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1、黑龙江省哈尔滨市第六中学2019-2020学年高二化学10月月考试题（含解析）一、选择题（单选，每题2分，共23题计46分）1. 下列各组物质全部是弱电解质的是A. H2SiO3H2S CO2B. MgSO4CH3COOH CH3CH2OHC. H2SO3BaSO4CH4D. H2O NH3H2O H3PO4【答案】B【解析】试题分析：A、CO2是非电解质，错误；B、MgSO4是强电解质，错误；C、CH4是非电解质，错误；D、三者都是弱电解质，正确。考点：电解质的有关知识。2.已知石墨的燃烧热为H1，金刚石的燃烧热为H2，下列说法正确的是（ ）A. 由于燃烧均为放热反应，所以石墨为重要的能源B
2、. 由于燃烧反应放热，所以H1和H2均取正值C. 由于石墨和金刚石同为碳元素组成，所以H1=H2D. 由于石墨和金刚石属于不同的单质，所以H1和H2不等【答案】D【解析】【详解】A项、石墨在自然界含量有限，在工农业生产中用途广泛，选用石墨做燃料是一种浪费的做法，故A错误；B项、放热反应的H0，当反应达到平衡时，下列措施：升温 恒容通入惰性气体 增加CO浓度 减压 加催化剂 恒压通入惰性气体，能提高COCl2转化率的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：根据化学方程式可知，该反应是体积增大的、吸热的可逆反应，所以升高温度或降低压强，反应都是向正反应方向进行的，COCl2转化率增大
3、；恒容通入惰性气体，浓度不变，平衡不移动，转化率不变。增大CO的浓度，平衡向逆反应方向移动，转化率降低。催化剂不能改变平衡状态，转化率不变。恒压通入惰性气体，则容积增大，相当于减压平衡向正反应方向移动，COCl2转化率增大；选A。考点：考查影响化学平衡移动的因素。14.已知氯气、溴蒸气分别跟氢气反应的热化学方程式如下(Q1、Q2均为正值)：H2(g)Cl2(g)=2HCl(g) HQ1kJmol1，H2(g)Br2(g)=2HBr(g) HQ2kJmol1根据上述反应做出的判断正确的是（ ）A. Q1Q2B. 生成物总能量均高于反应物总能量C. 生成1 mol HCl(g)放出Q1kJ热量D.
4、 等物质的量时，Br2(g)具有的能量低于Br2(l)【答案】A【解析】【详解】A项、元素非金属性越强，非金属单质与氢气反应越容易，放出的热量越多，生成的氢化物的稳定性越强，氯元素非金属性强于溴元素，则氯气与氢气反应放出的热量多于溴蒸汽与氢气反应放出的热量，即Q1Q2，故A正确；B项、两个反应都是放热反应，反应物总能量大于生成物总能量，故B错误；C项、由热化学方程式可知，生成2 mol氯化氢放出的热量才是Q1，故C错误；D项、相同条件下，等物质的量的同物质液态的能量小于气态的能量，故D错误；故选A。15.我国科研人员提出了由CO2和CH4转化为高附加值产品CH3COOH的催化反应历程，该历程示
5、意图如下所示。下列说法不正确的是A. 生成CH3COOH总反应的原子利用率为100%B. CH4CH3COOH过程中，有CH键发生断裂C. 放出能量并形成了CC键D. 该催化剂可有效提高反应物的平衡转化率【答案】D【解析】分析：A项，生成CH3COOH的总反应为CH4+CO2CH3COOH，原子利用率为100%；B项，CH4选择性活化变为过程中，有1个C-H键发生断裂；C项，根据图示，的总能量高于的总能量，放出能量并形成C-C键；D项，催化剂只影响化学反应速率，不影响化学平衡，不能提高平衡转化率。详解：A项，根据图示CH4与CO2在催化剂存在时生成CH3COOH，总反应为CH4+CO2CH3C
6、OOH，只有CH3COOH一种生成物，原子利用率为100%，A项正确；B项，CH4选择性活化变为过程中，有1个C-H键发生断裂，B项正确；C项，根据图示，的总能量高于的总能量，放出能量，对比和，形成C-C键，C项正确；D项，催化剂只影响化学反应速率，不影响化学平衡，不能提高反应物的平衡转化率，D项错误；答案选D。点睛：本题考查原子利用率、化学反应的实质、化学反应中的能量变化、催化剂对化学反应的影响，解题的关键是准确分析示意图中的信息。注意催化剂能降低反应的活化能，加快反应速率，催化剂不能改变H、不能使化学平衡发生移动。16. 根据如图所示的反应判断下列说法中错误的是A. CO2（g）和CaO（
