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1、-九年级物理上学期12月月考试卷（含解析）-第 18 页2015-2016学年江苏省淮安市开明中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）一选择题（请将正确答案填在答题纸上对应的表格中，每小题2分，共20分）1如图所示，正在使用的简单机械中属于费力杠杆的是（）A撬棒B镊子C抽水机的手柄D钢丝钳2根据你的生活经验，下列数值中最接近实际情况的是（）A老师从一楼走到三楼去上课，爬楼时的功率约为150WB物理书从讲台掉到地上，此过程中书的重力做功约为200JC老师上课用的笔记本电脑工作时通过的电流约为1AD一般在干燥环境中，人体电阻的大小约为03冬天，路上的行人一边搓手，一边对手哈气，从而使手感到暖和“搓
2、手”和“哈气”在改变内能的方式上分别属于（）A做功、热传递B热传递、做功C做功、做功D热传递、热传递4随着生活水平逐步提高，许多家庭都有小轿车，给生活带来了许多便利，绝大多数家用小轿车的动力来源于汽油机（热机）下列相关的一些说法正确的是（）A去加油站加油是为了增大燃料的热值B热机是将机械能转化为内能的装置C汽油机的效率可达到100%D在汽油机的一个工作循环中，只有做功冲程向外输出动力5下列物体中，属于导体的是（）A食用油B酱油C糖水D纯水6教室内的多个日光灯受一个开关控制，若开关闭合，这些灯一起亮；若开关断开，这些灯一起灭同学们还发现如果其中一个灯坏掉不亮，其他灯依然可以发光根据以上现象，下列
3、说法正确的是（）A电灯是将光能转化为电能的装置B这些日光灯是串联在电路的C坏掉的那个日光灯不亮的原因可能是被短路D当其中一个灯坏掉不亮，其他灯的亮度与原先相比几乎没有变化7为杜绝工人手指损伤事故的发生，某厂家改进了切纸机操作者必需将两只手同时分别按住左、右开关，切纸机才能正常工作下列电路设计中符合要求的是（）ABCD8光敏电阻的阻值随光照射的强弱而改变，光照越强，光敏电阻阻值越小将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、开关和电源连接成如图所示电路闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，那么（）A电流表的读数增大，光敏电阻两端的电压也增大B电流表的读数增大，但光敏电阻两端的电压减小C电流表的读数减小，
4、但光敏电阻两端的电压增大D电流表的读数减小，光敏电阻两端的电压也减小9在初三物理课本探究“影响导体电阻大小的因素”的活动中，小明发现实验器材中的金属丝只有一根，实验电路图如图所示，下面有关该实验的说法中错误的是（）A该实验运用了控制变量的方法B灯泡在电路中起到保护电路的作用C在探究电阻与长度的关系时，在电路中先接入金属丝全部长度，再将其一半长度接入电路D在探究电阻与横截面积的关系时，在电路中先接入金属丝全部长度，再将其对折后接入电路10甲、乙两电阻的电流与电压关系图象如图所示，根据图象，下列分析正确的是（）A甲的阻值比乙的阻值大B当甲电阻两端电压为0V时，没有电流通过甲电阻，此时甲的电阻变为0
5、C当两电阻串联在电路中时，电源电压为4.5V，则电路中通过的电流为0.3AD当两电阻并联在电路中时，电源电压为2V，则干路电流为0.9A二填空题（每空1分，共21分）11如图所示，用动滑轮提升重物的好处是用大小为12N的拉力将重为20N的物体竖直向上匀速提升1m，整个过程用时10s，则对物体做的有用功为J，拉力做功功率为W，动滑轮的机械效率为12如图所示，将小球从A点静止释放后，从A点到B点的过程中，小球的动能，重力势能，且由于空气阻力的存在，小球在来回摆动的过程中能转化为能13冬天用热水袋取暖，热水袋中装的是水，利用了水比热容较的特点（选填“大”或“小”）14如图所示是一条电鳗，电鳗是一种以
6、能短暂强力放电而闻名的淡水鱼类电鳗在放电时，头部是正极，尾部是负极，每枚肌肉薄片像一个小电池，只能产生150毫伏的电压，但许多个“小电池”组装起来，放电时的电压便可高达600V，这种高电压只能维持非常短暂的时间（1）电鳗在放电时可看成是电路中的（选填“电源”或“用电器”）（2）150毫伏=伏（3）为了获得高达600V的电压，则需要个“小电池”联起来15如图所示电路中，开关S闭合后使电阻R1和R2组成串联电路，甲、乙两电表应该都是表（选填“电压”或“电流”）；若R1和R2电阻之比为2：1，则甲、乙两电表的示数之比为，通过电阻R1和R2的电流之比为16滑动变阻器是通过改变电阻线连入电路的从而逐渐改
