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1、2020年浙江省宁波市中考数学试题一、选择题1.3的相反数为（）A. 3B. C. D. 3【答案】D【解析】【分析】根据相反数的定义：只有符号不同的两个数称互为相反数计算即可【详解】解：3的相反数是3故选：D【点睛】此题考查求一个数的相反数，解题关键在于掌握相反数的概念2.下列计算正确的是（）A. a3a2a6B. （a3）2a5C. a6÷a3a3D. a2+a3a5【答案】C【解析】分析】根据同底数幂相乘、幂的乘方、同底数幂相除及合并同类项法则逐一判断即可得【详解】解：A、a3a2a5，故此选项错误；B、（a3）2a6，故此选项错误；C、a6÷a3a3，正确；D、a2
2、+a3，不是同类项，不能合并，故此选项错误；故选：C【点睛】本题主要考查整式的运算，解题的关键是掌握同底数幂相乘、幂的乘方、同底数幂相除及合并同类项法则3.2019年宁波舟山港货物吞吐量为1120000000吨，比上年增长3.3%，连续11年蝉联世界首位数1120000000用科学记数法表示为（）A. 1.12×108B. 1.12×109C. 1.12×1010D. 0.112×1010【答案】B【解析】【分析】科学记数法表示形式为a×10n的形式，其中1|a|10，n为整数确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小
3、数点移动的位数相同【详解】11200000001.12×109，故选：B【点睛】此题考查科学记数法的表示方法，表示时关键要正确确定a的值以及n的值4.如图所示的几何体是由一个球体和一个长方体组成的，它的主视图是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据主视图的意义和画法可以得出答案【详解】解：根据主视图的意义可知，从正面看物体所得到的图形，选项B符合题意，故选：B【点睛】本题考查了简单几何体的三视图的画法，主视图就是从正面看物体所得到的图形5.一个不透明的袋子里装有4个红球和2个黄球，它们除颜色外其余都相同从袋中任意摸出一个球是红球的概率为（）A. B. C. D.
4、【答案】D【解析】【分析】利用红球的个数除以球的总个数解答即可【详解】解：从袋中任意摸出一个球是红球的概率故选：D【点睛】本题考查了简单的概率计算，属于基础题型，熟练掌握计算的方法是关键6.二次根式中字母x的取值范围是（）A. x2B. x2C. x2D. x2【答案】C【解析】【分析】根据被开方数大于等于0列不等式求解即可【详解】由题意得，x20，解得x2故选：C【分析】本题考查了二次根式有意义的条件，二次根式中的被开方数必须是非负数，否则二次根式无意义7.如图，在RtABC中，ACB90°，CD为中线，延长CB至点E，使BEBC，连结DE，F为DE中点，连结BF若AC8，BC6，
5、则BF的长为（）A. 2B. 2.5C. 3D. 4【答案】B【解析】【分析】利用勾股定理求得AB=10；然后由直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半求得CD的长度；结合题意知线段BF是CDE的中位线，则BF=CD【详解】解：在RtABC中，ACB90°，AC8，BC6，AB10又CD为中线，CDAB5F为DE中点，BEBC，即点B是EC的中点，BF是CDE的中位线，则BFCD2.5故选：B【点睛】本题主要考查了勾股定理，三角形中位线定理，直角三角形斜边上的中线，此题的突破口是推知线段CD的长度和线段BF是CDE的中位线8.我国古代数学名著孙子算经中记载：“今有木，不知长短，引绳度之，
6、余绳四尺五寸；屈绳量之，不足一尺，木长几何？”意思是：用一根绳子去量一根木条，绳子还剩余4.5尺；将绳子对折再量木条，木条剩余1尺，问木条长多少尺？如果设木条长x尺，绳子长y尺，那么可列方程组为（）A. B. C D. 【答案】A【解析】【分析】根据“一根绳子去量一根木条，绳子剩余4.5尺”可知：绳子=木条+4.5，再根据“将绳子对折再量木条，木条剩余1尺”可知：绳子=木条-1，据此列出方程组即可【详解】解：设木条长x尺，绳子长y尺，那么可列方程组为：，故选：A【点睛】本题考查二元一次方程组的实际应用，解题的关键是明确题意，找出等量关系，列出相应的二元一次方程组9.如图，二次函数yax2+bx