7、s）的总能量大于CaCO3（s）的总能量B. 该反应的焓变大于零C. 该反应中有离子键断裂也有共价键断裂，化学键断裂吸收能量，化学键生成放出能量D. 由该反应可推出凡是需要加热才发生的反应均为吸热反应【答案】D【解析】试题分析：因为碳酸钙受热分解是吸热反应，所以CO2（g）和CaO（s）的总能量大于CaCO3（s）的总能量，焓变大于零，故A、B正确；在CaCO3中，Ca2和CO32之间存在离子键，CO32中，C与O之间存在共价键，故反应中有离子键断裂也有共价键断裂，旧化学键断裂吸收能量，新化学键形成放出能量，C正确。需要加热才发生的反应不一定为吸热反应，如碳的燃烧需要加热，但该反应是放热反应，
8、D错误。考点：反应热和焓变【名师点晴】本题考查了吸热反应的吸热原因，从化学键和能量高低角度分析。17.已知反应：2C(s)O2(g)=2CO(g) H221kJmol1，H(aq)OH(aq)=H2O(l) H57.3kJmol1。下列结论正确的是（ ）A. 碳的燃烧热大于110.5kJmol1B. 的反应热为221kJmol1C. 稀硫酸与稀NaOH溶液反应的中和热为57.3kJmol1D. 稀醋酸与稀NaOH溶液反应生成1mol水，放出57.3kJ热量【答案】A【解析】【详解】A项、由反应可知，1mol碳燃烧生成CO放出的热量为110.5 kJ，CO燃烧生成二氧化碳继续放出热量，故1mol
9、碳完全燃烧放出的热量大于110.5 kJ，所以碳的燃烧热大于110.5 kJ/mol，故A正确；B项、为放热反应，反应热为-221kJ/mol，故B错误；C项、稀硫酸和稀氢氧化钠溶液反应反应生成1mol水放出的热量为中和热，中和热为57.3kJ/mol或H=-57.3kJ/mol，故C错误；D项、弱电解质电离时需要吸收热量，稀醋酸与稀NaOH溶液反应时，醋酸需要电离出氢离子，生成1mol水，放出的热量小于57.3kJ，故D错误；故选A。【点睛】使用燃烧热时要注意两个关键点：反应物用量：可燃物为1mol；产物要求：充分燃烧成稳定氧化物HH2O（l）、CCO2（g）、SSO2（g）。18.t时，在
10、体积不变的密闭容器中发生反应：X（g）+3Y（g）2Z（g），各组分在不同时刻的浓度如下表：下列说法正确的是（） 物质XYZ初始浓度/molL10.10.202min末浓度/molL10.08ab平衡浓度/molL10.050.050.1A. 平衡时，X的转化率为20%B. t时，该反应的平衡常数为40C. 增大平衡后的体系压强，v正增大，v逆减小，平衡向正反应方向移动D. 前2min内，用Y的变化量表示的平均反应速率v（Y）=0.03molL1min1【答案】D【解析】试题分析：A、平衡时，X的转化率=100%=50%，故A错误；B、依据图表数据得到平衡浓度，结合平衡常数概念计算得到反应的平
11、衡常数=1600，故B错误；C、反应是气体体积减小的反应，增大平衡后的体系压强，v正增大，v逆增大，平衡向正反应方向移动，故C错误；D、X（g）+3Y（g）2Z（g），起始量 0.1 0.2 0变化量 0.02 0.06 0.042min量 0.08 0.14 0.04前2min内，用Y的变化量表示的平均反应速率v（Y）=0.03molL-1min-1，故D正确；故选D。考点：考查了化学平衡的计算和应用，转化率、平衡常数的概念等相关知识。19.下列说法正确的是（ ）A. 小苏打是弱电解质，其水溶液导电能力很弱B. 氨气是非电解质，但氨水能导电C. 稀释醋酸溶液，可以促进醋酸分子电离使溶液pH减
12、小D. 硫酸是强电解质，在水溶液和熔融状态下均能导电【答案】B【解析】【详解】A项、小苏打是强碱弱酸的酸式盐，在溶液中完全电离，属于强电解质；此外，溶液的导电能力和溶质是否为强电解质没有关系，故A错误；B项、氨气和水反应生成一水合氨一水合氨能电离出自由移动的离子，所以氨气的水溶液导电，但电离出离子的物质是一水合氨不是氨气，所以一水合氨是电解质，氨气是非电解质，故B正确；C项、稀释醋酸溶液，醋酸的电离平衡向右移动，促进醋酸分子电离，但是溶液中氢离子浓度减小，溶液pH增大，故C错误；D项、硫酸是强电解质，属于共价化合物，熔融状态下不会电离出的离子，所以不能导电，故D错误；故选B。20.下列事实中，
