，根据纸带算出各点的速度-及物体下落高度队那么以二 2(4)实验中对于使用打点计时器，下面说法正确的选项是：-机械能相同所用的时间不相同B,竖直方向速度大小为vsin。C.竖直方向速度大小为“an，D.相对于地面速
16、度大小为%【答案】B【解析】【详解】线与光盘交点参与两个运动，一是逆着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，那么合运动的速度大 小为V,由数学三角函数关系，那么有：%=% = vsin,而线的速度的方向，即为小球上升的速度大小, 故B正确，AC错误；球相对于地面速度大小为U = 云丽7,故D错误.【点睛】对线与CD光盘交点进行运动的合成与分解,此点既有逆着线方向的运动，又有垂直线方向的运 动，而实际运动即为CD光盘的运动，结合数学三角函数关系，即可求解2.如图，从竖直面上大圆（直径）的最高点A,引出两条不同的光滑轨道，端点都在大圆上，同一物体 由静止开始，从A点分别沿两条轨道滑到底端，那么（）A
17、.到达底端的动能相等C.重力做功都相同【答案】B【解析】【分析】【详解】AC .物体沿不同斜面下滑 高度不同，重力做功不同，合外力功不同，那么到达底端的动能不相等, 故AC错误；B .整个过程机械能守恒，故机械能相同，故B正确；D .对物体在斜面上受力分析，由牛顿第二定律可求得，a二二osa；根据运动学公式x =可得A.应先释放纸带后接通电源B .应先接通电源后释放纸带C.打点计时器使用的电源为直流电源D.打点计时器使用的电源为交流电源【答案】 .B.1.881.84.A.BD【解析】【分析】【详解】(1)验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能Ep=mgh和增加的动能AEk = mv2之
18、间的关系，由B点能够测和n的数据，而A、C两点不方便测出速度匕故应取图中。点到B点来验 证机械能守恒定律；(2) 2减少的重力势能为Ep=mgh= x9.8x 19.2x 10 2J=1.88J3利用匀变速直线运动的推论得OC-OAOC-OA2T= 1.92m/s所以增加的动能为Ek= - /hvb2= 1.84J2(3)4从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出mgh= ； mr得3=2的2那么以二为纵轴，以h为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线2应选A ；(4) 5AB .实验开始时要先接通电源后释放纸带，选项A错误，B正确；CD .打点计时器使用的电源为交流电源，选项C错误，D正确
19、一应选BD0四、解答题(此题共包括3个小题，总分值32分。请书写工整，规范答题)19 .如下图，在倾角为。的光滑斜面上，有一长为/的细线，一端固定在。点，另一端拴一质量为?的 小球,现使小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，。点到斜面底边的距离socH,求：小球通过最高点A时的速度va ；(2)小球通过最低点8时，细线对小球的拉力；(3)小球运动到A点或B点时细线断裂，小球滑落到斜面底边时到C点的距离假设相等，那么/和L应满足什么关系？【答案】(1)以=痴氤；(2) 7 = 6/gsin0; (3) = |/【解析】【分析】【详解】(1)小球在斜面上通过圆周运动最高点时，受重力、支持力和拉力而且
20、重力和斜面支持力的合力沿斜面向下大小等于zgsinM,使小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动即最高点时拉力等于0,所以mg sin 0 - m计算得以=Jg/sin .(2)从A点到8点，根据动能定理有mv +mg - 2/ sin 9- 说22计算得最低点的拉力假设为7：那么有2T-mg sin 0=m 计算得T=6mgsin。(3)不管从A点绳子断裂还是从B点绳子断裂，小球的运动都是类平抛运动，加速度。=gsin。细线在4点断裂d+/=5”r、%=匕细线在8点断裂弓陪、Sb。又.联立解得,3,a = 120 .半径为R的光滑圆环竖直放置，环上套有两个质量分别为阳和石川的小球A和几4、8之间用
21、一长为0R的轻杆相连，如下图。开始时，A、8都静止，且A在圆环的最高点，现将A、B释放，试求：(1用球到达最低点时的速度大小；(2冰球到达最低点的过程中，杆对4球做的功；-(3)8球在圆环右侧区域内到达最高点位置时OB连线与水平方向的夹角【答案】(l)VB= yf2gR ； (2)W 杆A=0 ； (3)为 60 度【解析】【分析】【详解】释放后4到达最低点的过程中4、3和杆组成的系统机械能守恒, ?AgR + m/tgR= g hiava1 + ； mnvir又Q4_LO8, A8杆长=0R,故04、OB与杆间夹角均为45。，可得VA=Vtf解得VB= J2gA(2)对小球A应用动能定理可得