7、+c（a0）的图象与x轴交于A，B两点，与y轴正半轴交于点C，它的对称轴为直线x1则下列选项中正确的是（）A. abc0B. 4acb20C. ca0D. 当xn22（n为实数）时，yc【答案】D【解析】【分析】由图象开口向上，可知a0，与y轴的交点在x轴的上方，可知c0，根据对称轴方程得到b0，于是得到abc0，故A错误；根据一次函数y=ax2+bx+c（a0）的图象与x轴的交点，得到b2-4ac0，求得4ac-b20，故B错误；根据对称轴方程得到b=2a，当x=-1时，y=a-b+c0，于是得到c-a0，故C错误；当x=-n2-2（n为实数）时，代入解析式得到y=ax2+bx+c=a（-n
8、2-2）+b（-n2-2）=an2（n2+2）+c，于是得到y=an2（n2+2）+cc，故D正确【详解】解：由图象开口向上，可知a0，与y轴的交点在x轴的上方，可知c0，又对称轴方程为x1，所以0，所以b0，abc0，故A错误；一次函数yax2+bx+c（a0）的图象与x轴交于A，B两点，b24ac0，4acb20，故B错误；1，b2a，当x1时，yab+c0，a2a+c0，ca0，故C错误；当xn22（n为实数）时，yax2+bx+ca（n22）+b（n22）an2（n2+2）+c，a0，n20，n2+20，yan2（n2+2）+cc，故D正确，故选：D【点睛】本题主要考查二次函数的图象和
9、性质熟练掌握图象与系数的关系以及二次函数与方程的关系是解题的关键10.BDE和FGH是两个全等的等边三角形，将它们按如图的方式放置在等边三角形ABC内若求五边形DECHF的周长，则只需知道（）A. ABC的周长B. AFH的周长C. 四边形FBGH的周长D. 四边形ADEC的周长【答案】A【解析】【分析】由等边三角形的性质和三角形的内角和定理可得：FHGH，ACBA60°，AHFHGC，进而可根据AAS证明AFHCHG，可得AFCH，然后根据等量代换和线段间的和差关系即可推出五边形DECHF的周长AB+BC，从而可得结论【详解】解：GFH为等边三角形，FHGH，FHG60°
10、，AHF+GHC120°，ABC为等边三角形，ABBCAC，ACBA60°，GHC+HGC120°，AHFHGC，AFHCHG（AAS），AFCHBDE和FGH是两个全等的等边三角形，BEFH，五边形DECHF的周长DE+CE+CH+FH+DFBD+CE+AF+BE+DF（BD+DF+AF）+（CE+BE），AB+BC只需知道ABC的周长即可故选：A【点睛】本题考查了等边三角形的性质、全等三角形的判定和性质以及多边形的周长问题，熟练掌握等边三角形的性质以及全等三角形的判定和性质是解题的关键二、填空题（每小题5分，共30分）11.实数8的立方根是_【答案】2【解析】
11、【分析】根据立方根的定义解答.【详解】，8的立方根是2故答案为2【点睛】本题考查立方根的定义，熟记定义是解题的关键.12.分解因式：2a218=_【答案】2（a+3）（a3）【解析】【分析】先提取公因式2，再对余下的多项式利用平方差公式继续分解【详解】2a2182（a29）2（a+3）（a3）故答案为2（a+3）（a3）【点睛】本题考查了提公因式法与公式法进行因式分解，一个多项式有公因式首先提取公因式，然后再用其他方法进行因式分解，同时因式分解要彻底，直到不能分解为止13.今年某果园随机从甲、乙、丙三个品种的枇杷树中各选了5棵，每棵产量的平均数（单位：千克）及方差S2（单位：千克2）如表所示：
