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1、2021-2022学年江西省赣州市第一中学高二下学期中期质量检测（一）数学（理）试题一、单选题1已知曲线yx3上一点P，则该曲线在P点处切线的斜率为（）A4B2C4D8【答案】A【分析】由导数的定义求出该曲线在P点处切线的斜率.【详解】故yx2，y|x2224，结合导数的几何意义知，曲线在P点处切线的斜率为4.故选：A2如图所示为的图象，则函数的单调递减区间是（）ABCD【答案】C【分析】根据导数与单调性关系确定【详解】由导函数图象，知或时，的减区间是，故选：C【点睛】本题考查导函数与单调性的关系，一般由确定增区间，由确定减区间3已知A为抛物线C:y2=2px（p0）上一点，点A到C的焦点的距
2、离为12，到y轴的距离为9，则p=（）A2B3C6D9【答案】C【分析】利用抛物线的定义建立方程即可得到答案.【详解】设抛物线的焦点为F，由抛物线的定义知，即，解得.故选：C.【点晴】本题主要考查利用抛物线的定义计算焦半径，考查学生转化与化归思想，是一道容易题.4函数在区间上的最大值是（）ABCD【答案】C【解析】利用导数分析函数在区间上的单调性，进而可求得函数在区间上的最大值.【详解】对于函数，.当时，；当时，.所以，函数在区间上单调递增，在区间上单调递减.所以，.故选：C.【点睛】利用导数求解函数在区间上的最值时，首先要注意区分函数最值与极值的区别求解函数的最值时，要先求函数在内所有使的点
3、，再计算函数在区间内所有使的点和区间端点处的函数值，最后比较即得5已知椭圆：经过点，且的离心率为，则的方程是（）ABCD【答案】A【分析】由题意将点代入椭圆方程，结合离心率公式即可得解.【详解】依题意可得，解得，故的方程是.故选：A.【点睛】本题考查了通过椭圆经过的点及离心率确定椭圆方程，考查了运算求解能力，属于基础题.6已知三棱锥，点分别为的中点，且，用表示，则等于()ABCD【答案】D【分析】连接，利用，化简即可得到答案.【详解】连接，如下图 .故选：D.7下列求导数运算错误的是（）A(c为常数)BCD【答案】C【分析】根据求导公式与求导法则即可判断结果【详解】C选项，因为，故C错故选：C
4、8已知，则有（）A，B，C，D，【答案】C【分析】根据前几项找出一般性的规律，即可判断；【详解】解：由，可知，第一项为，第二项为，第三项为，以此类推第n项为，.故选：C.9下列说法中不正确的是A命题：“，若，则”，用反证法证明时应假设x1或y1B若，则a，b中至少有一个大于1C若成等比数列，则.D命题：“，使得”的否定形式是：“，总有”【答案】C【分析】根据反证法的知识判断A,B两个选项说法正确，根据等比数列的知识判断C选项错误.根据特称命题的否定是全称命题的知识判断D选线说法正确.【详解】对于A选项，反证法假设时，假设“或”，说法正确.对于B选项，假设两个都不大于，即，则与已知矛盾，故假设不
5、成立，原来说法正确.对于C ，假设等比数列公比为，则，所以C选项说法错误.对于D选项，根据特称命题的否定是全称命题的知识可知D选项说法正确.综上所述，本小题选C.【点睛】本小题主要考查反证法的知识，考查等比数列基本量以及项的正负关系，考查全称命题与特称命题互为否定等知识，属于基础题.10已知函数的导函数为，且满足，则（）ABCD【答案】B【分析】求导得，从而，即可求出，进而求出即可.【详解】，令，则，解得，.故选：B.11设，分别为双曲线C：的左、右焦点，点P为双曲线右支上一点，M是的中点，且，则双曲线的离心率为（）A5BCD4【答案】A【分析】根据几何关系，可知，再结合双曲线的定义，即可求得
