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1、第28届全国中学生物理竞赛预赛试卷1-5678总分910111213141516本卷共16题，满分200 分得分阅卷复核一、选择题本题共5小题，每小题6分在每小题给出的4个选项中，有的小题只有一项符合题意，有的小题有多项符合题意把符合题意的选项前面的英文字母写在每小题后面的方括号内全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分1常用示波器中的扫描电压u随时间t变更的图线是 2下面列出的一些说法中正确的是A在温度为200C 和压强为1个大气压时，肯定量的水蒸发为同温度的水蒸气，在此过程中，它所汲取的热量等于其内能的增量B有人用水银和酒精制成两种温度计，他都把水的冰点定为0度，水的沸点
2、定为100度，并都把0刻度与100刻度之间匀称等分成同数量的刻度，若用这两种温度计去测量同一环境的温度（大于0度小于 100度）时，两者测得的温度数值必定一样C 肯定量的志向气体分别经过不同的过程后，压强都减小了，体积都增大了，则从每个过程中气体与外界交换的总热量看，在有的过程中气体可能是汲取了热量，在有的过程中气体可能是放出了热量，在有的过程中气体与外界交换的热量为 0 .D 地球外表一平方米所受的大气的压力，其大小等于这一平方米外表单位时间内受上方作热运动的空气分子对它碰撞的冲量，加上这一平方米以上的大气的重量 3把以空气为介质的两个平行板电容器a和b串联，再与电阻R和电动势为E的直流电源
3、如图连接平衡后，若把一块玻璃板插人电容器a中，则再到达平衡时， A与玻璃板插人前比，电容器a两极间的电压增大了 B与玻璃板插人前比，电容器a两极间的电压减小了 C与玻璃板插入前比，电容器b贮存的电能增大了 D玻璃板插人过程中电源所做的功等于两电容器贮存总电能的增加量 4多电子原子核外电子的分布形成若干壳层，K壳层离核最近，L壳层次之，M壳层更次之，每一壳层中可包容的电子数是肯定的，当一个壳层中的电子填满后，余下的电子将分布到次外的壳层当原子的内壳层中出现空穴时，较外壳层中的电子将跃迁至空穴，并以放射光子（X光）的形式释放出多余的能量，但亦有肯定的概率将跃迁中放出的能量传给另一个电子，使此电子电
4、离，这称为俄歇（Auger）效应，这样电离出来的电子叫俄歇电子现用一能量为40.00keV的光子照耀Cd（镐）原子，击出Cd原子中K层一个电子，使该壳层出现空穴，己知该K层电子的电离能为26.8keV随后，Cd原子的L 层中一个电子跃迁到K层，而由于俄歇效应，L层中的另一个的电子从Cd原子射出，已知这两个电子的电离能皆为4.02keV，则射出的俄歇电子的动能等于 A( 26.84.024.02 ) keV B(40.0026.8 4.02 ) keVC( 26.84.02 ) keV D( 40.00 26.8 + 4.02 ) keV 5一圆弧形的槽，槽底放在程度地面上，槽的两侧与光滑斜坡a
5、a、bb相切，相切处a、b位于同一程度面内，槽与斜坡在竖直平面内的截面如图所示一小物块从斜坡aa上距程度面ab的高度为Zh处沿斜坡自由滑下，并自a处进人槽内，到达b后沿斜坡bb向上滑行，已知到达的最高处距程度面ab 的高度为h；接着小物块沿斜坡bb滑下并从b处进人槽内反向运动，若不考虑空气阻力，则A小物块再运动到a处时速度变为零B小物块尚未运动到a处时，速度已变为零C小物块不仅能再运动到a处，并能沿斜坡aa向上滑行，上升的最大高度为2hD小物块不仅能再运动到a处，并能沿斜坡aa向上滑行，上升的最大高度小于h 二、填空题和作图题把答案填在题中的横线上或把图画在题中指定的地方只要给出结果不需写出求
6、得结果的过程6( 6分）在大气中，将一容积为 0.50m3的一端封闭一端开口的圆筒筒底朝上筒口朝下竖直插人水池中，然后放手平衡时，筒内空气的体积为0.40m3设大气的压强与10.0m 高的水柱产生的压强一样，则筒内外水面的高度差为得分阅卷复核 得分阅卷复核7(10分）近年来，由于“微构造材料”的开展，研制具有负折射率的人工材料的光学性质及其应用，已受人们关注对正常介质，光线从真空射人折射率为n的介质时，人射角和折射角满意折射定律公式，人射光线和折射光线分布在界面法线的两侧；若介质的折射率为负，即n0，表示其方向程度向前，反之，则程度向后因程度方向动量守恒以及机械能守恒，故有 (5) (6)解（