12、甲乙丙454542S21.8231.8明年准备从这三个品种中选出一种产量既高又稳定的枇杷树进行种植，则应选的品种是_【答案】甲【解析】【分析】先比较平均数得到甲和乙产量较高，然后比较方差得到甲比较稳定【详解】解：因为甲、乙的平均数比丙大，所以甲、乙的产量较高，又甲的方差比乙小，所以甲的产量比较稳定，即从这三个品种中选出一种产量既高又稳定的枇杷树进行种植，则应选的品种是甲；故答案为：甲【点睛】本题考查了方差：一组数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数，叫做这组数据的方差方差是反映一组数据的波动大小的一个量方差越大，则平均值的离散程度越大，稳定性也越小；反之，则它与其平均值的离散程度越小，稳
13、定性越好也考查了平均数14.如图，折扇的骨柄长为27cm，折扇张开的角度为120°，图中的长为_cm（结果保留）【答案】18【解析】【分析】根据弧长公式即可得到结论【详解】解：折扇的骨柄长为27cm，折扇张开的角度为120°，的长18（cm），故答案为：18【点睛】本题考查了弧长的计算，熟练掌握弧长公式是解题的关键15.如图，O的半径OA2，B是O上的动点（不与点A重合），过点B作O的切线BC，BCOA，连结OC，AC当OAC是直角三角形时，其斜边长为_【答案】2【解析】【分析】先根据切线的性质和等腰直角三角形的判定方法证得OBC是等腰直角三角形，当 AOC90°
14、，连接OB，根据勾股定理可得斜边AC的长，当 OAC90°，A与B重合，不符合题意【详解】解：连接OB，BC是O的切线，OBC90°，BCOA，OBBC2，OBC是等腰直角三角形，BCO45°，ACO45°，当AOC90°，OAC是直角三角形时，OCOB2，AC2；当 OAC90°，A与B重合，不符合题意，故排除此种情况；其斜边长为2，故答案为：2【点睛】本题考查切斜的性质、等腰直角三角形的判定及其性质、勾股定理，解题的关键是综合运用所学的知识求出OC16.如图，经过原点O的直线与反比例函数y（a0）的图象交于A，D两点（点A在第一象
15、限），点B，C，E在反比例函数y（b0）的图象上，ABy轴，AECDx轴，五边形ABCDE的面积为56，四边形ABCD的面积为32，则ab的值为_，的值为_【答案】 (1). 24 (2). 【解析】【分析】如图，连接AC，OE，OC，OB，延长AB交DC的延长线于T，设AB交x轴于K求出证明四边形ACDE是平行四边形，推出SADE=SADC=S五边形ABCDE-S四边形ABCD=56-32=24，推出SAOE=SDEO=12，可得a-b=12，推出a-b=24再证明BCAD，证明AD=3BC，推出AT=3BT，再证明AK=3BK即可解决问题【详解】如图，连接AC，OE，OC，OB，延长AB交
16、DC的延长线于T，设AB交x轴于K由题意A，D关于原点对称，A，D的纵坐标的绝对值相等，AECD，E，C的纵坐标的绝对值相等，E，C在反比例函数y的图象上，E，C关于原点对称，E，O，C共线，OEOC，OAOD，四边形ACDE是平行四边形，SADESADCS五边形ABCDES四边形ABCD563224，SAOESDEO12，ab12，ab24，SAOCSAOB12，BCAD，SACB32248，SADC：SABC24：81：3，BC：AD1：3，TB：TA1：3，设BTa，则AT3a，AKTK1.5k，BK0.5k，AK：BK3：1，故答案为24，【点睛】本题考查了反比例函数与一次函数的交点问
17、题，平行四边形的判定和性质，平行线分线段成比例定理等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造平行线解决问题，属于中考填空题中的压轴题三、解答题（本大题有8小题，共80分）17.（1）计算：（a+1）2+a（2a）（2）解不等式：3x52（2+3x）【答案】（1）4a+1；（2）x3【解析】【分析】（1）先根据完全平方公式计算前一项，再计算单项式乘以多项式，最后相加减即可；（2）去括号，移项，合并同类项，系数化为1即可【详解】解：（1） ；（2）3x52（2+3x）去括号得：3x54+6x，移项得：3x6x4+5，合并同类项：3x9，系数化1得：x3【点睛】本题考查整式的混合运算、解一元一次不
