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1、2016年上海市天原杯初赛化学试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题2分，共40分，每小题只有一个正确答案）1（2分）不属于新能源的是（）A化石燃料B风能C核能D潮汐能【分析】根据能源的种类进行分析，新能源是指无污染、可以持续利用的能源，包括太阳能、风能、核能、地热能、潮汐能等【解答】解：人们正在利用和开发的新能源有太阳能、核能、风能、地热能、潮汐能、生物质能等A、化石燃料不属于新能源，故选项正确B、风能是清洁、无污染的新能源，故选项错误C、核能属于新能源，故选项错误D、潮汐能是清洁、无污染的新能源，故选项错误故选：A【点评】本题难度不大，新能源是中考的热点，了解常见的新能源范畴、种类是正
2、确解答本题的关键2（2分）某同学测定了生活中常见物质的pH，其中一定存在错误的是（）A肥皂水：6B食醋：3C柠檬汁：3D自来水：6【分析】当溶液的pH等于7时，呈中性当溶液的pH大于7时，呈碱性当溶液的pH小于7时，呈酸性【解答】解：A、肥皂水显碱性，pH大于7；不能为6，故错误；B、食醋是醋酸的溶液显酸性，pH小于7，故正确；C、柠檬汁的溶液显酸性，pH小于7，故正确；D、自来水略微呈酸性，pH小于7，故正确；故选A【点评】解答本题要掌握溶液的酸碱性和溶液pH大小之间的关系，然后再根据具体物质的水溶液的酸碱性进行分析、判断，从而得出正确的结论3（2分）上海市政府颁布的相关规定和措施中，与促进
3、空气质量的提高无关的是（）A外环内禁放烟花B空气污染红色预警时，中小学幼儿园停课C大力发展公共交通D本市行驶的机动车、船不得排放明显可见的黑烟【分析】化石燃料的燃烧会产生大量的空气污染物，机动车排放的尾气也是空气的主要污染物，建筑工地的扬尘也是造成空气污染的主要原因之一抑制过快增长的私家车拥有量、禁放烟花、提供市民乘公交车出行的便利、减少机动车燃油排放含氮、硫的氧化物的量等措施都与改善空气质量有关【解答】解：A、燃放烟花爆竹会造成空气污染，禁放烟花利于保护环境，与促进空气质量的提高有关；B、空气污染红色预警时，中小学幼儿园停课，但与促进空气质量的提高无关；C、大力发展公共交通，可减少尾气的排放
4、，会减少二氧化碳的排放，有利于保护大气环境，与促进空气质量的提高有关；D、本市行驶的机动车、船不得排放明显可见的黑烟，会减少一氧化碳等有毒气体的排放，有利于保护大气环境，与促进空气质量的提高有关；故选：B【点评】解答本题要充分理解防止环境污染的重要性，只有这样才能对相关方面的问题做出正确的判断4（2分）科学合理的膳食，使人身体中各种元素形成“收支平衡”，以保障健康某些元素缺乏所导致的健康问题，分析错误的是（）ACa：佝偻病BI：甲状腺肿CF：龋齿DZn：帕金森综合症【分析】A、根据Ca的生理功能和缺乏症进行分析判断B、根据I的生理功能和缺乏症进行分析判断C、根据F的生理功能和缺乏症进行分析判断
5、D、根据Zn的生理功能和缺乏症进行分析判断【解答】解：A、人体缺钙易引起佝偻病，正确；B、人体缺碘会引起甲状腺肿，正确；C、人体缺氟会引起龋齿，正确；D、人体缺锌会引起智力低下，发育不良，错误故选D【点评】化学元素与人体健康的关系是中考考查的热点之一，熟记人体化学元素的分类、生理功能、食物来源、缺乏症等是正确解答此类题的关键5（2分）生活中常见的物品由有机合成材料制成的是（）A不锈钢保温杯B手机塑料外壳C陶瓷花盆D真丝围巾【分析】有机合成材料简称合成材料，要判断是否属于合成材料，可抓住三个特征：有机物、合成、高分子化合物，据此常见材料的分类进行分析判断【解答】解：A、不锈钢保温杯是用不锈钢制成
6、的吗，属于金属材料，故选项错误B、手机塑料外壳是用塑料制成的，塑料属于三大合成材料之一，故选项正确C、陶瓷花盆是用泥土烧制制成的，属于无机非金属材料，故选项错误D、真丝围巾是用真丝制成的，属于天然材料，故选项错误故选：B【点评】本题难度不大，掌握合成材料的三大特征（有机物、合成、高分子化合物）、分类是正确解答此类题的关键所在6（2分）某品牌化肥标签如图所示，相关说法错误的是（）A该化肥属于铵态氮肥，易溶于水B该化肥是由N、H、C、O四种元素组成的纯净物CNH4HCO3能与碱性物质反应DNH4HCO3受热可能会产生含氮元素的气体【分析】A根据化肥的分类与性质来分析；B根据碳酸氢铵中的含氮量来分析