7、变连入电路的电阻大小（选填“材料”、“长度”或“横截面积”），某滑动变阻器上标注“20 1A”，其中“20”表示该滑动变阻器，“1A”表示该滑动变阻器某同学利用滑动变阻器制作了一个调光灯电路（如上图所示），已知电源电压为6V，滑动变阻器的最大阻值为20，小灯泡上标有“3V 0.3A”字样（灯泡电阻是定值），为了使小灯泡正常发光（即灯泡两端电压等于3V），此时滑动变阻器接入电路的电阻为，电流表的示数为A三解答题（每图2分，每问2分，每空1分，共39分）17作图题：（1）如图1所示杠杆中，O为支点，请画出图中力F1的力臂l1（2）如图2所示，用滑轮组提升重物，请用笔画线代替绳子在图中画出最省力的绳
8、绕法（3）如图3所示电路，在图中只拆下一根导线，使实物电路成为串联电路要求：在被拆的导线上画“”18如图所示电路图，已知电阻R2阻值为10，电流表A1示数为0.5A，电流表A2示数为0.3A，求：（1）通过R1的电流的大小；（2）电阻R1的阻值大小19如图，小郴利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、若干钩码等实验装置探究杠杆平衡条件，请你回答下列问题（1）在挂钩码前，小郴发现杠杆的左端低，右端高，他将杠杆两端的平衡螺母向调节，使杠杆在水平位置平衡（2）接着小郴在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，保持杠杆在水平位置平衡，其目的是（3）改变钩码数量和位置获取三次测量数据（如表），目的是，根据
9、表中数据你得出杠杆的平衡条件是：，并完成表中的空格实验测量数据记录表实验次序动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm12.05.001.010.0022.010.002.010.0033.010.002.020如图所示，在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，小球由斜面某位置滚下，撞击水平面上的小木块（1）实验中通过观察的大小，来判断小球动能的大小（2）让质量不同的小球A和B（mAmB），从同一斜面的同一高度由静止开始滚下，目的是为了使小球到达水平面的相同比较甲、乙两图，可得出结论是（3）为了探究动能大小与速度的关系，应选择两个图进行比较21如图是某同学探究“电流与电阻
10、关系”实验中所用的电路实物图（1）用笔画线代替导线，完成图中实验电路的正确连接（2）连接电路时，开关应（3）开关闭合后，发现电压表有较大的示数，而电流表没有示数，则产生故障的原因是（4）故障排除后，在实验中，将定值电阻R由5换成10，滑动变阻器R的滑片应向（选填“左”或“右”）端移动才能使电阻R两端的电压保持不变（5）上表是他的实验记录，请根据表中数据，在坐标图中画出电流与电阻的关系图象实验次数电阻R/电流/A140.5250.43100.24200.1（6）从实验数据可看出，他在实验时，将电阻R两端的电压控制在伏（7）本实验中多次实验的目的是：根据实验数据得出的结论是：当电压一定时，电流与电
11、阻成比（选填“正”或“反”）22测电阻的方法有很多，比如：（1）在“用电流表和电压表测量定值电阻的阻值”的实验中，按图甲所示的电路连接进行实验a该实验的测量原理：b开关S闭合前，先将滑动变阻器滑片P置于（选填“A”或“B”）端c检查电路连接无误后，闭合开关S，观察和记录每次实验电压表和电流表的读数，计入下图表格中其中第3组数据中，电压表的读数如图乙所示，即是V，电流表的读数如表格所示 实验序号 电压/V 电流/A 电阻/ 1 1.5 0.31 4.8 2 0.4 3d根据表格内相关数据计算可知：被测电阻Rx的阻值是e实验进行了多次测量，其目的是f由此可看出，电阻是导体本身的属性，与电压、电流大