6、双曲线的离心率.【详解】点分别是线段和的中点，所以，因为，所以，因为，解得：，即，解得：.故选：A12已知函数的导函数为，且对任意的恒成立，则下列不等式均成立的是（）ABCD【答案】A【分析】构造函数，求出函数的导数，判断函数的单调性，从而求出结果.【详解】令，则.，是减函数，则有，即，所以.选.【点睛】本题考查函数与导数中利用函数单调性比较大小.其中构造函数是解题的难点.一般可通过题设已知条件结合选项进行构造.对考生综合能力要求较高.二、填空题13设空间向量，若，则 _【答案】【分析】先利用空间向量共线的坐标表示列方程求出和的值，进而可得的坐标，再由模长公式即可求解.【详解】因为空间向量，且
7、，所以，即，可得，解得：，所以，则，所以故答案为：14函数在处取得极值10，则_.【答案】【分析】由在处取得极值10，求得解得或，再结合函数的极值的概念进行检验，即可求解.【详解】由题意，函数，可得，因为在处取得极值10，可得，解得或，检验知，当时，可得，此时函数单调递增，函数为极值点，不符合题意，（舍去）；当时，可得，当或时，单调递增；当时，单调递减，当时，函数取得极小值，符合题意.所以.故答案为：.【点睛】解决函数极值、最值综合问题的策略：1、求极值、最值时，要求步骤规范，含参数时，要讨论参数的大小；2、求函数最值时，不可想当然地认为极值点就是最值点，要通过比较才能下结论；3、函数在给定闭
8、区间上存在极值，一般要将极值与端点值进行比较才能确定最值.15已知为椭圆C：的两个焦点，P，Q为C上关于坐标原点对称的两点，且，则四边形的面积为_【答案】【分析】根据已知可得，设，利用勾股定理结合，求出，四边形面积等于，即可求解.【详解】因为为上关于坐标原点对称的两点，且，所以四边形为矩形，设，则，所以， ，即四边形面积等于.故答案为：.16已知函数在区间上存在最小值，则a的取值范围为_【答案】【分析】首先先求函数的极值点，若函数在开区间取得最小值，则比较端点值，建立不等式关系，求的取值范围.【详解】，时，或，当或时，当时，所以函数的单调递增区间是和，函数的单调递减区间是，所以函数的极大值点是
9、，极小值点是0，且，那么当，解得或， 所以函数在区间上存在最小值， 则 ，解得：.故答案为：.【点睛】易错点睛：本题考查根据函数的极值点求参数的取值范围，函数在开区间上存在最小值，则必在极小值点处取得最小值，但先求出和极小值相等的自变量的值，比较端点值时不要忽略这个值.三、解答题17已知函数（1）求函数在上的最大值和最小值（2）过点作曲线的切线，求此切线的方程【答案】（1）的最小值是，的最大值是；（2）或【分析】（1）利用导数，通过导数的符号判断原函数的单调性，然后根据单调性进行求最值，可得结果.（2）假设切点，根据曲线在某点处导数的几何意义，可得切线的斜率，然后利用点斜式求出切线方程，最后代
10、点求值，可得结果.【详解】（1），令，解得：或，令，解得：，故在递增，在递减，而，的最小值是，的最大值是；（2），设切点坐标为，则切线方程为，切线过点，化简得，或切线的方程：或【点睛】本题考查利用导数求函数在区间的最值，以及过某点曲线的切线方程，理解曲线在某点处导数的几何意义，属基础题.18如图所示，在等腰梯形中，将三角形沿折起，使点在平面上的投影落在上.（1）求证：平面平面；（2）求二面的平面角的余弦值.【答案】（1）见解析；（2）.【详解】试题分析：（1）要证平面平面，只需证明平面即可；（2）知，为中点，建立空间坐标系，分别求出平面的法向量和平面的法向量求解即可.试题解析：（1）证明：在等