18、等式，解题的关键是熟练掌握整式的运算法则和解一元一次不等式的步骤18.图1，图2都是由边长为1的小等边三角形构成的网格，每个网格图中有3个小等边三角形已涂上阴影请在余下的空白小等边三角形中，分别按下列要求选取一个涂上阴影：（1）使得4个阴影小等边三角形组成一个轴对称图形（2）使得4个阴影小等边三角形组成一个中心对称图形（请将两个小题依次作答在图1，图2中，均只需画出符合条件的一种情形）【答案】（1）见解析；（2）见解析【解析】【分析】（1）根据轴对称图形的定义画出图形构成一个大的等边三角形即可（答案不唯一）（2）根据中心对称图形的定义画出图形构成一个平行四边形即可（答案不唯一）【详解】解：（1
19、）轴对称图形如图1所示（2）中心对称图形如图2所示【点睛】本题考查利用中心对称设计图案，利用轴对称设计图案，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题19.图1是一种三角车位锁，其主体部分是由两条长度相等的钢条组成当位于顶端的小挂锁打开时，钢条可放入底盒中（底盒固定在地面下），此时汽车可以进入车位；当车位锁上锁后，钢条按图1的方式立在地面上，以阻止底盘高度低于车位锁高度的汽车进入车位图2是其示意图，经测量，钢条ABAC50cm，ABC47°（1）求车位锁的底盒长BC（2）若一辆汽车的底盘高度为30cm，当车位锁上锁时，问这辆汽车能否进入该车位?（参考数据：sin47°0
20、.73，cos47°0.68，tan47°1.07）【答案】（1）68cm；（2）当车位锁上锁时，这辆汽车不能进入该车位【解析】【分析】（1）过点A作AHBC于点H，根据锐角三角函数的定义即可求出答案（2）根据锐角三角函数的定义求出AH的长度即可判断【详解】解：（1）过点A作AHBC于点H，ABAC，BHHC，在RtABH中，B47°，AB50，BHABcosB50cos47°50×0.6834，BC2BH68cm（2）在RtABH中，AHABsinB50sin47°50×0.7336.5，36.530，当车位锁上锁时，这辆
21、汽车不能进入该车位【点睛】本题考查解直角三角形，解题的关键是熟练运用锐角函数的定义，本题属于基础题型20.如图，在平面直角坐标系中，二次函数yax2+4x3图象的顶点是A，与x轴交于B，C两点，与y轴交于点D点B的坐标是（1，0）（1）求A，C两点的坐标，并根据图象直接写出当y0时x的取值范围（2）平移该二次函数的图象，使点D恰好落在点A的位置上，求平移后图象所对应的二次函数的表达式【答案】（1）A（2，1），C（3，0），当y0时，1x3；（2）y（x4）2+5【解析】【分析】（1）把点B坐标代入抛物线的解析式即可求出a的值，把抛物线的一般式化为顶点式即可求出点A的坐标，根据二次函数的对称性
22、即可求出点C的坐标，二次函数的图象在x轴上方的部分对应的x的范围即为当y0时x的取值范围；（2）先由点D和点A的坐标求出抛物线的平移方式，再根据抛物线的平移规律：上加下减，左加右减解答即可【详解】解：（1）把B（1，0）代入yax2+4x3，得0a+43，解得：a1，yx2+4x3（x2）2+1，A（2，1），抛物线的对称轴是直线x2，B、C两点关于直线x2对称，C（3，0），当y0时，1x3；（2）D（0，3），A（2，1），点D平移到点A，抛物线应向右平移2个单位，再向上平移4个单位，平移后抛物线的解析式为y（x4）2+5【点睛】本题考查了二次函数的图象与性质、二次函数图象上点的坐标特征、
23、抛物线的平移规律和抛物线与不等式的关系等知识，属于常考题型，熟练掌握二次函数的基本知识是解题的关键21.某学校开展了防疫知识的宣传教育活动为了解这次活动的效果，学校从全校1500名学生中随机抽取部分学生进行知识测试（测试满分100分，得分x均为不小于60的整数），并将测试成绩分为四个等第：基本合格（60x70），合格（70x80），良好（80x90），优秀（90x100），制作了如图统计图（部分信息未给出）由图中给出的信息解答下列问题：（1）求测试成绩为合格的学生人数，并补全频数直方图（2）求扇形统计图中“良好”所对应的扇形圆心角的度数（3）这次测试成绩的中位数是什么等第？（4）如果全校学生都