12、小关（选填“有”或“无”）（2）如图1所示电路用的是等效替代法测量未知电阻其中Rx是待测电阻，R是滑动变阻器，R0是电阻箱（表盘情况如图2所示）a实验过程中在闭合开关S1之后，应先闭合开关（选填“S2”或“S3”），调节滑动变阻器滑片至某个位置，读出电流表的示数I0；接下来的操作是b实验过程中为节省时间，在调节电阻箱上的旋盘时，应先调节下列选项中的旋盘A“1000”B“100”C“10”D“1”（3）某兴趣小组根据所学的知识，设计了如图3所示装置来测待测电阻Rx的阻值其中电源电压为3V，电流表选择00.6A的量程接入电路（如图4），R0为已知阻值的定值电阻只要在ab间接入待测电阻Rx，然后根据
13、电流表的读数可推知待测电阻Rx的阻值大小a为了充分利用电流表原有的刻度，所选R0的阻值应为b在电流表原有刻度的基础上标注电阻大小，其中阻值为“0”应标在电流表最侧刻度线上（选填“左”或“右”）且标注完成后，每一格之间的电阻大小差值（选填“相同”或“不相同”）2015-2016学年江苏省淮安市开明中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一选择题（请将正确答案填在答题纸上对应的表格中，每小题2分，共20分）1如图所示，正在使用的简单机械中属于费力杠杆的是（）A撬棒B镊子C抽水机的手柄D钢丝钳【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小
14、关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、抽水机的手柄，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆故选B【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力2根据你的生活经验，下列数值中最接近实际情况的是（）A老师从一楼走到三楼去上课，爬楼时的功率约为150WB物理书从讲台掉到地上，此过程中书的重力
15、做功约为200JC老师上课用的笔记本电脑工作时通过的电流约为1AD一般在干燥环境中，人体电阻的大小约为0【考点】功率的计算；功的计算；电流的大小；电阻【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案【解答】解：A、老师的体重在750N左右，一楼到三楼的高度在6m左右，老师从一楼到三楼的时间在30s左右，爬楼功率在P=150W故A符合实际情况；B、物理书的质量大约0.2kg，其重力G=mg=0.2kg10N/kg=2N，课桌的高度h=80cm=0.8m，重力做功W=Gh=2N0.8m=1.8J，
16、故B不符合实际情况；C、一般笔记本电脑正常工作的电流比较小，在0.15A左右，故C不符合实际情况；D、一般在干燥环境中，人体电阻比较大，大约在3000，故D不符合实际情况故选A【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义3冬天，路上的行人一边搓手，一边对手哈气，从而使手感到暖和“搓手”和“哈气”在改变内能的方式上分别属于（）A做功、热传递B热传递、做功C做功、做功D热传递、热传递【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】热传递改变物体的内能是能量的转移，做功改变物体的内能是能量的转化【解答】解：冬天“
17、搓手”取暖是通过做功的方法把机械能转化为手的内能，手的内能增加，温度升高；“哈气”是通过热传递的方式改变手的内能，手的内能增加，温度升高；故选A【点评】本题主要考查学生对改变物体内能两种方式的了解和掌握，是中考的热点4随着生活水平逐步提高，许多家庭都有小轿车，给生活带来了许多便利，绝大多数家用小轿车的动力来源于汽油机（热机）下列相关的一些说法正确的是（）A去加油站加油是为了增大燃料的热值B热机是将机械能转化为内能的装置C汽油机的效率可达到100%D在汽油机的一个工作循环中，只有做功冲程向外输出动力【考点】热机；热机的效率；内燃机的四个冲程【分析】（1）燃料的热值指的是1kg某种燃料完全燃烧放出