22、W杆 A +，AgR= g %以又vA=vB解得杆对A球做功W杆八:0。 (3)设8球到达右侧最高点时，08与竖直方向之间的夹角为仇取圆环的圆心。为零势面, 由系统机械能守恒可得：?AgR=5gRcos 夕-，AgRsin 8代入数据可得,%30。所以3球在圆环右侧区域内到达最高点位置时OB连线与水平方向的夹角为60度一.如下图为火车站装在货物的原理示意图，设A8段是距水平传送带装置高位=5m的光滑斜面，水平段3c使用水平传送带装置，4c长L=8m,与货物包的动摩擦因数为=0.6,皮带轮的半径为R=0.2m, 上部距车厢底水平面的高度=0.45m,设货物由静止开始从A点下滑，经过B点的拐弯处无
23、机械能损失。 通过调整皮带轮(不打滑)的转动角速度可使货物经C点抛出后落在车厢上的不同位置，取lOm/sz, 求：(1)当皮带轮静止时，货物包在车厢内的落地点到C点的水平距离；(2)当皮带轮以角速度。=20rad/s顺时针方向匀速转动时，包在车厢内的落地点到C的水平距离；(3)试写出货物包在车厢内的落地点到。点的水平距离S虽皮带轮角速度变化关系，并画出S-刃图 象。(设皮带轮顺时针方向转动时，角速度取正值水平距离向右取正值)八s/m6.05.0 r4.0 j-3.0 H2.0 H花喘喘啜卷益%盍,/rads花喘喘啜卷益%盍,/rads【答案】 0.6m； (2) 1.2m ；1.0 r【解析】
24、【分析】【详解】设货物在8点的速度为,由机械能定恒定律可得% = J2gH = 42x10x5 m/s= 1 Om/s(I)货物从8到。做匀减速运动，由动能定理得1 2 1 ,-mvc -mvi那么V. = & -2gL = a/102 -2x0.6x10x8 m/s=2m/s落地点到。的水平距离v /? = 20x0.2 m/s=4m/s结合(1)可知，货物先减速运动，当速度减小为4m/s时开始匀速运动，最后从C点抛出，落地点到。点 的水平距离(3)皮带轮逆时针方向转动：无论角速度为多大，货物从8到C均作匀减速运动，在C点的速度为匕=2m/s,落地点到C点的水平距离5=0.6 in皮带轮顺时
25、针方向转动时I、当 0 4。工 lOrad/s 时S=0.6mII、当 10VGW50rad/s 时S = co- R=0.06co (m)HI、当 50 0 70 rad/s 时IV、当 270rad/s 时因此下滑时间与斜面的倾角无关，只与圆弧的半径及重力加速度有关，故下落时间相同，故D错误）应选B。应选B。3.如下图，两个倾角分别为30,45的光滑斜面放在同一水平面上，两斜面间距大于小球直径，斜面高度相等.有三个完全相同的小球、b、c,开始均静止于同一高度处，其中8小球在两斜面之间，a、c,两 小球在斜面顶端.假设同时释放，小球。、氏c到达该水平面的时间分别为。、小门.假设同时沿水平方向
26、抛 出，初速度方向如下图，小球。、b、。到达该水平面的时间分别为“、t2t2，t3ti t3tzt2t2，, t3/312；假设同时沿水平方向抛出，4、。两球做类平抛运动，。球做平抛运动，抓住小球在竖直方向上 或沿斜面方向上的运动规律与静止释放时相同，根据等时性有：=，2=/，了=/3.故B、D正确.4.如下图，8和C是一组塔轮，即4和。半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比为Rs：Rc=3 ： 2, A轮 半径大小与C轮相同，它与4轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于 摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来。a、b、c分别为三轮边缘的三个点，那么、氏c三点在转动过程 中的（）
27、A.线速度大小之比为2 ： 2 ： 3-B.角速度之比 3 ： 3 ： 2-C.向心加速度大小之比为9 ： 6 ： 4D.转速之比为2 ： 3 ： 2-【答案】C【解析】【分析】【详解】轮A、轮B靠摩擦传动，边缘点线速度相等v : Vb= 1根据公式v=rco,有：co（i . 2。根据a）=2nn,有：nu iib=3 2-根据a=y0有：-aa ab=3 : 2-轮8、轮C是共轴传动，角速度相等，故：COb : COc=l ： 1根据公式v=rco,有：Vb : 2-根据（f）=2Tin,有：根据a=va),有：cib :=3 ： 2综合得到：va : Vb :以=3 ： 3 ： 2, a