7、；C根据铵态氮肥的性质以及使用方法来分析；D根据碳酸氢铵的性质来分析【解答】解：A碳酸氢铵中含有铵根离子，属于铵态氮肥，能溶于水，故正确；B碳酸氢铵中，氮元素的含量为：17.7%，而标签上的含氮量为16%，所以该化肥为混合物，故错误；C铵态氮肥能与碱性物质反应释放出氨气，造成肥效较低，故正确；D碳酸氢铵受热会分解为氨气、水和二氧化碳，氨气是由氮元素与氢元素组成的，故正确故选B【点评】本题难度不大，考查同学们结合新信息、灵活运用化学式的含义与有关计算进行分析问题、解决问题的能力7（2分）下列方法不能使澄清石灰水变浑浊的是（）A通入二氧化碳B滴加碳酸钠C放入CaOD放入KNO3【分析】根据碱的化学
8、性质（能与酸碱指示剂、非金属氧化物、酸、盐等反应），据此进行分析解答【解答】解：A、二氧化碳与石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水，能使澄清石灰水变浑浊，故选项错误B、碳酸钠溶液与石灰水反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，能使澄清石灰水变浑浊，故选项错误C、氧化钙与水反应生成氢氧化钙，且溶于水放出大量的热、生成的氢氧化钙微溶于水，溶液中溶剂减少，有氢氧化钙析出，能使澄清石灰水变浑浊，故选项错误D、硝酸钾与石灰水交换成分没有沉淀生成、气体或水生成，不能发生复分解反应，不能使澄清石灰水变浑浊，故选项正确故选：D【点评】本题难度不大，掌握碱的化学性质（能与酸碱指示剂、非金属氧化物、酸、盐等反应）并能灵活运用是正确
9、解答本题的关键8（2分）下列说法正确的是（）A可以通过物理变化实现红磷和白磷的转化B碱性氧化物都是金属氧化物C由两种或两种以上元素组成的物质是化合物D灼烧石灰石时火焰呈砖红色可能是其中的C元素造成的【分析】A、根据同素异形体之间的转化属于化学变化进行分析；B、根据与水反应会生成碱的金属氧化物属于碱性氧化物进行分析；C、根据两种或两种以上元素组成的纯净物是化合物进行分析；D、根据灼烧石灰石时火焰呈砖红色可能是其中的Ca元素造成的进行分析【解答】解：A、白磷和红磷是同种元素形成的不同种单质，互为同素异形体，结构不同，原子最外层电子数相同，物理性质不同，化学性质相似，相互转化为化学变化，故A错误；B
10、、与水反应会生成碱的金属氧化物属于碱性氧化物，故B正确；C、两种或两种以上元素组成的纯净物是化合物，故C错误；D、灼烧石灰石时火焰呈砖红色可能是其中的Ca元素造成的，故D错误故选：B【点评】本题主要考查了化学中的基础知识，难度不大，需要在平时的学习中加强识记即可完成9（2分）下列实验数据读取正确的是（）A用10mL量筒量取8.2mL水B用电子天平（精度：0.1g）称取50g食盐C用胶头滴管取1.0mL水D用广泛pH试纸测定某溶液的pH=5.6【分析】A、根据量筒的选择原则进行分析判断；B、根据电子天平的精确度为0.1g进行分析判断；C、根据胶头滴管只能滴加少量液体，胶头滴管没有刻度，不能准确的
11、滴加液体进行分析判断；D、根据pH试纸测得的数值的特点进行分析判断【解答】解：A、量筒量程选择的依据有两点：一是保证量取一次，二是量程与液体的取用量最接近，可用10mL量筒量取8.2mL水，故数据读取正确；B、电子天平的精确度为0.1g，可用电子天平（精度：0.1g）称取50g食盐，故数据读取正确；C、胶头滴管只能滴加少量液体，胶头滴管没有刻度，不能准确的滴加液体，故数据读取错误；D、由于pH试纸上的数只有整数，所以测得溶液的pH只能准确到整数，不能到小数，故数据读取错误故选：AB【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、掌握常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键10
