《小学六年级奥数系列讲座构造与论证含复习资料解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《小学六年级奥数系列讲座构造与论证含复习资料解析.docx（10页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、构造与论证1内容概述各种讨论给定要求能否实现，设计最佳支配与选择方案的组合问题这里的最佳通常指某个量到达最大或最小解题时，既要构造出获得最值的详细实例，又要对此方案的最优性进展论证论证中的常用手段包括抽屉原则、整除性分析与不等式估计典型问题2.有3堆小石子，每次允许进展如下操作：从每堆中取走同样数目的小石子，或是将其中的某一石子数是偶数的堆中的一半石子移入另外的一堆开场时，第一堆有1989块石子，第二堆有989块石子，第三堆有89块石子问能否做到：(1)某2堆石子全部取光(2)3堆中的全部石子都被取走【分析与解】 (1)可以，如(1989，989，89) (1900，900，0)(950，90
2、0，950)(50，0，50)(25，25，50)(O，0，25)(2)因为操作就两种，每堆取走同样数目的小石子，将有偶数堆石子堆中一半移至另一堆，所以每次操作石子总数要么削减3的倍数，要么不变如今共有1989+989+89=3067，不是3的倍数，所以不能将3堆中全部石子都取走4.在某市实行的一次乒乓球邀请赛上，有3名专业选手与3名业余选手参与.竞赛采纳单循环方式进展，就是说每两名选手都要竞赛一场为公允起见，用以下方法记分：开赛前每位选手各有10分作为底分，每赛一场，胜者加分，负者扣分，每胜专业选手一场加2分，每胜业余选手一场加1分；专业选手每负一场扣2分，业余选手每负一场扣1分问：一位业余
3、选手最少要胜几场，才能确保他的得分比某位专业选手高【分析与解】 当一位业余选手胜2场时，假如只胜了另两位业余选手，那么他得10+2-3=9(分)此时，假如专业选手间的竞赛均为一胜一负，而专业选手与业余选手竞赛全胜，那么每位专业选手的得分都是10+2-2+3=13(分)所以，一位业余选手胜2场，不能确保他的得分比某位专业选手高当一位业余选手胜3场时，得分最少时是胜两位业余选手，胜一位专业选手，得10+2+2-2=12(分)此时，三位专业选手最多共得30+0+4=34(分)，其中专业选手之间的三场竞赛共得0分，专业选手与业余选手的竞赛最多共得4分.由三个人得34分，343=11，推知，必有人得分不
4、超过11分. 也就是说，一位业余选手胜3场，能确保他的得分比某位专业选手高.6.如图35-1，将1，2，3，4，5，6，7，8，9，10这10个数分别填入图中的10个圆圈内，使随意连续相邻的5个圆圈内的各数之与均不大于某个整数M.求M的最小值并完成你的填图.【分析与解】 要使M最小，就要尽量平均的填写，因为假如有的连续5个圆圈内的数特殊小，有的特殊大，那么M就只能大于等于特殊大的数，不能到达尽量小的目的因为每个圆圈内的数都用了5次，所以10次的与为5(1+2+3+10)=275 每次与都小于等于朋，所以IOM大于等于275，整数M大于28下面来验证M=28时是否成立，留意到圆圈内全部数的总与是
5、55，所以确定是一边五个的与是28，一边是27因为数字都不一样，所以与28确定是相间排列，与27也是相问排列，也就是说数组每隔4个差值为l，这样从1填起，简单排出适当的填图.8.1998名运发动的号码依次为1至1998的自然数如今要从中选出若干名运发动参与仪仗队，使得剩下的运发动中没有一个人的号码等于另外两人的号码的乘积那么，选为仪仗队的运发动最少有多少人【分析与解】我们很自然的想到把用得比拟多的乘数去掉，因为它们参与的乘式比拟多，把它们去掉有助于使剩下的构不成乘式，比拟小的数确定是用得最多的，因为它们的倍数最多，所以考虑先把它们去掉，但关键是除到何处考虑到44的平方为1936，所以去到44就