18、的热量，是燃料本身的一种特性，它与燃料的质量以及燃烧条件无关（2）将各种将蒸汽或燃气的内能转化为机械能的发动机称为热机（3）热机排出的废气带走了大量的热量，所以热机的效率都比较低，不可能达到100%（4）做功冲程对外做功，将内能转化为机械能【解答】解：A、燃料的热值是燃料本身的一种特性，去加油站加油不会增大燃料的热值，故A错误；B、热机是将内能转化为机械能的装置，故B错误；C、由于热机在工作过程中总有能量损失，所以汽油机的效率不可能达到100%，故C错误；D、在做功冲程中，汽油燃烧生成的高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能带动曲轴转动，对外提供动力，故D正确故选D【点评】此题要考查了
19、热值、热机的效率、内燃机的四冲程等有关知识，全面掌握基础知识是解答此类题的关键5下列物体中，属于导体的是（）A食用油B酱油C糖水D纯水【考点】导体【分析】正确区分导体和绝缘体是解决本题的关键，导体善于导电，绝缘体不善于导电【解答】解：AD、食用油、纯水不容易导电，是绝缘体，不合题意；B、酱油容易导电，是导体，符合题意；C、通常情况下，糖水中的糖是有机物，而分子不能导电，所以糖水是绝缘体，不合题意故选B【点评】此题考查哪些物体为导体，属于识记的内容，比较简单导体和绝缘体之间是可以相互转化的6教室内的多个日光灯受一个开关控制，若开关闭合，这些灯一起亮；若开关断开，这些灯一起灭同学们还发现如果其中一
20、个灯坏掉不亮，其他灯依然可以发光根据以上现象，下列说法正确的是（）A电灯是将光能转化为电能的装置B这些日光灯是串联在电路的C坏掉的那个日光灯不亮的原因可能是被短路D当其中一个灯坏掉不亮，其他灯的亮度与原先相比几乎没有变化【考点】串联电路和并联电路的辨别；电路的组成；电路的三种状态【分析】（1）据日光灯工作时消耗什么形式能，产生什么形式能判断即可；（2）在串联电路中，开关控制整个电路；在并联电路中，接在干路上的开关可以控制整个电路，接在支路上的开关只控制这个支路解决此题要知道在并联电路中，各用电器之间是互不影响的，而串联电路中各用电器互相影响【解答】解：A、日光灯工作时消耗电能，产生光能，故A错
21、误；BCD、因为教室中的灯泡虽然是一个开关控制，但灯泡都可以单独工作，当其中一个灯泡坏了，并不影响另一个灯泡的工作，因此这两个日光灯一定是并联，故D正确，BC错误；故选D【点评】此题考查的根据串并联电路的特点判断电路的连接情况7为杜绝工人手指损伤事故的发生，某厂家改进了切纸机操作者必需将两只手同时分别按住左、右开关，切纸机才能正常工作下列电路设计中符合要求的是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】根据必需将两只手同时分别按住左、右开关，切纸机才能正常工作，可知左、右开关和切纸机是串联的【解答】解：A、左开关闭合时，切纸机工作，右开关闭合时，电源短路，故A错误；B、下边的开关闭合时，电源
22、短路，故B错误；C、左、右开关串联，只有都闭合时，切纸机才能正常工作，故C正确；D、左、右开关并联，闭合任意一个开关，切纸机都能正常工作，故D错误故选C【点评】本题要牢牢把握住关键字词“必需、同时、才能”，从而判断出两个开关的连接方式是串联8光敏电阻的阻值随光照射的强弱而改变，光照越强，光敏电阻阻值越小将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、开关和电源连接成如图所示电路闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，那么（）A电流表的读数增大，光敏电阻两端的电压也增大B电流表的读数增大，但光敏电阻两端的电压减小C电流表的读数减小，但光敏电阻两端的电压增大D电流表的读数减小，光敏电阻两端的电压也减小【考点】欧
23、姆定律的应用【分析】（1）根据光照强度的变化判断光敏电阻阻值如何变化；（2）根据串联电路的特点及欧姆定律判断电流表与电压表示数如何变化【解答】解：（1）逐渐增大光敏电阻的光照强度，光敏电阻的阻值减小，电路的总电阻R总减小；（2）电路的总电阻R总减小，电源电压U不变，电路电流I=变大，电流表示数变大；定值电阻R0阻值不变，定值电阻两端电压U0=IR0变大，光敏电阻两端电压UR=UU0变小故选B【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，认真审题，理解题意，知道“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”是正确解题的前提，掌握串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键9在初三物理课本探究“影响导体电阻大小的因
