《2022年高考物理二轮复习专题测试牛顿运动定律与直线运动.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理二轮复习专题测试牛顿运动定律与直线运动.docx（12页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载20XX 届高考物理二轮复习专题测试：牛顿运动定律与直线运动一、单项挑选题（每题 4 分,共 16 分）12022 东北三省四市模拟如图 1 所示,一小球分别以不同的初速度,从光滑斜面的底端 A 点向上做直线运动,所能到达的最高点位置分别为a、b、c,它们距斜面底端A 点的距离分别为s1、s2、s3,对应到达最高点的时间分别为t1、t2、t3,就以下关系正确选项 图 1 A.s1 t1s2 t2s3B.s3 t3s2 t2s1s1 C. t1 2s2 t2 2s3 2 t3D.s1 t1 2s2 t2 2s3 2 t32202
2、2 郑州模拟 利用传感器与运算机结合,可以自动作出物体运动的图像；某同学在一次试验中得到运动小车的速度时间图像如图2 所示,由此图像可知 图 2 A18 s 时的加速度大于 13 s 时的加速度B小车做曲线运动C13 s 末小车距离动身点最远D小车前 10 s 内的平均速度比后 10 s 内的大32022 上海高考 如图 3 所示,光滑斜面固定于水平面上,滑块 A、B 叠放后一起冲上斜面,且始终保持相对静止,A 上表面水平；就 A、B 整体在斜面上运动时,B 受力的示意图为 图 3 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 8 页精选学习资料 - - - - - - - - -
3、学习必备 欢迎下载图 4 42022 平顶山模拟 一个质量为 m 1 kg 的物块放在水平光滑地面上,在一水平外力F1 2 N 的作用下从静止开头做直线运动,物体运动5 s后外力撤去,在此时刻再加上一个与 F1 反向的力 F26 N ,物体又运动 5 s；规定外力 F 1 的方向为正方向,就在物体运动的这个 10 s 的时间内,以下关于物体的速度图像,正确选项 图 5 52022 新课标全国卷 如图 6,直线 a 和曲线 b 分别是在平直大路上行驶的汽车 a和 b 的位置时间 x -t图线；由图可知 图 6 A在时刻 t1,a 车追上 b 车B在时刻 t2,a、b 两车运动方向相反C在 t1到
4、 t2这段时间内, b 车的速领先削减后增加名师归纳总结 D在 t1到 t2这段时间内, b 车的速率始终比a 车的大物块贴在小车左壁相对静止；第 2 页,共 8 页6. 2022茂名模拟 如图 7 所示,小车向右做加速直线运动,当小车的加速度增大时,以下说法正确选项 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载图 7 A物块受到的弹力不变B物块受到的摩擦力不变C物块受到三个力的作用D物块受到的合外力为零二、双项挑选题（每题 6 分,共 30 分）72022 邯郸模拟 如图 8 所示,一小滑块沿足够长的斜面以初速度 v 向上做匀变速运动,依次经
5、 A、B、C、D 到达最高点 E,已知 ABBD6 m,BC1 m,滑块从 A 到 C 和从 C 到 D 所用的时间都是 2 s；设滑块经 B、C 时的速度分别为 v B、v C,就 图 8 AvC3 m/s Bv B8 m/s CDE3 m D从 D 到 E 所用时间为 4 s 8. 2022 南昌模拟 如图 9 所示,一名消防队员在模拟演习训练中,沿着长为 12 m 的竖立在地面上的钢管往下滑；已知这名消防队员的质量为60 kg ,他从钢管顶端由静止开头先匀加速再匀减速下滑,滑到地面时速度恰好为零；假如他加速时的加速度大小是减速时的 2倍,下滑的总时间为 3 s,g 取 10 m/s 2,
6、那么 图 9 名师归纳总结 A该消防队员加速与减速过程的时间之比为12 第 3 页,共 8 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载B该消防队员加速与减速过程的时间之比为 21 C加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为 17 D加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为 27 92022 郑州四中调研 如图 10 甲所示, A、B 两物体叠放在一起,放在光滑的水平面上,从静止开头受到一变力的作用,该力与时间的关系如图乙所示,就以下说法正确选项 图 10 At0时刻, A、B 间静摩擦力最大 Bt 0时刻, B 速度最大 C2t0时刻, A、B 间
7、静摩擦力最大 D2t0时刻, A、B 位移为零 三、运算题（每题 18 分,共 36 分）A、 B 始终相对静止,102022 潍坊模拟 质量 M9 kg、长 L1 m 的木板在动摩擦因数 10.1 的水平地面上向右滑行,当速度 v02 m/s 时,在木板的右端轻放一质量 m 1 kg 的小物块,如图 11所示；当小物块刚好滑到木板左端时,小物块和木板达到共同速度；图 11 g 取 10 m/ s 2,求：1从小物块放到木板上到它们达到相同速度所用的时间t；t0 时刻将一相对于地面2小物块与木板间的动摩擦因数2；112022 新课标全国卷一长木板在水平地面上运动,在静止的物块轻放到木板上,以后
8、木板运动的速度时间图像如图12 所示；已知物块与木板名师归纳总结 的质量相等, 物块与木板间及木板与地面间均有摩擦；物块与木板间的最大静摩擦力等于滑第 4 页,共 8 页动摩擦力,且物块始终在木板上；取重力加速度的大小g10 m/s 2,求：- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载图 12 1物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；2从 t0 时刻到物块与木板均停止运动时,物块相对于木板的位移的大小；答 案1选 C 选项 A、B 表达的是平均速度,由题意可知到达 a 点的小球初速度最大,即此过程平均速度最大,所以选项 A、B 错误；选项 C