24、参加测试，请你根据抽样测试的结果，估计该校获得优秀的学生有多少人？【答案】（1）见解析；（2）144°；（3）这次测试成绩的中位数的等第是良好；（4）估计该校获得优秀的学生有300人【解析】【分析】（1）根据基本合格人数已经百分比求出总人数即可解决问题；（2）根据圆心角360°×百分比计算即可；（3）根据中位数的定义判断即可；（4）利用样本估计总体的思想解决问题即可【详解】解：（1）30÷15%200（人），20030804050（人），直方图如图所示：；（2）“良好”所对应的扇形圆心角的度数360°×144°；（3）这次成
25、绩按从小到大的顺序排列，中位数在80分-90分之间，这次测试成绩的中位数的等第是良好；（4）1500×300（人），答：估计该校获得优秀的学生有300人【点睛】本题考查频数分布直方图，样本估计总体，扇形统计图，中位数等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型22.A，B两地相距200千米早上8：00货车甲从A地出发将一批物资运往B地，行驶一段路程后出现故障，即刻停车与B地联系B地收到消息后立即派货车乙从B地出发去接运甲车上的物资货车乙遇到甲后，用了18分钟将物资从货车甲搬运到货车乙上，随后开往B地两辆货车离开各自出发地的路程y（千米）与时间x（小时）的函数关系如图所示（通
26、话等其他时间忽略不计）（1）求货车乙在遇到货车甲前，它离开出发地的路程y关于x的函数表达式（2）因实际需要，要求货车乙到达B地的时间比货车甲按原来的速度正常到达B地的时间最多晚1个小时，问货车乙返回B地的速度至少为每小时多少千米？【答案】（1）y80x128（1.6x3.1）；（2）货车乙返回B地的车速至少为75千米/小时【解析】【分析】（1）先设出函数关系式ykx+b（k0），观察图象，经过两点（1.6，0），（2.6，80），代入求解即可得到函数关系式；（2）先求出货车甲正常到达B地的时间，再求出货车乙出发回B地时距离货车甲比正常到达B地晚1个小时的时间以及故障地点距B地的距离，然后设货车
27、乙返回B地的车速为v千米/小时，最后列出不等式并求解即可【详解】解：（1）设函数表达式为ykx+b（k0），把（1.6，0），（2.6，80）代入ykx+b，得 ，解得： ，y关于x的函数表达式为y80x128（1.6x3.1）；（2）根据图象可知：货车甲的速度是80÷1.650（km/h）货车甲正常到达B地的时间为200÷504（小时），18÷600.3（小时），4+15（小时），当y20080120 时，12080x128，解得x3.1，53.10.31.6（小时），设货车乙返回B地的车速为v千米/小时，1.6v120，解得v75答：货车乙返回B地的车速至少为
28、75千米/小时【点睛】本题考查一次函数的应用，一元一次不等式的应用，解题的关键是掌握待定系数法，并求出函数解析式，根据题意正确列出一元一次不等式23.【基础巩固】（1）如图1，在ABC中，D为AB上一点，ACDB求证：AC2ADAB【尝试应用】（2）如图2，在ABCD中，E为BC上一点，F为CD延长线上一点，BFEA若BF4，BE3，求AD的长【拓展提高】（3）如图3，在菱形ABCD中，E是AB上一点，F是ABC内一点，EFAC，AC2EF，EDFBAD，AE2，DF5，求菱形ABCD的边长 【答案】（1）见解析；（2）AD；（3）52【解析】【分析】（1）根据题意证明ADCACB，即可得到结
29、论；（2）根据现有条件推出BFEBCF，再根据相似三角形的性质推断，即可得到答案；（3）如图，分别延长EF，DC相交于点G，先证明四边形AEGC为平行四边形，再证EDFEGD，可得，根据EGAC2EF，可得DEEF，再根据，可推出DGDF=5，即可求出答案【详解】解：（1）证明：ACDB，AA，ADCACB，AC2ADAB；（2）四边形ABCD是平行四边形，ADBC，AC，又BFEA，BFEC，又FBECBF，BFEBCF，BF2BEBC，BC=，AD；（3）如图，分别延长EF，DC相交于点G，四边形ABCD是菱形，ABDC，BACBAD，ACEF，四边形AEGC为平行四边形，ACEG，CGA