24、素”的活动中，小明发现实验器材中的金属丝只有一根，实验电路图如图所示，下面有关该实验的说法中错误的是（）A该实验运用了控制变量的方法B灯泡在电路中起到保护电路的作用C在探究电阻与长度的关系时，在电路中先接入金属丝全部长度，再将其一半长度接入电路D在探究电阻与横截面积的关系时，在电路中先接入金属丝全部长度，再将其对折后接入电路【考点】影响电阻大小的因素【分析】（1）导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，因为导体的电阻越小电阻与多个因素有关，应用控制变量法进行分析；（2）灯泡的接入，增大了电路电阻，使电路电流不至于太大，对电路起保护作用【解答】解：A、导体的电阻与导体的材料、长度、横截
25、面积、温度有关，在研究其中一个因素时，应控制其他因素不变，该实验运用了控制变量的方法，故A正确；B、灯泡与电流表串联，增大了电路电阻，使电路中的电流不至于过大，对电路起保护作用，故B正确；C、在探究电阻与长度的关系时，需使导体的材料、横截面积、温度相同，长度不同，在电路中先接入金属丝全部长度，再将其一半长度接入电路，故C正确；D、要探究电阻与横截面积的关系，需使导体的材料、长度、温度相同，横截面积不同，所以可以将金属丝截为相等的两段，将其中一段接入同一电路，再将两段并联接入电路，故D错误故选D【点评】控制变量法就是每一次只改变其中的某一个变量，而控制其余几个变量不变，从而研究被改变的这个变量对
26、事物影响，分别加以研究，最后再综合解决；它是科学探究中的重要思想方法，控制变量法是常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一10甲、乙两电阻的电流与电压关系图象如图所示，根据图象，下列分析正确的是（）A甲的阻值比乙的阻值大B当甲电阻两端电压为0V时，没有电流通过甲电阻，此时甲的电阻变为0C当两电阻串联在电路中时，电源电压为4.5V，则电路中通过的电流为0.3AD当两电阻并联在电路中时，电源电压为2V，则干路电流为0.9A【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由图象，取电压相等时比较通过甲和乙的电流，由欧姆定律比较电阻的大小；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关
27、，与两端的电压和通过的电流无关；（3）根据串联电路特点，从图中读出电流为0.3A时两电阻的电压，从而得到电源电压；（4）根据并联电路特点，从图中读出电压为3V时通过两电阻的电流，从而得到干路电流【解答】解：A、由图知，当电压都为3.0V时，通过甲的电流大于乙的电流，由R=可知，甲电阻小于乙，故A错误；B、电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，没有电流通过甲的时候其电阻不变，故B错误；C、串联电路中电流处处相等，当通过两电阻的电流为0.3A时，甲、乙两端电压分别为1.5V和3V，串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以电源电压为1.5V+3V=4.5V，故C正确；D、并
28、联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，所以两电阻并联在2V电源上时，两电阻两端电压都等于2V，由图知，此时通过甲和乙的电流分别为0.4A和0.2A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流为0.4A+0.2A=0.6A，故D错误故选C【点评】本题考查串联和并联电路特点以及欧姆定律的应用，关键是能从图象中获取有用数据二填空题（每空1分，共21分）11如图所示，用动滑轮提升重物的好处是可以省力用大小为12N的拉力将重为20N的物体竖直向上匀速提升1m，整个过程用时10s，则对物体做的有用功为20J，拉力做功功率为2.4W，动滑轮的机械效率为83.3%【考点】动滑轮及其工作特点；有用功和