11、腰梯形中，可设，可求出，在中，点在平面上的投影落在上，平面，平面平面，又，平面，而平面平面平面.（2）解：由（1）知，为中点，建立如图所示的空间坐标系，设，结合（1）中的计算可得：，设是平面的法向量，则，取.，设是平面的法向量，则，取.设二面角的平面角为，则.19已知抛物线E：x22py（p0）的焦点为F，点P在抛物线E上，点P的横坐标为2，且|PF|2，A，B是抛物线E上异于O的两点（1）求抛物线E的标准方程；（2）若直线OA，OB的斜率之积为，求证：直线AB恒过定点【答案】（1）x24y；（2）证明见解析.【分析】（1）利用抛物线的焦点坐标，求出P，然后求抛物线E的方程；（2）判断直线的斜
12、率存在，设出直线方程，与抛物线方程联立，利用韦达定理以及斜率乘积关系，转化求解即可.【详解】（1）由题意得，F（0，），设P（2，y0），由点P是E上一点，得42p（2），p24p+40，解得p2，抛物线E的方程为x24y；（2）设A（），B（），由题意可知，得x1x28，可知直线AB的斜率存在设AB：ykx+m，联立，得x24kx4m0，可得x1x24m8，即m2直线AB恒过定点（0，2）20已知函数(1)讨论的单调性；(2)若只有一个零点，求的取值范围【答案】(1)答案见解析；(2)或或.【分析】（1）求出导函数并因式分解，进而讨论a的范围，然后根据导数的符号求出单调区间；（2）结合（1）
13、中函数的单调性及零点存在定理即可求得答案.【详解】(1)函数的定义域为，若，则在单调递减；若，时，单调递减，时，单调递增. 综上：时，在上单调递减；时，在上单调递减，在上单调递减.(2)若，.结合函数的单调性可知，有唯一零点.若，因为函数在上单调递减，在上单调递减，所以要使得函数有唯一零点，只需，解得或.综上：或或.【点睛】第（2）问较难，我们一定要注意，导数中的零点问题往往与函数的单调性和零点存在定理联系紧密.21在平面直角坐标系中，已知椭圆的离心率，且过点(1)求椭圆的标准方程；(2)若直线为椭圆的右准线，过左焦点的直线交椭圆于、，为上一点，且，当取得最小值时，求直线的方程【答案】(1)(
14、2)或【分析】（1）根据已知条件可得出关于、的值，求出、的值，即可得出椭圆的标准方程；（2）设直线的方程为，设点、，将直线的方程与椭圆的标准方程联立，列出韦达定理，求出，设线段的中点为，分、两种情况讨论，求出，可得出，求出的最小值及其对应的值，即可得出直线的方程.【详解】(1)解：因为椭圆的离心率，且过点，所以，解得，因此，椭圆的标准方程为.(2)解：椭圆的右准线方程为，若直线与轴重合，此时，不合题意.设直线的方程为，设点、，联立，得，由韦达定理可得，所以，设线段的中点为，因为，所以点在线段的垂直平分线上，当，则，所以，当且仅当时，取等号；当时，直线的方程为，点的坐标为，所以的垂直平分线的方程
15、为，所以，把代入椭圆的方程得，.综上所述，取得最小值时，直线的方程为【点睛】方法点睛：圆锥曲线中的最值问题解决方法一般分两种：一是几何法，特别是用圆锥曲线的定义和平面几何的有关结论来求最值；二是代数法，常将圆锥曲线的最值问题转化为二次函数或三角函数的最值问题，然后利用基本不等式、函数的单调性或三角函数的有界性等求最值22已知函数是自然对数的底）.(1)求的单调区间；(2)若，求证：.【答案】(1)f（x）的单调增区间是(0，+），单调减区间是（-，0）；(2)证明见解析.【分析】（1）先求出导函数，进而求出单调区间即可；（2）结合（1）不妨设，然后构造函数并判断其单调性，进而结合函数的单调性证明问题.【详解】(1)因为，所以时，单调递增；时，单调递减.所以f（x）的单调增区间是(0，+），单调减区间是（-，0）.(2)因为，结合（1）中函数的单调性，不妨设，则，令，所以是R上的减函数.所以，因为在上单调递增，所以.第 14 页 共 14 页