30、E，EACG，EDFBAD，EDFBAC，EDFG，又DEFGED，EDFEGD，DE2EFEG，又EGAC2EF，DE22EF2，DEEF，又，DGDF=5，DCDGCG52【点睛】本题考查了相似三角形的性质和判定，菱形的性质，平行四边形的性质和证明，证明三角形相似是解题关键24.定义：三角形一个内角的平分线和与另一个内角相邻的外角平分线相交所成的锐角称为该三角形第三个内角的遥望角（1）如图1，E是ABC中A的遥望角，若A，请用含的代数式表示E（2）如图2，四边形ABCD内接于O，四边形ABCD的外角平分线DF交O于点F，连结BF并延长交CD的延长线于点E求证：BEC是ABC中BAC的遥望角
31、（3）如图3，在（2）的条件下，连结AE，AF，若AC是O的直径求AED的度数；若AB8，CD5，求DEF的面积【答案】（1）E；（2）见解析；（3）AED45°；【解析】【分析】（1）由角平分线的定义可得出结论；（2）由圆内接四边形的性质得出FDC+FBC=180°，得出FDE=FBC，证得ABF=FBC，证出ACD=DCT，则CE是ABC的外角平分线，可得出结论；（3）连接CF，由条件得出BFC=BAC，则BFC=2BEC，得出BEC=FAD，证明FDEFDA（AAS），由全等三角形的性质得出DE=DA，则AED=DAE，得出ADC=90°，则可求出答案；过点
32、A作AGBE于点G，过点F作FMCE于点M，证得EGAADC，得出，求出，设AD=4x，AC=5x，则有（4x）2+52=（5x）2，解得x=，求出ED，CE的长，求出DM，由等腰直角三角形的性质求出FM，根据三角形的面积公式可得出答案【详解】解：（1）BE平分ABC，CE平分ACD，EECDEBD（ACDABC），（2）如图1，延长BC到点T，四边形FBCD内接于O，FDC+FBC180°，又FDE+FDC180°，FDEFBC，DF平分ADE，ADFFDE，ADFABF，ABFFBC，BE是ABC的平分线，ACDBFD，BFD+BCD180°，DCT+BCD1
33、80°，DCTBFD，ACDDCT，CE是ABC的外角平分线，BEC是ABC中BAC的遥望角（3）如图2，连接CF，BEC是ABC中BAC的遥望角，BAC2BEC，BFCBAC，BFC2BEC，BFCBEC+FCE，BECFCE，FCEFAD，BECFAD，又FDEFDA，FDFD，FDEFDA（AAS），DEDA，AEDDAE，AC是O的直径，ADC90°，AED+DAE90°，AEDDAE45°，如图3，过点A作AGBE于点G，过点F作FMCE于点M，AC是O的直径，ABC90°，BE平分ABC，FACEBCABC45°，AED4
34、5°，AEDFAC，FEDFAD，AEDFEDFACFAD，AEGCAD，EGAADC90°，EGAADC，在RtABG中，AG，RtADE中，AEAD，在RtADC中，AD2+DC2AC2，设AD4x，AC5x，则有（4x）2+52（5x）2，x，EDAD，CECD+DE，BECFCE，FCFE，FMCE，EMCE，DMDEEM，FDM45°，FMDM，SDEFDEFM【点睛】本题是圆的综合题，考查了角平分线的定义，圆周角定理，圆内接四边形的性质，相似三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，等腰直角三角形的判定与性质，熟练掌握相似三角形的判定与性质是解题的关键本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（）专业教师团队编校出品。登录组卷网可对本试卷进行单题组卷、细目表分析、布置作业、举一反三等操作。试卷地址：在组卷网浏览本卷组卷网是学科网旗下的在线题库平台，覆盖小初高全学段全学科、超过900万精品解析试题。关注组卷网服务号，可使用移动教学助手功能（布置作业、线上考试、加入错题本、错题训练）。 学科网长期征集全国最新统考试卷、名校试卷、原创题，赢取丰厚稿酬，欢迎合作。钱老师 QQ：537008204 曹老师 QQ：713000635