13、不能用勒沙特列原理解释是（ ）A. 开启可乐瓶后，瓶中立刻泛起大量泡沫B. 工业合成氨时选择高温能极大加快反应速率C. 实验室中常用排饱和食盐水的方法收集Cl2D. 工业生产硫酸的过程中使用过量的空气以提高SO2的利用率【答案】B【解析】【详解】A项、开启可乐瓶后，瓶内气体压强减小，平衡向气体体积增大的方向移动，所以泛起大量泡沫，能用勒沙特列原理解释，故A错误；B项、合成氨反应为放热反应，工业合成氨时选择高温能极大加快反应速率，但平衡逆向移动，降低氨得产率，不能用勒沙特列原理解释，故B正确；C项、氯气和水反应生成盐酸和次氯酸，该反应为可逆反应，饱和食盐水中含有氯化钠电离出的氯离子，溶液中的氯离
14、子浓度增大，使平衡向逆反应方向移动，抑制了氯气的溶解，所以实验室可用排饱和食盐水的方法收集氯气，能用勒沙特列原理解释，故C错误；D项、使用过量的空气，增大了反应物氧气的量，可以使化学平衡向正反应方向移动，提高SO2的利用率，能用勒沙特列原理解释，故D错误；故选B。【点睛】勒沙特列原理是如果改变影响平衡的一个条件（如浓度、压强或温度等），平衡就向能够减弱这种改变的方向移动，勒沙特列原理适用的对象应存在可逆过程，如与可逆过程无关，与平衡移动无关，则不能用勒沙特列原理解释。21.氢氟酸是一种弱酸，具有强烈的腐蚀性。常温下，在氢氟酸加水稀释的过程中的变化趋势是（ ）A. 变大B. 变小C. 不变D.
15、无法确定【答案】A【解析】【详解】HF属于弱电解质，电离产生等量的H+和F-，溶液的体积相同，则两种离子的浓度的比值不变，在加水不断稀释时，HF电离程度增大，电离平衡保持向正右移动，溶液中氢离子浓度减小，水的电离程度增大，水电离出来的氢离子浓度增大，导致溶液中总的氢离子浓度大于氟离子浓度，则变大，故选A。【点睛】在加水不断稀释时，溶液中氢离子浓度减小，水的电离程度增大，水电离出来的氢离子浓度增大是解答关键，也是易错点。22. 下列各表述与示意图一致的是A. 图表示N2O4(g)2NO2(g) H0，N2O4转化率随温度、时间的变化B. 图中曲线表示反应2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)
16、H0，正、逆反应的平衡常数K随温度的变化C. 图表示10 mL0.01 mol/LKMnO4酸性溶液与过量0.1mol/LH2C2O4溶液混合时，n(Mn2+)随时间的变化D. 图中a、b曲线分别表示反应CH2CH2(g)+H2(g)CH3CH3(g) H0，使用和未使用催化剂时，反应过程中的能量变化【答案】B【解析】根据“先拐先平”， ，H0，升高温度平衡正向移动，N2O4的平衡转化率增大，故A错误；2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) H0，升高温度平衡逆向移动， 减小；、 互为倒数，所以升高温度增大，故B正确；该反应是放热反应，反应生成的Mn2+对该反应有催化作用，故反应速率越来越快
17、，不是恒定速率，故C错误；因该反应是放热反应，应反应物的总能量大于生成物的总能量，但图象描述是吸热反应，故D错误。点睛：温度越高反应速率越快，达到平衡用的时间越短；放热反应，生成物的总能量小于反应物的总能量；吸热反应，生成物的总能量大于反应物的总能量。23.下列各表述与示意图一致的是（ ）A. 反应从开始到平衡的平均速率v(B)0.04molL1min1B. N2(g)3H2(g)2NH3(g) HT2C. A(g)B(g)C(s)2D(g) H0，反应至15min时，改变的条件是降低温度D. 2NO(g)2CO(g)N2(g)2CO2(g) H746.8kJmol1，当x表示温度时，y表示平