9、、D 表达的是加速度,由受力情形可知三个过程的加速度相等,所以选项 C 正确；2选 A 由 v -t 图像的斜率大小表示小车的加速度大小可知,18 s 时小车的加速度大于 13 s 时小车的加速度,A 正确； v - t 图像只表示直线运动,B 错误；小车在 020 s 内速度方向不变,故 t20 s 时小车离动身点最远,C 错误；由 s 前 10 ss 后 10 s, v s t可知 D 错误；3选 A因 A 上表面水平, A、B 间如存在摩擦力,只能沿水平方向,故 C、D 均错误；因 A、B 沿光滑斜面一起向上冲时,加速度肯定沿斜面对下,故滑块B 水平方向必有向左的合外力,即 A 对 B
10、的静摩擦力 f 的方向水平向左,故 A 正确, B 错误；4选 D 物体在前 5 s 内的加速度 a1F1 m2 m/s 2,5 s 末的速度 v1a 1t110 m/ s,物体在 5 10 s 内的加速度大小为 a2F 2 m 6 m/s 2,10 s 末物体的速度 v 2v 1 a2t2 20 m/ s,D 正确；名师归纳总结 5选 BC此题考查运动图像,意在考查考生对运动图像的懂得及图像与运动转换的第 5 页,共 8 页才能；从 x-t 图像可以看出,在t1 时刻, b 汽车追上a 汽车,选项A 错误；在 t2 时刻, b 汽车运动图像的斜率为负值,表示 b 汽车速度反向, 而 a 汽车
11、速度大小和方向始终不变,应选- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 项 B 正确；从t1 时刻到 t 2时刻,图像学习必备欢迎下载b 汽车的b 斜率的肯定值先减小至零后增大,反映了速领先减小至零后增加,选项 C 正确、 D 错误；6.选 BC 分析物块受力如下列图,由牛顿其次定律得：Nma,fmg,小车的加速度越大, N 越大,而 f 始终等于 mg,B 正确；物块共受三个力作用,C 正确；sAB sBD7选 AD 设从 A 到 C 和从 C 到 D 所用时间 T2 s,就 vC2T3 m/s ,A 正确；由 sACsCDaT 2,可得 a0.5 m/ s
12、2；由 v B 2vC 22asBC 可得： vB10 m/s,B 错误；由vC 22asCE 可得 sCE9 m,sDEsCEsCD 4 m,C 错误； tCEv C a6 s,tDEtCEtCD 4 s,D 正确；8选 AC 由 va1t1, va2t2,联立解得 t1t212,A 正确, B 错误；由 t1t 23 sv t1 t2可得 t11 s,t22 s,由 L2 可知 v8 m/s ,就 a18 m/ s 2,a24 m/s 2；由 mgf1ma1,mgf2 ma2,得 f1f217,C 正确, D 错误；9选 BC 以整体为讨论对象,依据 FmAmBa,可知系统先做加速度逐步减
13、小的加速运动,在 t0 时刻加速度为零,速度最大,然后做加速度逐步增大的减速运动,在 2t0 时刻,速度变为零,系统停止,依据运动学学问可知加速阶段位移等于减速阶段位移,且在2t0 时刻位移达到最大,故 B 正确, D 错误；隔离 A 可知 A、B 之间的摩擦力供应 A 的加速度,系统开头时刻和 2t0 时刻加速度最大,因此由 fmAa 可知开头时刻和 2t0 时刻 A、B 之间的摩擦力最大,t0 时刻为零,故 A 错误, C 正确；10解析： 1设木板的加速度大小为 a1,在时间 t 内的位移为 s1；小物块的加速度大小为 a2,在时间 t 内的位移为 s2,就有 s1v 0t12a1t 2
14、s21 2a2t 2s1 Lx2又 v 0a1t a2t名师归纳总结 代入数据得t1 s第 6 页,共 8 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载2依据牛顿其次定律,有 1Mmg2mg Ma1 2mgma2 解得 20.08 答案： 11 s 20.08 11解析： 此题主要考查牛顿运动定律、匀变速直线运动规律、速度图像、叠加体及其 相关学问,意在考查考生敏捷应用相关学问解决问题的才能；1从 t0 时开头,木板与物块之间的摩擦力使物块加速,使木板减速,此过程始终持续到物块和木板具有共同速度为止；由题图可知,在t10.5 s 时,物块和木
15、板的速度相同；设 t0 到 tt1 时间间隔内,物块和木板的加速度大小分别为a1 和 a2,就a1v1 t1a2v0v1t1式中 v 05 m/s 、v 11 m/ s 分别为木板在t0、tt1 时速度的大小；设物块和木板的质量均为m,物块和木板间、 木板与地面间的动摩擦因数分别为1、2,由牛顿其次定律得1mgma1 122mgma2 联立式得10.20 20.30 2在 t1 时刻后,地面对木板的摩擦力阻碍木板运动,物块与木板之间的摩擦力转变方向；设物块与木板之间的摩擦力大小为f,物块和木板的加速度大小分别为a1和 a2,就由牛顿其次定律得名师归纳总结 fma1第 7 页,共 8 页22mg fma2- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 假设 f 1mg,就 a1a2学习必备欢迎下载；由式得f2mg1mg,与假设冲突；故 f1mga1等于 a1；物块的 v -t 图像如图中点画线所示；由式知,物块加速度的大小由运动学公式可推知,物块和木板相对于地面的运动距离分别为2 s1 2v 1 2a1.s2v0 v12 t1v 1 2a22物块相对于木板的位移的大小为名师归纳总结 ss2s1.式得第 8 页,共 8 页联立.s1.125 m.21.125 m 答案： 10.200.30- - - - - - -