12、（2分）玻璃棒是化学实验中常用的仪器，下列实验过程中一般不需要使用玻璃棒的是（）A配置5%的稀硫酸溶液B除去悬浮于河水中的不溶物C从氯化钠溶液中得到氯化钠固体D用量筒量取50mL水【分析】A、根据配制溶液的实验步骤、所需仪器，进行分析判断B、除去悬浮于河水中的不溶物的操作是过滤，进行分析判断C、从氯化钠溶液中得到氯化钠固体，应采用蒸发的方法，进行分析判断D、根据量取水的方法，进行分析判断【解答】解：A、配制5%的稀硫酸溶液，进行稀释时，应用玻璃棒进行搅拌，故选项错误B、除去悬浮于河水中的不溶物的操作是过滤，过滤时应使用玻璃棒进行引流，故选项错误C、从氯化钠溶液中得到氯化钠固体，应采用蒸发的方法
13、，蒸发时应使用玻璃棒进行搅拌，故选项错误D、用量筒量取50mL水，应使用量筒和胶头滴管，无需使用玻璃棒，故选项正确故选：D【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途、常见化学实验基本操作的方法是解答此类试题的关键11（2分）关于化学反应“甲+乙丙+丁”的分析正确的是（）A若丙为气体，则甲、乙中一定有单质B若丙为沉淀，则甲、乙中有一种物质是碱C若丁为水，则该反应一定是中和反应D若丙、丁为盐和水，则该反应可能是中和反应【分析】化学反应“甲+乙丙+丁”，反应物和生成物均是两种，解答本题可采用例证法，进行分析判断【解答】解：A、若丙为气体，则甲、乙中不一定有单质，如一氧化碳与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，
14、故选项说法错误B、若丙为沉淀，则甲、乙中不一定有一种物质是碱，如硫酸与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀和盐酸，故选项说法错误C、若丁为水，则该反应不一定是中和反应，如CO2+2NaOHNa2CO3+H2O，故选项说法错误D、若丙、丁为盐和水，则该反应可能是中和反应，如HCl+NaOHNaCl+H2O，故选项说法正确故选：D【点评】本题难度不大，熟练掌握碱的化学性质、中和反应的特征等并能灵活运用是正确解答本题的关键12（2分）等物质的量的下列物质充分燃烧生成二氧化碳和水，所消耗的氧气量相同的是（）AC6H6和C5H10BC4H8和C5H10CC4H8和C6H6DC6H6和C6H12O6【分析】题
15、目给出的等物质的量的可燃物求算充分燃烧需要的氧气的量（质量或者物质的量都是一个道理），要注意两点：一是给出的是物质的量而不是质量，二要归纳一些而不要每个选项注意求算【解答】解：不含氧的有机物燃烧的通式为CxHy+O2xCO2+H2O假设给定的物质都是1mol则对应的物质反应消耗的氧气的物质的量分别为C4H8 =6C5H10 =7.5C6H6 =7.5含氧有机物燃烧的通式CxHyOz+O2xCO2+H2O假设给定的物质都是1molC6H12O6消耗的氧气的物质的量=6即C6H6和C5H10消耗的氧气的物质的量相等C4H8和C6H12O6消耗的氧气的物质的量相等故选：A【点评】有机物燃烧尤其是配平
16、对初中学生而言，是个难点，如果逐一配平计算，难度还是较大的，不过有机物燃烧配平先将有机物的计量系数定为1，然后配平碳元素和氢元素，最后配平氧元素，最后看是氧气的计量系数是否为分数，如果是分数，则全部乘以分母13（2分）（2012虹口区一模） 图中“”表示甲在一定条件下可以转化成乙，“”代表相连的两物质间在一定条件下可以发生反应，甲、乙、丙、丁分别表示一氧化碳、碳、氧气、二氧化碳中的某一物质，请分析下列结论正确的是（）A甲一定是一氧化碳B乙一定不是二氧化碳C丙可能是碳或二氧化碳D丁可能是碳或氧气【分析】根据各组内四种物质的性质及变化规律，利用物质间发生反应需要满足的条件，判断物质间反应与转化关系