7、1）、（5）、（6）三式可得摆线位于竖直位置时木块速度的大小 (7) (8) (7）式对应于子弹刚射人摆球但木块尚未运动时木块的速度，它也是摆球在以后相对木块往复运动过程中摆线每次由后向前经过竖直位置时木块的速度；而题中要求的木块的最大速率为（8）式，它也是摆球在以后相对木块的往复运动过程中摆线每次由前向后经过竖直位置时木块的速度iii在整个运动过程中，每当摆线处于竖直位置时，小球便位于最低处当子弹刚射人摆球时，摆球位于最低处，设这时摆球的速度为u，由（l）式得 (9)方向程度向前当摆球第一次回到最低处时，木块速度最大，设这时摆球的速度为u，由 (l）、（5）、（6）三式和（8）式可得 (10
8、)其方向向后当摆球第二次回到最低处时，由（7）式木块速度减至0，设这时摆球的速度为u，由（l）、（5）、（6）式可得 u (11) 方向向前，开场重复初始的运动评分标准：本题20分第i小题 8 分(1) 式 1 分，(2）、（3）式各3分， (4）式l分第ii小题 7 分(5)、(6）式各3分，(8）式 l 分第iii小题 5 分 ( 9 )式l分， (10）式3.分， (11）式l分15参考解答：先设磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直xy平面对里，且无边界考察从粒子源发出的速率为v、方向与x轴夹角为的粒子，在磁场的洛仑兹力作用下粒子做圆周运动，圆轨道经过坐标原点O，且与速度方向相切，若圆轨道的
9、半径为R，有 （1）得 (2) 圆轨道的圆心O在过坐标原点O与速度方向垂直的直线上，至原点的间隔 为R，如图1所示通过圆心 O作平行于y轴的直线与圆轨道交于P点，粒子运动到P点时其速度方向恰好是沿x轴正方向，故P点就在磁场区域的边界上对于不同人射方向的粒子，对应的P点的位置不同，全部这些P点的连线就是所求磁场区域的边界限P点的坐标为 xRsin (3 ) y一R + Rcos (4) 这就是磁场区域边界的参数方程，消去参数，得 x2 +(y+R)2=R2 (5)由（2）、（5）式得 (6)这是半径为R圆心 O的坐标为（0，一R ) 的圆，作为题所要求的磁场区域的边界限，应是如图 2 所示的半个
10、圆周，故磁场区域的边界限的方程为 (7)若磁场方向垂直于xy面对外，则磁场的边界限为如图3示的半圆，磁场区域的边界限的方程为x2 +(yR)2=R2 （8 )或 （9）证明同前评分标准：本题20分 ( l）或（2）式 2 分， (3）、（4）式各 4 分， (7）式 3 分，图（图 2 ) 2分（只要半圆的位置正确就给2分）, (9）式3分，图（图 3 ) 2 分（只要半圆的位置正确就给2分）16参考解答：以t =0时刻船A所在的位置为坐标原点O，作如图1所示平面直角坐标系Oxy，x轴指向正东，y轴指向正北可以把船C的速度分解成沿正东方向的分速度vx和沿正北方向的分速度vy两个重量依据题意有v
11、xvy2u (1) 在t时刻，三船的位置如图1所示B、C二船在y方向位移相等，两船的连线BC与x轴平行，两船间的间隔 (2) BC的中点到B点的间隔 为中点M的坐标分别为 （3） （4）可见M点沿x方向的速度为u，沿y方向的速度为2u，在t = 0时刻BC的中点在x轴上，其x坐标为3a/2在与M点固连的参考系中考察，并建立以M为原点的直角坐标系Mxy , x轴与x轴平行，y轴与y轴平行，则相对M，船A的速度只有沿负y方向的重量，有 uAM=uAM y=2u (5)在时刻t，船A在坐标系Mxy的坐标为 (6) (7) 可以把A船的速度分解为沿连线MA方向的重量uAM1 和垂直于连线 MA 方向的重量uAM2两个重量，uAM1使连线MA的长度增大，uAM2使连线 MA 的方向变更，如图2所示若用R表示t时刻连线MA的长度，则连线MA绕M点转动的角速度 (8)若MA与x轴的夹角为，则有 (9)而 （10） （11）由（5）到（10）各式得 （12）评分标准：本题20分求得（5）式共6分， ( 6）、（7）式各l分， (8）式6分， (9）式2分， (10）、 (11）式各l分，( 12 ) 式2分