29、额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）动滑轮的特点是能够省一半的力；（2）动滑轮承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离s=2h，使用滑轮组做的有用功是指把重物提升所做的功，即W有=Gh；（3）使用滑轮组做的总功是人的拉力所做的功，即W总=Fs；根据P=求出拉力做功的功率；（4）根据=求出动滑轮的机械效率【解答】解：因为动滑轮的实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，使用动滑轮的好处是能够省一半的力；题中使用的是动滑轮，有2段绳子承担物重，绳子末端移动距离s=2h=21m=2m拉力做的有用功：W有=Gh=20N1m=20J；拉力做的总功：W总=Fs=12N2m=24J；拉力做功功率
30、为P=2.4W；动滑轮的机械效率为：=100%83.3%故答案为：可以省力；20；2.4；83.3%【点评】本题考查了动滑轮的工作特点、功、功率、动滑轮机械效率的计算，关键有二：一是n的确定（直接从动滑轮上引出的绳子股数），二是有用功和总功的区分（根据我们的目的分析）12如图所示，将小球从A点静止释放后，从A点到B点的过程中，小球的动能增大，重力势能减小，且由于空气阻力的存在，小球在来回摆动的过程中机械能转化为内能【考点】动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高
31、度越大，重力势能越大；（3）动能和势能在一定条件下可以相互转化动能和势能合称机械能；【解答】解：小球从A点摆动到B点的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度增大，所以动能增大；此过程中重力势能转化为动能小球从B点摆动到C点的过程中，质量不变，高度增大，所以重力势能增大；速度减小，所以动能减小；此过程中动能转化为重力势能的过程；由于存在摩擦，所以小球在来回摆动的过程中 会损失掉一部分机械能，即一部分机械能转化为内能故答案为：增大；减小；机械；内【点评】本题考查了学生对动能和势能大小变化的分析，抓住影响动能和势能大小的因素是解题的关键13冬天用热水袋取暖，热水袋中装的是水，利用了水比热
32、容较大的特点（选填“大”或“小”）【考点】水的比热容的特点及应用【分析】水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多【解答】解：水的比热容最大，和其它物质比较，降低相同温度放出的热量多，所以冬天用热水袋取暖，热水袋中装的是水，这样可以为我们提供更多的热量故答案为：大【点评】本题考查了水的比热容大的特点在生活中的应用，考查学生灵活运用知识的能力14如图所示是一条电鳗，电鳗是一种以能短暂强力放电而闻名的淡水鱼类电鳗在放电时，头部是正极，尾部是负极，每枚肌肉薄片像一个小电池，只能产生150毫伏的电压，但许多个“
33、小电池”组装起来，放电时的电压便可高达600V，这种高电压只能维持非常短暂的时间（1）电鳗在放电时可看成是电路中的电源（选填“电源”或“用电器”）（2）150毫伏=0.15伏（3）为了获得高达600V的电压，则需要4000个“小电池”串联起来【考点】串联电路的电压规律；电源及其能量转化；电压【分析】（1）电源可以为电路提供电压，据此判断；（2）根据电压单位间的换算关系可进行换算；（3）知道总电压和电鳗产生的电压，可求出其相当于多少个“小电池”【解答】解：（1）由题意可知，电鳗可以短暂强力放电，因此，在电路中相当于电源；（2）150毫伏=150103伏=0.15伏；（3）因为串联电池组的电压，等
34、于各串联电压的和，故需要串联的“小电池”的个数为：n=4000（个）故答案为：（1）电源； （2）0.15； （3）4000；串【点评】本题通过电鳗这种特殊的可放电的鱼类，考查了相关的电学知识，都是基础知识的考查，难度不大15如图所示电路中，开关S闭合后使电阻R1和R2组成串联电路，甲、乙两电表应该都是电压表（选填“电压”或“电流”）；若R1和R2电阻之比为2：1，则甲、乙两电表的示数之比为1：2，通过电阻R1和R2的电流之比为1：1【考点】电流表的使用；电压表的使用；欧姆定律的应用【分析】串联电路电流只有一条路径；在串联电路中，电压与电阻成正比，各处的电流都相等【解答】解：在串联电路中电流只
