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1、走向高考数学,路漫漫其修远兮 吾将上下而求索,新课标版 二轮专题复习,数 列,专题三,第一讲等差、等比数列的通项、性质与前n项和,专题三,命题角度聚焦,方法警示探究,核心知识整合,命题热点突破,课后强化作业,学科素能培养,(1)以客观题考查对基本概念、性质、通项及前n项和公式的掌握情况，主要是低档题，有时也命制有一定深度的中档题，与其他知识交汇命题也是这一部分的一个显著特征 (2)以大题形式考查综合运用数列知识解决问题的能力,3复习数列专题要把握等差、等比数列两个定义，牢记通项、前n项和四组公式，活用等差、等比数列的性质，明确数列与函数的关系，巧妙利用an与Sn的关系进行转化，细辨应用问题中的
2、条件与结论是通项还是前n项和，集中突破数列求和的五种方法(公式法、倒序相加法、错位相减法、分组求和法、裂项相消法).,1应用an与Sn的关系，等比数列前n项和公式时，注意分类讨论 2等差、等比数列的性质可类比掌握注意不要用混 3讨论等差数列前n项和的最值时，不要忽视n为整数的条件和an0的情形 4等比数列an中，公比q0，an0.,(文)(2014乌鲁木齐地区诊断)已知等比数列an中，a12，a318，等差数列bn中，b12，且a1a2a3b1b2b3b420. (1)求数列an的通项公式； (2)求数列bn的前n项和Sn.,等差数列、等比数列的基本运算、判定或证明,(文)设数列an的前n项和
3、为Sn，且Sn4anp(nN*)，其中p是不为零的常数 (1)证明：数列an是等比数列； (2)当p3时，若数列bn满足bn1anbn(nN*)，b12，求数列bn的通项公式,方法规律总结 1.求基本量的问题，熟记等差、等比数列的定义、通项及前n项和公式，利用公式、结合条件，建立方程求解 2.证明数列是等差(等比)数列时，应用定义分析条件，结合性质进行等价转化,等差、等比数列的性质,解析依题意得a6S6S50,2a33a4；5a5(a16a6)5(a14d)a16(a15d)2(a15d)2a60,5a5a16a6；a5a4a3(a3a6)a3a60.综上所述，故选D.,解析lgan的前8项和
4、S8lga1lga2lga8lg(a1a2a8)lg(a4a5)44lg(a4a5)4，故选C. 方法规律总结 条件或结论中涉及等差或等比数列中的两项或多项的关系时，先观察分析下标之间的关系，再考虑能否应用性质解决，要特别注意等差、等比数列性质的区别,递推关系与求和,分析(1)当n1时求出a1，当n2时，由anSnSn1可求得an的通项公式；(2)由分组求和法及等比数列的前n项和可解决本问,数列与函数、方程、不等式等交汇命题,点评本题考查了等差数列等比数列的通项公式，前n项和公式、乘公比错位相消以及导数的应用本题的易错点是运用乘公比错位相消时不能正确的错位，同时指数函数的导数也是经常容易混淆的
5、知识点,点评本题考查等比数列的定义，通项公式的求法及不等式的证明；第二小题，在利用放缩法后，转化为等比数列的求和.,由定理、公式、法则引起的分类讨论,分析(1)找出an与an1关系； (2)用错位相减法求和,方法规律总结 一次函数、二次函数、指数函数、对数函数的单调性，均值定理、等比数列的求和公式等性质、定理与公式在不同的条件下有不同的结论，或者在一定的限制条件下才成立，这时要小心，应根据题目条件确定是否进行分类讨论,抽象问题具体化、复杂问题简单化,在等比数列an中，a1a，前n项和为Sn，若数列an1成等差数列，则Sn等于() Aan1aBn(a1) CnaD(a1)n1 答案C 解析利用常
6、数列a，a，a，判断，则存在等差数列a1，a1，a1，或通过下列运算得到：2(aq1)(a1)(aq21)，q1，Snna.,存在性问题,分析(1)设数列an的公差为d，利用等比数列的性质得到aa1a5，并用a1、d表示a2、a5，列等式求解公差d，进而求出通项，注意对公差d分类讨论；(2)利用(1)的结论，对数列an的通项分类讨论，分别利用通项公式及等差数列的前n项和公式求解Sn，然后根据Sn60n800列不等式求解,解析(1)设数列an的公差为d，依题意，2,2d,24d成等比数列，故有(2d)22(24d) 化简得d24d0，解得d0或d4. 当d0时，an2； 当d4时，an2(n1)
7、44n2， 从而得数列an的通项公式为an2或an4n2.,此时存在正整数n，使得Sn60n800成立，n的最小值为41. 综上，当an2时，不存在满足题意的n； 当an4n2时，存在满足题意的n，其最小值为41. 方法规律总结 存在型探索性问题解答时先假设存在，依据相关知识(概念、定理、公式、法则、性质等)，结合所给条件进行推理或运算，直到得出结果或一个明显成立或错误的结论，从而断定存在与否,分析(1)利用an1Sn1Sn用配凑法可获证；(2)假设存在，则a1，a2，a3应成等差数列求出的值，然后依据an2an推证an为等差数列,解析(1)由题设：anan1Sn1，an1an2Sn11， 两式相减得an1(an2an)an1. 由于an10，所以an2an.,(2)由题设，a11，a1a2S11，可得a21. 由(1)知，a31， 令2a2a1a3，解得4. 故an2an4，由此可得 a2n1是首项为1，公差为4的等差数列，a2n14n3； a2n是首项为3，公差为4的等差数列，a2n4n1. 所以an2n1，an1an2. 因此存在4，使得数列an为等差数列,数列综合问题解题策略,