28、(l ： ai, ac=9 ： 6 ： 4转速之比为3 ： 2 ： 2,角速度之比为3 ： 2 ： 2。应选C。5.以下说法正确的选项是()A.卡文迪许通过扭秤实验测出了静电力常量B.密立根最早测出了元电荷的数值C.体积很小的带电体就是点电荷D.点电荷是实际存在的电荷【答案】B【解析】【分析】【详解】A .卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量.选项A错误；B .密立根利用油滴实验最早测出了电子的电荷量大小，即元电荷的数值。选项B正确厂C.体积或形状对研究的问题的影响可忽略不计的带电体，才可看作点电荷；如果体积虽然很小，但是对研究的问题的影响不可忽略，这个带电体就不能看做点电荷。选项C错误；D
29、 .点电荷实际上是不存在的，是理想模型。选项D错误。应选B 6 .某原子电离后其核外只有一个电子，假设该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动 ()A.半径越小，加速度越小B.半径越小，周期越大C.半径越大，角速度越大D.半径越大，线速度越小,【答案】D【解析】【分析】【详解】根据q2 v2 24/r = m 一 = m(o r = mk r = mar2 rT2可知可知那么半径越小，那么加速度越大，周期越小；半径越大，那么角速度越小，线速度越小.应选D。.摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如下图。当列车转弯时，在电脑控 制下，车厢会自动倾斜；行走在直线
30、上时，车厢又恢复原状，就像玩具不倒翁一样。假设有一超高速 摆式列车在水平面内行驶，以360 km/h的速度拐弯，拐弯半径为1km,那么质量为55 kg的乘客，在拐弯过 程中所受到的列车给他的作用力为(g IOm/s2) () -D. 550 亚 N-550 NB. I 100 NC. 0【答案】D【解析】【分析】【详解】向心力 =,w= 55xN=550N” r 1000那么乘客在拐弯过程中所受到的列车给他的作用力为F = J 工2十(7gy=75502+5502N = 550V2N应选D0 8. 2019年12月I6S,我国“一箭双星”将北斗导航系统的第52、53颗卫星送入预定轨道。北斗导航
31、系2统的某两颗卫星的圆轨道如下图，G卫星相对地球静止，M卫星轨道半径为G卫星的一倍，以下说法正 3确的是（）2A. G卫星的线速度是M卫星的不倍3C.在相等时间内，G卫星与地心连线扫过的面积是M卫星的如倍2D.在相等时间内，G卫星与地心连线扫过的面积与M卫星相同,【答案】C【解析】【分析】【详解】A .G卫星相对地球静止即为地球同步卫星，那么G卫星的轨道只能与地球赤道平面共面，故A错误；B .由公式厂 Min V2（j = tn 那么G卫星的线速度是M卫星的四倍，故B错误； 3CD .设相等时间为r, G卫星与地心连线扫过的面积同理M卫星与地心连线扫过的面积那么区=-旦。=也S. vm &3
32、2 2故C正确，D错误一应选C。9.狞猫弹跳力惊人，栖息在干燥的旷野和沙漠，善于捕捉鸟类。一只狞猫以某一初速度斜向上与水平地面 成。角跳离地面，落地前其最大高度为上最大水平位移为工。不考虑空气阻力。以下说法正确的选项是()A.保持起跳角度。不变，增大起跳速度，X与力的比值减小B.保持起跳角度。不变，增大起跳速度，工与的比值增大C.保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的运动时间增大D.保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的最大高度减小【答案】C【解析】【分析】【详解】设狞猫初速度为V,对速度进行水平和竖直方向分解，得水平和竖直方向分速度分别为PCOS。和vsinOo可知狞猫跳起后，竖直方
33、向做竖直上抛运动，由运动学公式，可知最大高度为,v2sin2h =2g由于不计空气阻力，所以狞猫上升和下落过程的运动时间一致，运动时间为2vsin。t =-g狞猫起跳后，水平方向做匀速直线运动，所以水平位移为八 2/sin Geos。x = vcosO t = 可得x _ 4cos6h sin。AB .x与的比值只与起跳角度有关，假设起跳角度不变，那么式与力的比值也不会变，选项AB错误；C .保持起跳速度大小不变，增大。角，根据2vsin。t =-g狞猫在空中的运动时间增大，选项C正确1D .保持起跳速度大小不变，增大。角，根据v2sin26狞猫在空中的最大高度,增大，选项D错误一 应选C。式中是被水平抛出的式中是被水平抛出的10.在交通事故处理过程中，测定碰撞瞬间汽车的速度，对于事故责任的认定具有重要的作用。中国汽车驾驶员杂志曾给出一个计算碰撞瞬间车辆速度的公式 散落在事故现场路面上的两物体沿公路方向上的水平距离，加、生分别是散落物在车上时候的离地高度, 如下图，只要用米尺测量出事故现场的、小、三个量，根据上述公式就能计算出碰撞瞬间车辆的速 度。不计空气阻力。g取9.8m/s2,那么以下表达正确的（） NL !A.尸、Q落地时间相同P、。落地时间差与车辆速度有关B. P、。落地时间差与车辆速度乘积等于入P、。落地时间差与车辆速度成正比【答案】C【解析】【分析】