17、图中所示的物质间关系相符合的选项；丙与丁均能和其它的两种物质反应，所以可判断它们是氧气与碳，推断结论是否正确可采用依据选项分析判断转化是否完成即可得到答案【解答】解：A、甲是一氧化碳时则乙是二氧化碳，丙是氧气，丁是碳，符合该转化过程，但当甲是碳乙是一氧化碳丁是氧气丙是二氧化碳时该转化也能完成，故该说法错误；B、当乙是二氧化碳时丁是碳丙是氧气甲是一氧化碳该转化也能完成，故说法错误；C、丙是碳时甲和丁是氧气和二氧化碳，则乙只能是一氧化碳，该转化能完成，丙是二氧化碳时四种物质中找不到能与之反应的两种物质，故该选项说法错误；D、当丁是碳时乙是二氧化碳丙是氧气甲是一氧化碳可完成该转化，丁是氧气乙是一氧化
18、碳丙是碳甲是二氧化碳可完成该转化，故选项说法正确，故选D【点评】熟练掌握常见物质的性质及变化规律，是准确解答此类问题的知识基础14（2分）下列行为错误的是（）A强碱溶液溅到皮肤上，涂硼酸溶液中和B用玻璃棒将石碱研磨成粉末C酒精灯不用时盖上灯帽D进行化学实验时佩戴防护眼镜【分析】A、根据强碱溶液溅到皮肤上的处理方法，进行分析判断B、根据将固体研磨成粉末的方法，进行分析判断C、根据酒精易挥发，进行分析判断D、根据进行化学实验时的注意事项，进行分析判断【解答】解：A、强碱溶液溅到皮肤上，立即用大量水冲洗，再涂上硼酸溶液，故选项说法正确B、将石碱研磨成粉末，应使用研钵，不能使用玻璃棒，故选项说法错误C
19、、酒精易挥发，为防止造成浪费，酒精灯不用时盖上灯帽，故选项说法正确D、进行化学实验时，可以佩戴防护眼镜，故选项说法正确故选：B【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键15（2分）如图为物质W（不含结晶水）的溶解度曲线M、N两点分别表示含物质W的两种溶液，下列说法正确的是（）AM中溶质质量一定大于N中的溶质质量B将N蒸发部分水可得到与M溶质质量分数相同的溶液C向N中加入（ba）克W后降温至t2，得到饱和溶液D将M降温至t1再升温至t3，得到溶液N【分析】根据题目信息和溶解度曲线可知：物质W固体物质的溶解度，是随温度升高而增大；M中
20、溶质质量一定大于N中的溶质质量错误，它们的温度不同；将N蒸发部分水可得到与M溶质质量分数相同的溶液错误，应该是可能得到；向N中加入（ba）克W后降温至t2，得到饱和溶液正确，将M降温至t1再升温至t3，得到溶液N错误，因为没有进行过滤【解答】解：A、M中溶质质量一定大于N中的溶质质量错误，它们的温度不同，故选项错误；B、将N蒸发部分水可得到与M溶质质量分数相同的溶液错误，应该是可能得到；故选项错误；C、向N中加入（ba）克W后降温至t2，得到饱和溶液正确，故选项正确；D、将M降温至t1再升温至t3，得到溶液N错误，因为没有进行过滤，故选项错误；故选C【点评】本考点考查了溶解度曲线及其应用，通过
21、溶解度曲线我们可以获得很多信息；还考查了有关饱和溶液和不饱和溶液的相互转化等，本考点主要出现在选择题和填空题中16（2分）A、B、C、D四个试管中分别盛有无色待测液，分别进行如下实验，实验结论正确的是（）实验现象结论A放入镁带剧烈反应，试管口有白雾原溶液为浓盐酸B用洁净的铂丝蘸取溶液进行颜色反应火焰呈黄色原溶液中有Na元素，无K元素C滴加氯化钡白色沉淀原溶液中一定含有具有硫酸根的物质或硝酸银D通入过量二氧化碳产生白色沉淀后沉淀消失原溶液中可能含有氢氧化钙AABBCCDD【分析】根据物质的性质结合物质间反应的实验现象进行分析解答即可【解答】解：A、放入镁带，剧烈反应，试管口有白雾，原溶液不一定为
22、浓盐酸，错误；B、用洁净的铂丝蘸取溶液进行颜色反应，火焰呈黄色，原溶液中有Na元素，可能无K元素，错误；C、滴加氯化钡，白色沉淀，原溶液中可能含有硝酸亚汞，错误；D、通入过量二氧化碳，产生白色沉淀后沉淀消失，原溶液中可能含有氢氧化钙，正确；故选D【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，侧重分析能力与实验能力的综合考查，把握气体的检验方法、物质检验的试剂等为解答的关键，题目难度不大17（2分）某混合气体中可能含有氮气、氯化氢、一氧化碳中的一种或几种将上述气体样品依次通过足量饱和碳酸氢钠溶液和灼热的氧化铜后恢复至原来的温度（室温），气体体积均无明显变化，但氧化铜部分变红再将气体通过足量氢氧