35、有一条路径，故图中要组成串联电路，甲乙应为电压表，等效电路图为：在串联电路中各处的电流都相等，故通过电阻R1和R2的电流之比为1：1；电压之比为：U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=1：2；故答案为：电压；1：2；1：1【点评】此题考查了串联电路中电流和电压的关系，正确利用公式是解题的关键16滑动变阻器是通过改变电阻线连入电路的长度从而逐渐改变连入电路的电阻大小（选填“材料”、“长度”或“横截面积”），某滑动变阻器上标注“20 1A”，其中“20”表示该滑动变阻器接入电路的最大阻值，“1A”表示该滑动变阻器允许通过的最大电流某同学利用滑动变阻器制作了一个调光灯电路（如上图所示），已知电源电
36、压为6V，滑动变阻器的最大阻值为20，小灯泡上标有“3V 0.3A”字样（灯泡电阻是定值），为了使小灯泡正常发光（即灯泡两端电压等于3V），此时滑动变阻器接入电路的电阻为10，电流表的示数为0.3A【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用【分析】（1）了解滑动变阻器的制作原理，根据对滑动变阻器铭牌的认识，可做出解答；（2）根据串联电路的电流规律，可知变阻器的电流；再根据串联分压，可知变阻器两端的电压，最后根据公式R=计算出变阻器接入的电阻值【解答】解：（1）滑动变阻器接入电路，不能改变电阻丝的材料、横截面积和温度，只能通过移动滑片改变连入电路电阻丝的长度，改变接入电路的电阻滑动变阻器上标注“2
37、0 1A”，其中“20”表示该滑动变阻器接入电路的最大阻值，“1A”表示该滑动变阻器允许通过的最大电流（2）因为小灯泡正常发光，所以通过它的电流是0.3A又因为串联电路各处电流相等，所以通过滑动变阻器的电流也是0.3A，电流表的示数也为0.3A；根串联分压，此时小灯泡两端的电压为3V，则滑动变阻器两端的电压为U滑=6V3V=3V，则此时滑动变阻器接入电路的电阻为：R滑=10故答案为：长度；接入电路的最大阻值；允许通过的最大电流；10；0.3【点评】本题既考查了滑动变阻器的原理与应用，同时还考查了欧姆定律和串联电路电流、电压特点的应用，有一定综合性三解答题（每图2分，每问2分，每空1分，共39分
38、）17作图题：（1）如图1所示杠杆中，O为支点，请画出图中力F1的力臂l1（2）如图2所示，用滑轮组提升重物，请用笔画线代替绳子在图中画出最省力的绳绕法（3）如图3所示电路，在图中只拆下一根导线，使实物电路成为串联电路要求：在被拆的导线上画“”【考点】力臂的画法；滑轮组的设计与组装；根据实物图画电路图【分析】（1）力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂；（2）滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕
39、过定滑轮，然后再绕过动滑轮本题中，要求最省力，属于第二种；（3）各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，串联电路只有一条电流路径；分析图示电路图，然后根据题目要求修改电路图【解答】解：（1）已知支点为O，过点O作力F1的垂线段L1，即为所求作的力臂如图所示：（2）只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：（3）由电路图可知，要使电路成为串联电路，只需把左边灯泡右端的连线与右边灯泡右端连线去掉即可，如图所示：【点评】（1）作力臂时要找好支点与力的作用线，力臂应是从支点到力的作用线的距离（2）本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂
40、钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮（3）本题考查了修改、连接实物电路图，知道什么是串联电路、分析清楚电路结构即可正确解题18如图所示电路图，已知电阻R2阻值为10，电流表A1示数为0.5A，电流表A2示数为0.3A，求：（1）通过R1的电流的大小；（2）电阻R1的阻值大小【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由图知两电阻并联，电流表A1测干路的电流，A2测R2的电流，由并联电路电流特点计算R1的电流；（2）根据电路特点和欧姆定律计算R1的电压，再计算其阻值【解答】解：（1）由图可知，两电阻并联在电路中，电流表A1测干路的电流，A2测R2的电流，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R1
41、的电流：I1=II2=0.5A0.3A=0.2A；（2）并联电路中各支路电压与电源电压都相等，由欧姆定律可得：U1=U2=I2R2=0.3A10=3V，所以R1的阻值：R1=15答：（1）通过R1的电流为0.2A；（2）电阻R1的阻值为15【点评】本题考查并联电路特点和欧姆定律的应用，正确分析电路结构是关键，属于一道基础题19如图，小郴利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、若干钩码等实验装置探究杠杆平衡条件，请你回答下列问题（1）在挂钩码前，小郴发现杠杆的左端低，右端高，他将杠杆两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡（2）接着小郴在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，保持杠杆在水平位
42、置平衡，其目的是便于测量力臂的大小（3）改变钩码数量和位置获取三次测量数据（如表），目的是使实验结论具有普遍性，根据表中数据你得出杠杆的平衡条件是：F1L1=F2L2，并完成表中的空格实验测量数据记录表实验次序动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm12.05.001.010.0022.010.002.010.0033.010.002.015.00【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）在调节杠杆平衡时，哪端较高，平衡螺母向哪边调节；（2）为了便于测量力臂，保持杠杆在水平位置平衡；（3）在实验中，为了避免实验结果的偶然性，得到普遍性的规律，经常多测几组数据；根据表格中数据分
43、析动力、动力臂的乘积及阻力、阻力臂乘积的关系得出结论：F1L1=F2L2根据杠杆平衡条件代入数据，便可求出动力臂的值【解答】解：（1）由图知，右端较高，所以平衡螺母应向右调节；（2）在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，保持杠杆在水平位置平衡，其目的是为了便于测量力臂；（3）在实验中，获取三组测量数据，这样可以减少实验的偶然性，并减小实验误差；由表格中数据知，动力、动力臂的乘积等于阻力、阻力臂的乘积，可得杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；根据杠杆平衡条件：F1L1=F2L2代入数据：3N10cm=2NL2解得：L2=15cm 实验次序动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N动力臂L2/cm12.05.001.010.0022.010.002.010.0033.010.002.015.00故答案为：（1）右；（2）便于测量力臂的大小；（3）使实验结论具有普遍性； F1 L1=F2 L2；15.00【点评】此题是探究杠杆平衡实验，考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，我们要学会设计实验、进行实验、收集实验数据、总结实验结论20如图所示，在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，小球由斜面某位置滚下，撞击水平面上的小木块（1）实验中通过观察的小木块被推动的距离大小，来判断小球动能的大小（2）让质量不同的小球A和B（mAmB），从同一斜面