6、够了，因为假如剩下的构成了乘式，那么乘式中最小的数确定小于等于44，所以可以保证剩下的构不成乘式因为对结果没有影响，所以可以将1保存，于是去掉2，3，4，44这43个数但是，是不是去掉43个数为最小的方法呢构造297，396，495，4445，发觉这43组数全不一样而且结果都比1998小，所以要去掉这些乘式就至少要去掉43个数，所以43位最小值，即为所求.10.在1019方格表的每个方格内，写上0或1，然后算出每行及每列的各数之与问最多能得到多少个不同的与数【分析与解】首先每列的与最少为0，最多是10，每行的与最少是0，最多是19，所以不同的与最多也就是0，1，2，3，4，18，19这20个下
7、面我们说明假如0出现，那么必定有另外一个数字不能出现假如0出如今行的与中，说明有1行全是0，意味着列的与中至多出现0到9，加上行的与至多出现10个数字，所以少了一种可能假如0出如今列的与中，说明在行的与中19不行能出现，所以0出现就意味着另一个数字不能出现，所以致多是19，下面给出一种排出方法.12在10001000的方格表中随意选取n个方格染为红色，都存在3个红色方格，它们的中心构成一个直角三角形的顶点求n的最小值 【分析与解】 首先确定1998不行反例如下：其次1999可能是可以的，因为首先从行看，1999个红点分布在1000行中，确定有一些行含有2个或者以上的红点，因为含有0或1个红点的
8、行最多999个，所以其他行含有红点确定大于等于1999-999=1000，假如是大于1000，那么根据抽屉原理，确定有两个这样红点在一列，那么就会出现红色三角形；假如是等于1000而没有这样的2个红点在一列，说明有999行只含有1个红点，而剩下的一行全是红点，那也确定已经出现直角三角形了，所以n的最小值为199914在图35-2中有16个黑点，它们排成了一个44的方阵用线段连接其中4点，就可以画出各种不同的正方形如今要去掉某些点，使得其中随意4点都不能连成正方形，那么最少要去掉多少个点【分析与解】 至少要除去6个点，如下所示为几种方法：构造与论证2内容概述组合证明题，在论证中，有时需进展分类讨
9、论，有时则要着眼于极端情形，或从整体把握若干点及连接它们的一些线段组成图，与此相关的题目称为图论问题，这里宜从特殊的点或线着手进展分析各种以染色为内容，或通过染色求解的组合问题，根本的染色方式有相间染色与条形染色典型问题2甲、乙、丙三个班人数一样，在班级之间实行象棋竞赛各班同学都按l，2，3，4，依次编号当两个班竞赛时，具有一样编号的同学在同一台对垒在甲、乙两班竞赛时，有15台是男、女生对垒；在乙、丙班竞赛时，有9台是男、女生对垒试说明在甲、丙班竞赛时，男、女生对垒的台数不会超过24并指出在什么状况下，正好是24 ？ 【分析与解】 不妨设甲、乙竞赛时，115号是男女对垒，乙、丙竞赛时在115号
10、中有a台男女对垒，15号之后有9-a台男女对垒(0a9) 甲、丙竞赛时，前15号，男女对垒的台数是15-a(假如1号乙与1号丙是男女对垒，那么1号甲与1号丙就不是男女对垒)，15号之后，有9-a台男女对垒.所以甲、丙竞赛时，男女对垒的台数为 15-a+9-a=24-2a24 仅在a=0，即必需乙、丙竞赛时男、女对垒的号码，与甲、乙竞赛时男、女对垒的号码完全不同，甲、丙竞赛时，男、女对垒的台数才等于244将1515的正方形方格表的每个格涂上红色、蓝色或绿色证明：至少可以找到两行，这两行中某一种颜色的格数一样 【分析与解】 假如找不到两行的某种颜色数一样，那么就是说全部颜色的列与列之问的数目不同那
11、么红色最少也会占： 0+1+2+14=105个格子 同样蓝色与绿色也是，这样就必需有至少： 3(0+l+2+14)=315个格子 但是，如今只有1515=225个格子，所以与条件违反，假设不成立，结论得证6. 4个人聚会，每人各带2件礼品，分赠给其余3个人中的2人试证明：至少有2对人，每对人是互赠过礼品的【分析与解】将这四个人用4个点表示，假如两个人之间送过礼，就在两点之间连一条线由于每人送出2件礼物，图中共有42=8条线，由于每人礼品都分赠给2个人，所以每两点之间至多有1+1=2条线 四点间，每两点连一条线，一共6条线，如今有8条线，说明必有两点之间连了2条线，还有另外两点(有一点可以与前面