23、化钠溶液，气体体积减少但仍有少量气体剩余则该混合气体的成分是（）AN2、HCl、COBN2、COC一定有 N2、CO，可能有氯化氢D一定有CO，可能有N2和HCl【分析】根据一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，氯化氢和碳酸氢钠反应生成二氧化碳、氯化钠和水，二氧化碳会与氢氧化钠反应等知识进行分析【解答】解：将混合气体依次通过NaHCO3溶液和灼热的CuO，气体体积无变化，但氧化铜部分变红，气体若含有CO、HCl在此全部转化为CO2，再通过氢氧化钠，气体体积明显减小，并有剩余气体，说明一定有N2所以混合气体中一定有 N2、CO，可能有氯化氢，故选：C【点评】本题以物质推断的形式考查常见
24、物质的性质，体现学生根据实验现象判断结果的能力和分析解决问题的能力18（2分）物质M和N反应生成X和Y的化学方程式是aM+bNcX+dY，下列分析正确的是（）Aa+b=c+dB取M与N各W g，反应后生成物的总质量不大于2W gC参加反应的M、N的质量比一定等于生成X、Y的质量比D该反应是复分解反应或置换反应中的一种【分析】根据质量守恒定律可知，化学反应前后分子的个数可能改变，参加化学反应的各物质的质量总和等于反应后各物质的质量总和，据此解答即可【解答】解：A、化学反应的前后分子的总个数可能发生变化，故a+b不一定等于c+d；错误；B、由质量守恒定律可知参加化学反应的各物质的质量总和等于反应后
25、各物质的质量总和，所以当M和N的质量均为Wg时，且恰好反应时X和Y的质量和也等于2Wg，不恰好反应时X和Y的质量和应小于2Wg；正确；C、参加反应的M和N的质量比与生成物X和Y的质量比无直接关系，是否相等应依据具体的化学方程式的相关数值进行计算，错误；D、该反应不一定是复分解反应或置换反应中的一种，例如氢氧化钠与二氧化碳反应，既不是复分解反应也不是置换反应，错误故选B【点评】要想解答好这类题目，首先要理解和熟记质量守恒定律及其应用，以及与之相关的知识然后根据所给的问题情景或其它信息等，结合所学的相关知识和技能，对问题进行分析探讨19（2分）为获得单质钯，进行如下实验：取100g17.7%的Pd
26、Cl2溶液加入10.0g铁粉使其充分反应，得到金属钯和铁的混合物15.0g将中所得固体金属放入足量稀盐酸中，充分反应仍有10.6g固体未溶解下列说法错误的是（）A活动性Fe（H）PdB中生成了Pd和FeCl3C实验剩余的溶液的质量为95gD实验剩余溶液中溶质的质量为12.7g【分析】根据质量守恒定律可以进行相关方面的判断，参加反应的PdCl2的质量和参加反应的铁的质量之和等于生成的氯化亚铁的质量和钯的质量之和【解答】解：PdCl2和铁反应生成氯化亚铁和钯；100gPdCl2溶液中含有PdCl2的质量为：100g17.7%=17.7g，参加反应的PdCl2的质量是17.7g，参加反应的铁的质量是
27、10.0g4.4g=5.6g，生成铁的氯化物质量为17.7g+5.6g10.6g=12.7g，故选：B【点评】在化学反应中遵循质量守恒定律，参加反应的物质的质量等于反应后生成的物质的质量20（2分）相同质量相同形状的铁和锌，分别与等质量，等浓度的稀盐酸反应，产生氢气的量与反应时间的关系如图所示，下列说法正确的是（）A乙表示锌与盐酸的反应B铁可能与盐酸恰好完全反应，而锌有剩余C两个反应消耗金属的物质的量相等D所得溶液的质量相等【分析】A、根据活泼金属与酸反应的速率快进行分析；B、生成的氢气质量相等，则消耗的盐酸质量相等，那么根据反应方程式可知铁消耗得少、锌消耗得多C、生成的氢气质量是相等的，则参
28、加反应的盐酸的质量也是相等的；D、由图可知生成的氢气质量是相等的，则参加反应的盐酸的质量也是相等的解答；【解答】解：A、锌比铁活泼，所以锌与酸反应的速率快，甲表示锌与盐酸的反应，错误；B、如图最终生成的氢气质量相等，则消耗的盐酸质量相等，那么根据反应方程式可知铁消耗得少、锌消耗得多，已知根据“等质量的锌和铁”，因此铁一定有剩余，错误C、由图可知生成的氢气质量是相等的，则参加反应的盐酸的质量也是相等的，消耗金属的物质的量相等，正确；D、生成的氢气质量是相等的，则参加反应的盐酸的质量也是相等的，无剩余，那么根据反应方程式可知铁消耗得少、锌消耗得多，已知根据“等质量的锌和铁”，因此铁一定有剩余，所得