18、衡常数K【答案】C【解析】【详解】A项、由图可知，反应从开始到平衡消耗B得物质的量为（0.40.2）mol，容器体积没有明确，无法计算B的浓度变化量，不能计算B的平均速率，故A错误；B项、合成氨反应为放热反应，升高温度，平衡向逆反应方向移动，氨气的体积分数减小，起始氢气物质的量相同时，由图可知，T1氨气的体积分数大于T2，则T2T1，故B错误；C项、该反应是一个气体体积不变的吸热反应，改变条件15min时A、B、D得瞬时浓度不变，15min后，反应物A、B的浓度增大，生成物D的浓度减小，平衡向逆反应方向移动，则改变的条件是降低温度，故C正确；D项、平衡常数K是温度函数，温度改变，平衡常数一定改
19、变，由图可知，当x表示温度时，改变温度，平衡常数不变，故D错误；故选C。二、填空题（共4道计54分）24.（1）高温下，C(s)+H2O(g)CO(g)+H2(g) H0，反应的化学平衡常数表达式K=_ ，该反应随温度升高，K值_（填增大、减小或不变），该反应在高温下自发进行的原因是_。（2）向重铬酸钾溶液中加入氢氧化钠固体，溶液的颜色变化为_，原因是（请从平衡的角度用化学用语及必要的文字说明）_。（3）密闭容器中充入N2O4达化学平衡，压缩体积达新平衡，整个过程的现象为_。（4）多元弱酸的逐级电离平衡常数为K1、K2、K3，则K1、K2、K3的大小关系为_。（5）1molNO2和1molCO
20、反应生成CO2和NO过程中的能量变化如图，请写出NO2和CO反应的热化学方程式_，向上述可逆反应中加入催化剂，则E1_（填增大、减小或不变，下同）；此反应的H_。【答案】 (1). (2). 增大 (3). 该反应为熵增反应，高温时自由能小于零 (4). 橙色变为黄色 (5). 氢氧化钠中和氢离子，使溶液中氢离子浓度降低，平衡向正反应方向移动 (6). 压缩体积时颜色变深随后变浅但比原平衡颜色深 (7). K1K2K3 (8). NO2(g)+CO(g)CO2(g)+NO(g) H=234kJmol1 (9). 减小 (10). 不变【解析】【分析】该反应为是一个气体体积增大的反应，反应中H0
21、、S0；（2）加入少量NaOH固体，氢氧化钠中和氢离子，使溶液中氢离子浓度降低，平衡向正反应方向移动；（3）压缩容器，N2O4、NO2浓度均变大，混合气体颜色变深，压强增大，平衡向气体体积减小的方向移动；（4）多元弱酸分步电离，上一级电离产生的H+对下一级电离有抑制作用；（5）由图可知，反应物总能量大于生成物，则1mol NO2和1mol CO反应生成CO2和NO放出热量368-134=234kJ。【详解】（1）化学平衡常数是指在一定温度下，可逆反应达到平衡时各生成物浓度的化学计量数次幂的乘积除以各反应物浓度的化学计量数次幂的乘积所得的比值，则化学平衡常数表达式K=；该反应为吸热反应，升高温度
22、，平衡向正反应方向移动，化学平衡常数K增大；该反应是一个气体体积增大的反应，反应中H0、S0，高温时H-TS0，自发进行，故答案为：；增大；该反应为熵增反应，高温时自由能小于零；（2）橙色重铬酸钾溶液中存在如下平衡：Cr2O72-（aq）+H2O（l）2CrO42-（aq）+2H+（aq），加入少量NaOH固体，氢氧化钠中和氢离子，使溶液中氢离子浓度降低，平衡向正反应方向移动，溶液变为黄色，故答案为：橙色变为黄色；氢氧化钠中和氢离子，使溶液中氢离子浓度降低，平衡向正反应方向移动；（3）压缩容器，N2O4、NO2浓度均变大，混合气体颜色变深，对于平衡N2O42NO2，压强增大，平衡向气体体积减小
23、的方向移动，但平衡移动不会消除NO2浓度增大，达新平衡时NO2浓度比压缩前大，则混合气体颜色变深随后变浅，但比开始气体颜色变深，故答案为：压缩体积时颜色变深随后变浅但比原平衡颜色深；（4）多元弱酸分步电离，第一步电离程度最大，第二步、第三步依次减小，原因是上一级电离产生的H+对下一级电离有抑制作用，故答案为：K1K2K3；（5）由图可知，1mol NO2和1mol CO反应生成CO2和NO放出热量368-134=234kJ，则反应的热化学方程式为NO2(g)+CO(g)CO2(g)+NO(g) H=234kJmol1；E1是正反应的活化能，加入催化剂，降低反应的活化能，加快反应速率，但反应的H