12、的点一样)之间也连了2条线即为所证结论。8若干台计算机联网，要求： 随意两台之间最多用一条电缆连接； 随意三台之间最多用两条电缆连接； 两台计算机之间假如没有电缆连接，则必需有另一台计算机与它们都连接有电缆若按此要求最少要用79条电缆 问：(1)这些计算机的数量是多少台(2)这些计算机按要求联网，最多可以连多少条电缆 【分析与解】将机器当成点，连接电缆当成线，我们就得到一个图，假如从图上一个点动身，可以沿着线跑到图上任一个其它的点，这样的图就称为连通的图，条件说明图是连通图 我们看一看几个点的连通图至少有多少条线可以假定图没有圈(假如有圈，就在圈上去掉一条线)，从一点动身，不能再接着前进，将这
13、一点与连结这点的线去掉考虑剩下的n-1个点的图，它仍旧是连通的用同样的方法又可去掉一点及一条线这样接着下去，最终只剩下一个点因此n个点的连通图至少有n-1条线(假如有圈，线的条数就会增加)，并且从一点A向其他n-1个点各连一条线，这样的图恰好有n-1条线 因此，(1)的答案是n=79+1=80，并且将一台计算机与其他79台各用一条线相连，就得到符合要求的联网 下面看看最多连多少条线 在这80个点(80台计算机)中，设从引出的线最多，有k条，与相连的点是,，由于条件，,，之间没有线相连 设与不相连的点是，则m+k=80，而，,每一点至多引出k条线，图中至多有mk条线，因为 所以mk1600，即连
14、线不超过1600条另一方面，设80个点分为两组：,，；，第一组的每一点与第二组的每一点各用一条线相连，这样的图符合题目要求，共有4040=1600条线10在一个66的方格棋盘中，将若干个11的小方格染成红色假如随意划掉3行3列，在剩下的小方格中必定有一个是红色的那么最少要涂多少个方格 【分析与解】方法一：明显，我们先在每行、每列均涂一个方格，使之成为红色，如图A所示，但是在图B中，划去3行3列后，剩下的方格没有红色的，于是再将两个方格涂成红色(根据对称性，应将2个方格同时涂成红色)，如图C所示，但是图D的划法，又使剩下的方格没有红色，于是再将两个方格涂成红色(还是由于对称的原因，将2个方格涂成
15、红色)，得到图E，图E不管怎么划去3行3列，都能使剩下的方格含有红色的 这时共涂了10个方格 方法二：一方面，图F说明无论去掉哪三行哪三列总会留下一个涂红的方格 另一方面，假如只涂9个红色方格，那么红格最多的三行至少有6个红格(否则第三多的行只有1个红格，红格总数5+3=8)，去掉这三行至多还剩3个红格，再去掉三列即可将这三个红格也去掉综上所述，至少须要将10个方格涂成红色12. 证明：在666的正方体盒子中最多可放入52个1l4的小长方体，这里每个小长方体的面都要与盒子的侧面平行 【分析与解】 先将6 66的正方体盒子视为实体，那么666的正方体可分成216个小正方体，这216个小正方体可以
16、组成27个棱长为2的正方体我们将这27个棱长为2的正方体按黑白相间染色，如下图所示 其中有14个黑色的，13个白色的，而一个白色的222的正方体可以对应的放人4个每个面都与盒子侧面平行的1l4的小长方体，所以最多可以放入134=52个114的小长方体评注：666的正方体的体积为216，114的小长方体的体积为4，所以可放入的小正方体数目不超过2164=54个14用若干个l6与17的小长方形既不重叠，也不留孔隙地拼成一个1112的大长方形，最少要用小长方形多少个 【分析与解】我们先通过面积计算出最优状况： 1112=132，设用16的小长方形x个，用17的小长方形y个，有解得：（t为可取0的自然数)，共需x+y=19+t个小长方形 (1)当t=0时，即x+y=1+18=19，表示其中的16的小长方形只有1个，剩下的18个小长方形都是l7的 大长方形中无论是1行还是1列，最多都只能存在1个l7的小长方形，所以在大长方形中最多只能无重叠的同时存在16个l7的小长方形 如今却存在18个17的小长方形，明显不满意； (2)当t=l时，即x+y=8+12=20，有如下分割满意，所以最少要用小长方形20个