29、溶液的质量不相等，错误；故选C【点评】本题考查金属与酸反应的有关知识，综合性较强，不仅需要根据图象和题意分析出直接信息，还需要根据计算得出用量问题二、多项选择题（每题3分，共60分，每小题有1个或2个正确答案；只有一个正确选项的，多选不给分，有2个正确选项的，选对1个给1分，选错1个该小题不给分）21（3分）关于化学变化的说法，正确的是（）A分子一定发生变化B原子核一定不发生变化C元素的种类一定发生变化D元素的化合价一定发生变化【分析】从在化学变化中分子可分，原子不可分去分析解答；【解答】解：A、在化学变化中分子可分，原子不可分；故正确；B、在化学变化中分子可分，原子不可分，原子核一定不发生变
30、化，故正确；C、在化学反应前后，元素的种类一定不发生变化，故错误；D、在化学反应前后，元素的化合价可能变，也可能不发生变化，故错误答案：AB【点评】本题主要考查化学反应的实质，属于基础知识的考查，难度不大，需要同学们平时多练习22（3分）相对原子质量是以碳原子（碳12）质量的为标准，若改为一改原子质量的为标准计算相对原子质量，不会发生改变的是（）A氧原子的相对原子质量B二氧化碳的式量C6.021023个H2分子的质量D水中氢氧元素的质量比【分析】根据原子的相对原子质量的概念来分析解答【解答】解：A根据原子的相对原子质量概念，一个碳12原子的相对原子质量为24，说明相对原子质量的标准变为一个碳1
31、2原子的实际质量由此可知相对原子质量的标准变了，则其他的相对原子质量改变了，故不合题意；B相对原子质量改变了，则二氧化碳的式量也随之改变了，故不合题意；C相对原子质量改变了，则摩尔质量也随之改变了，则6.021023个H2分子的质量也随之改变了，故不合题意；D无论相对原子质量的标准是否改变，水中氢氧元素的质量比是一个定值，不不改变的，故D符合题意故选D【点评】本题考查学生对相对原子质量的概念的理解与掌握，并能在解题中灵活应用的能力23（3分）汽车尾气净化装置中，气体在催化剂作用下反应的示意图如下，相关说法正确的是（）A该装置有助于降低氮氧化合物的排放B该装置有助于缓解温室效应C该装置可有效降低
32、汽车尾气中的PM2.5DNO2是该过程的中间产物【分析】汽车尾气的有害气体主要是氮氧化物、一氧化碳等；通过气体在催化剂表面吸附与解吸作用的过程图，可知NO2在整个过程中是一种中间产物，一氧化氮气体和氧气一氧化碳会在催化剂表面发生反应，转化为无毒气体，起到尾气净化作用，据此进行解答【解答】解：A、由示意图可知，生成的物质CO2和N2都是无毒、无害组成空气的物质，可以降低氮氧化合物排放，故A正确；B、反应的示意图可知，生成的物质CO2和N2，该装置不能缓解温室效应，故B错误；C、PM2.5是一种非常小的固体颗粒，从反应示意图可知，该装置只是生成物质间的转化，不能有效降低汽车尾气中的PM2.5，故C
33、错误；D、通过气体在催化剂表面吸附与解吸作用的过程图，可知NO2在整个过程中是一种中间产物，故D正确故选AD【点评】本题考查了环境污染及治理方法，题目难度不大，明确图示信息的含义为解答关键，注意掌握常见污染物及治理方法，试题侧重基础知识的考查，培养了学生的分析能力及环保意识24（3分）NaCl、NaHCO3、Na2CO3、三种物质的部分溶解度如表格所示（单位g/100g水），下列说法正确的是（）湿度（）0102030NaCl35.735.836.036.3NaHCO36.98.29.611.1Na2CO37.012.521.538.8A三种物质都易溶于水B不存在等浓度的NaCl和Na2CO3得
34、饱和溶液C出去NaHCO3中少量NaCl，可以用降温结晶的方法D030之间，NaCl饱和溶液与NaHCO3饱和溶液溶质质量分数一定不同【分析】A、根据固体在20的溶解度大于10g时，称为易溶物质进行分析；B、根据溶解度表中的数据可知，在2030之间，在某一温度时，氯化钠和碳酸钠的溶解度相等进行分析；C、根据碳酸氢钠和氯化钠的溶解度受温度的影响变化都不大进行分析；D、根据030之间，NaCl与NaHCO3的不可能相等进行分析【解答】解：A、固体在20的溶解度大于10g时，称为易溶物质，所以碳酸氢钠不属于易溶物质，故A错误；B、溶解度表中的数据可知，在2030之间，在某一温度时，氯化钠和碳酸钠的溶