24、不变，故答案为：NO2(g)+CO(g)CO2(g)+NO(g) H=234kJmol1；减小；不变。【点睛】压缩容器，压强增大，平衡向体积减小的方向移动，平衡移动的结果降低浓度增大，但不会消除浓度增大是分析解答关键，也是难点和易错点。25.已知某气体反应的平衡常数可表示为K=，该反应在不同温度下的平衡常数：400，K=32；500，K=44。请回答下列问题：（1）写出上述反应的化学方程式_。（2）已知在密闭容器中，测得某时刻各组分的浓度如下：物质CH3OH(g）CH3OCH3(g）H2O(g）浓度/（molL-1）0.540.680.68此时温度400，则某时刻正_逆（填、或，下同）。若以温
25、度为横坐标，以该温度下平衡态甲醇物质的量n为纵坐标，此时反应点在图象的位置是图中_点，比较图中B、D两点所对应的正反应速率B_D，理由是_。（3）一定条件下要提高反应物的转化率，可以采用的措施是_。a升高温度 b加入催化剂 c压缩容器的体积 d增加水蒸气的浓度 e及时分离出产物【答案】 (1). 2CH3OHCH3OCH3+H2O (2). (3). A (4). ；由可知平衡向正反应方向移动，所以甲醇的百分含量大于平衡时的含量，此时反应点应在A点；根据影响化学反应速率的因素，温度越高反应速率越大，D点温度高于B点，所以D点对应的正反应速率也大于B点，故答案为：A；温度升高，化学反应速率加快；
26、（3）a、正反应是吸热反应，升高温度平衡向正反应方向移动，甲醇的平衡浓度减小，转化率增大，故正确；b、加入催化剂，平衡不移动，甲醇的转化率不变，故错误；c、该反应为气体体积不变的反应，压缩容器体积，压强增大，平衡不移动，甲醇的转化率不变，故错误；d、增加水蒸气浓度，平衡向逆反应方向移动，甲醇的转化率减小，故错误；e、及时分离产物，平衡向正反应方向移动，甲醇的转化率增大，故正确；ae正确，故答案为：ae。【点睛】对于气体体积不变的反应，改变压强和加入催化剂，平衡不移动，反应物的转化率不变是解答关键，也是易错点。26.二氧化氮可由NO和O2生成，已知在2L密闭容器内，800时反应：2NO(g)O2
27、(g)2NO2(g) H，n(NO)、n(O2)随时间的变化如表：时间/s012345n(NO)/mol0.2000.1000.0800.0500.0500.050n(O2)/mol0.1000.0500.0400.0250.0250.025（1）已知：K800K1000，则该反应的H_0(填“大于”或“小于”)，用O2表示02 s内该反应的平均速率为_。（2）能说明该反应已达到平衡状态的是_。a容器内气体颜色保持不变 b2v逆(NO)v正(O2)c容器内压强保持不变 d容器内气体密度保持不变（3）为使该反应的速率增大，提高NO的转化率，且平衡向正反应方向移动，应采取的措施有_。（4）在题述条
28、件下，计算通入2molNO和1molO2的平衡常数K_。（5）在题述条件下，若开始通入的是0.2molNO2气体，达到化学平衡时，NO2的转化率为_。（6）煤燃烧产生的烟气含氮的氧化物，用CH4催化还原NOx可以消除氮氧化物的污染。CH4(g)4NO(g)2N2(g)CO2(g)2H2O H0CH4(g)2NO2(g)N2(g)CO2(g)2H2O(g) HK1000可知，升高温度，化学平衡常数减小，说明升高温度，平衡向逆反应方向移动，则该反应的正反应为放热反应，即H0；从02 s内用O2表示该反应的平均速率为v(O2)= =0.015mol/(Ls)，故答案为：小于；0.015molL1s1
29、；(2)a、该反应是在恒容的密闭容器中发生的，只有NO2是红棕色，其它气体都是无色的，若容器内颜色保持不变，说明各种气体的物质的量不变，表明反应达到平衡状态，故正确；b、在任何时刻都存在关系：2v逆(NO)v正(O2)，不能表明反应达到平衡状态，故错误；c、该反应是一个气体体积减小的反应，容器内压强保持不变，说明正逆反应速率相等，该反应达到了平衡状态，故正确；d、由质量守恒定律可知，反应前后气体的质量不变，容器的容积也不变，所以任何时刻容器内气体的密度都保持不变，容器内气体密度保持不变不可作为判断平衡的标志，故错误；ac正确，故答案为：ac；（3) 该反应是一个气体体积减小的放热反应，为使该反应的反应速率增大，提高NO的转化率，且平衡