35、解度相等，所以存在等浓度的NaCl和Na2CO3得饱和溶液，故B错误；C、碳酸氢钠和氯化钠的溶解度受温度的影响变化都不大，所以除去NaHCO3中少量NaCl，不可以用降温结晶的方法，故C错误；D、030之间，NaCl与NaHCO3的不可能相等，故D正确故选：D【点评】本题难度不是很大，主要考查了固体的溶解度曲线所表示的意义，及根据固体的溶解度曲线来解决相关的问题，从而培养分析问题、解决问题的能力25（3分）如图所示，若先将滴管甲中的液体滴入烧杯甲中，观察到气球明显鼓起一段时间后恢复原状，再将滴管乙中的液体滴入烧杯乙中，气球又明显鼓起，用下列各组物质进行试验，能够观察到上述现象的是（）选项滴管甲
36、烧杯甲滴管乙烧杯乙A双氧水二氧化锰水氢氧化钠固体B稀盐酸镁盐酸碳酸钠C稀硫酸碳酸钠盐酸氢氧化钠溶液D稀氢氧化钠溶液稀盐酸水生石灰AABBCCDD【分析】根据已有的知识进行分析，气球要鼓起，则液体与固体混合能产生气体或者放热使瓶内气压增大；气球要变瘪，则装置内气体被吸收或者吸热使瓶内气压减小【解答】解：A、双氧水与二氧化锰混合产生氧气，氧气不会被吸收，气压不能减小，气球不能恢复原状，故错误；B、盐酸与镁混合产生氢气，氢气不会被吸收，气压不能减小，气球不能恢复原状，故错误；C、稀硫酸与碳酸钠产生二氧化碳，瓶内压强增大气球鼓起来，二氧化碳被氢氧化钠溶液吸收生成碳酸钠，恢复室温后气球恢复原状；盐酸与碳
37、酸钠反应生成二氧化碳，瓶内压强增大，气球重新鼓起来，故正确D、氢氧化钠与稀盐酸反应放热，使瓶内压强增大，气球重新鼓起来，恢复室温后气球恢复原状；氧化钙遇水放热，瓶内压强增大气球鼓起来，恢复室温后气球恢复原状；故错误故选C【点评】本题考查了常见物质间的反应以及与压强知识的结合，完成此题，可以依据物质的性质进行（9分）如图是某小组设计的用粗盐（杂质为泥沙、硫酸镁、硫酸钙）制备氯化钠晶体的流程，请完成2628题26完成“步骤I”不需要的行为或操作是（）A称量粗盐的质量B量取一定量的水C查阅氯化钠的溶解度D充分溶解后，过滤【分析】根据粗盐中难溶性杂质去除的方法来分析【解答】解：除去粗盐中的难溶性杂质，
38、需要称取一定量的粗盐，然后加入一定量的水，用玻璃棒搅拌直至充分溶解，最后将难溶性的固体过滤除去，无需查阅氯化钠的溶解度故选C【点评】本题考查了粗盐中难溶性杂质除去的一般方法，难度不大27于“步骤II”的分析错误的是（）A加入的试剂应足量或过量B可依次加入氢氧化钡、碳酸钠C得到的溶液中含有四种溶质D发生若干个复分解反应【分析】步骤过滤后所得溶液中含有氯化钠、硫酸镁和硫酸钙三种溶质，根据杂质除去的原则、方法以及反应的原理来分析解答【解答】解：为了将氯化钠溶液中的硫酸镁和硫酸钙完全除去，所加入的除杂试剂必须是足量或过量的除杂时先加入过量的氢氧化钡溶液，氢氧化钡与硫酸镁发生复分解反应生成氢氧化镁沉淀和
39、硫酸钡沉淀、氢氧化钡与硫酸钙发生复分解反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化钙；再加入过量的碳酸钠后，碳酸钠与氢氧化钙发生复分解反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠、碳酸钠与过量的氢氧化钡发生复分解反应生成碳酸钡沉淀和氢氧化钠，最后过滤所得溶液中存在氯化钠、碳酸钠和氢氧化钠三种溶质，在步骤加入适量的盐酸加以调节溶液的pH至中性即可由以上分析可知，C选项叙述错误故选C【点评】本题主要考查了物质的除杂和过滤原理的应用，要注意除杂质时加入试剂的顺序和量，后加入的试剂要把前面加入的过量试剂也除去，能较好的考查学生分析解决问题的能力28于“步骤III”和“步骤IV”的分析正确的是（）A加入的盐酸一定不能过量BIII中只发生
40、中和反应C操作IV是蒸发结晶D若不考虑损失，理论上最终得到的氯化钠的质量等于粗盐中氯化钠的质量【分析】A根据盐酸具有挥发性来分析；B根据步骤中发生的反应来分析；C根据获取氯化钠晶体的方法来分析；D根据除杂过程中反应生成物来分析【解答】解：A加入的盐酸可以是适量的或过量的，因为在蒸发结晶时，盐酸中的氯化氢气体会挥发掉，故错误；B中发生的反应有：氢氧化钠与盐酸反应生成氯化钠和水，属于中和反应，碳酸钠与盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，该反应不属于中和反应，故错误；C氯化钠的溶解度受温度影响比较小，所以从氯化钠溶液中获取氯化钠晶体的方法是蒸发结晶，故正确；D因为在除杂质的过程中生成了部分氯化钠，所以
41、若不考虑损失，理论上最终得到的氯化钠的质量应大于粗盐中氯化钠的质量，故错误故选C【点评】本题较为综合的考查了粗盐提纯的步骤，正确应用除杂的原则是解好此类题的依据，能较好培养学生分析、解决问题的能力29（3分）mg氧化铜放入玻璃管中，先通入一段时间的CO，再加热，当大部分固体变成红色的铜时，停止加热并停止通入CO，在空气中将剩余固体冷却后，称量其质量为n g，实验中共用去a g CO，生成b g CO2下列关系正确的是（）A=B=CDam【分析】根据氧化铜与一氧化碳反应的化学方程式和反应的质量比分析判断有关的关系式【解答】解：由题意可知：CuO+COCu+CO2 m80 28 64 44 806
42、4=16 bg mnA、由题意可知，氧化铜部分被还原，m、n关系不符合=，故A错误；B、由上述计算可知：=，故B正确；C、生成bg的二氧化碳需要一氧化碳的质量为g：由于反应前通入一氧化碳，所以，故C正确；D、由于反应要前通入一氧化碳，氧化铜部分被还原，a、m没有必然的联系，故D错误故选BC【点评】本题考查学生利用差量法和化学反应方程式的计算，学生应明确该反应中固体不一定完全反应，不可将混合物质量直接代入化学方程式计算30（3分）如图是实验室常用的一个装置，下列说法错误的是（）AK2关闭、K1打开、塞子塞紧时，若M中的水不能流下则装置气密性好BM中盛放双氧水，N中盛放二氧化锰，可以制取氧气CM中
43、盛放稀盐酸，N中盛放块状大理石，可以制取二氧化碳DN中储满气体时，将水不断由M注入N中，即可将气体排出【分析】A根据检查装置气密性的方法来分析；B根据实验室制取氧气的方法来分析；C根据实验室制取二氧化碳的方法来分析；D根据收集和排出气体的方法来分析【解答】解：AK2关闭、K1打开、塞子塞紧时，无论装置是否气密性良好，M中的水都能流下，所以此方法无法检查装置的气密性，故错误；BM中盛放过氧化氢，N中盛放二氧化锰，可以用来制取氧气，故正确；C实验室制取二氧化碳使用的是稀盐酸和碳酸钙，若M中盛放稀盐酸，N中盛放块状大理石，可以制取二氧化碳，故正确；DN中储满气体时，将水不断由M注入N中，即可将气体排
44、出，故正确故选A【点评】本题考查了常见的气体发生装置的改进，完成此题，可以依据已有的知识结合气体的制取进行31（3分）12g固体氢氧化钠样品暴露在空气中一段时间后，放入98g某浓度的稀硫酸中，充分反应得到0.05mol 二氧化碳向反应后的溶液中再加入40g10%氢氧化钠溶液恰好完全中和根据上述数据计算，不能得出的值是（）A最终得到的溶液中溶质的质量B最终得到的溶液质量C变质的氢氧化钠的质量D稀硫酸的溶质质量分数【分析】根据二氧化碳可以计算碳酸钠的质量，依据碳酸钠可以计算变质的氢氧化钠的质量；根据质量守恒定律可以计算最终得到的溶液质量；根据反应后的氢氧化钠消耗的硫酸，以及与碳酸钠反应生成二氧化碳的硫酸，固体样品消耗的硫酸，可以计算硫酸的溶质质量分数；根据硫酸根离子离子守恒可以计算反应后溶液中溶质的质量【解答】解：A、根据硫酸根离子离子守恒可以计算反应后溶液中溶质的质量，故A正确；B、固体氢氧化钠不仅吸收CO2而且潮解吸水，吸水量未知，所以不能得到的溶液质量，故B错误；C、二氧化碳可以计算碳酸钠的质量，依据碳酸钠可以计算变质的氢氧化钠的质量，故C正确；D、根据反应后的氢氧化钠消耗的硫酸，以及与碳酸钠反应生成二氧化碳的硫酸，固体样品消耗的硫酸，可以计算硫酸的溶质质量分数，故D正确故选：B【点评】本