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1、第二章 化学物质及其改变1. （2006年高考北京卷理综）已知：向KMnO4晶体滴加浓盐酸，产生黄绿色气体；向FeCl2溶液中通入少量试验产生的气体，溶液变棕黄色；取试验生成的溶液滴在淀粉碘化钾试纸上，试纸变蓝色。下列推断正确的是( )A. 上述试验证明氧化性：MnO4-Cl2Fe3+I2 B. 上述试验中，共有两个氧化复原反响C. 试验生成的气体不能使潮湿的淀粉碘化钾试纸变蓝D. 试验证明Fe2+既有氧化性又有复原性2. 根据下列反响推断有关物质复原性由强到弱的依次是( )H2SO3+I2+H2O=2HI+H2SO4 2FeCl3+2HI=2FeCl2+2HCl+I23FeCl2+4HNO3
2、=2FeCl3+NO+Fe(NO3)3+2H2OA. H2SO3I-Fe2+NO B. I-Fe2+H2SO3NO C. Fe2+I-H2SO3NO D. NOFe2+H2SO3I-3. (2009年浙江十校联考）把0.05 mol NaOH固体分别参加到100 mL下列溶液中，溶液的导电实力改变最小的是( )A. 自来水 B. 0.5 molL-1盐酸C. 0.5 molL-1醋酸溶液 D. 0.5 molL-1KCl溶液4. 在离子氧化复原反响aR2+bH+O2=mR3+nH2O中，a的值是( )A. 2m B. 4 C. 2b D. 25. 下列离子方程式书写正确的是( )A. 碳酸氢钙
3、溶液中参加等物质的量的氢氧化钠溶液Ca2+2HCO3-+2OH-=CaCO3+H2O+CO32-B. 碳酸钠溶液及醋酸反响CO32-+2H+=CO2+H=OC. Ca(ClO)2溶液中通入过量的二氧化硫气体Ca2+2ClO-+H2O+SO2=CaSO3+2HClOD. 用碳棒作电极电解氯化钾饱和溶液2Cl-+2H2O=2OH-+Cl2+H26. 24 mL 0.05 molL-1的Na2SO3溶液恰好及20 mL 0.02 molL-1的K=R2O7溶液完全反响，则R元素在复原产物中的化合价为( )A. 0 B. +2 C. +3 D. +615. 有一混合物水溶液，可能含有以下离子中的若干种
4、：K+、NH+4、Cl-、Mg2+、Fe3+、CO32-、SO42-，现各取100 mL溶液三份进展试验。向第一份参加AgNO3溶液，有白色沉淀产生;向第二份参加足量NaOH溶液后加热，搜集气体0.896 L(标准状况);向第三份参加足量的BaCl2溶液，得到沉淀6.27 g,沉淀经足量盐酸洗涤后，剩余2.33 g。试答复下列问题：（1）确定存在的离子有 ，确定不存在的离子有 。（2）可能存在的离子是 ，为确定该离子是否存在，可取少许原溶液，然后 （填操作（3）试分别确定确定存在的离子在原溶液中各自的物质的量浓度。7. “绿色试剂”双氧水可作为矿业废液消毒剂，如消退采矿业废液中的氰化物（如KC
5、N),反响的化学方程式为KCN+H2O2+H2O=A+NH3答复下列问题：（1）生成物A的化学式为 。（2）在标准状况下有0.448 L氨气生成，则转移的电子数为 。（3）反响中被氧化的元素为 。（4）H2O2被称为“绿色氧化剂”的理由是 。8. 有如下反响:2K2Cr2O7+3CH3CH2OH+8H2SO4=2Cr2(SO4)3+3CH3COOH+2K2SO4+11H2O此反响可用于检查司机是否酒后开车。试答复：（1）氧化剂是 ，氧化产物是 ；反响中铬元素的化合价从 变到 价。（2）若反响中生成1 mol Cr3+离子，则反响中转移的电子总数是 。9. (2008年高考天津卷理综)已知氧化复
6、原反响方程式如下：5C2O2-4+2MnO-4+16H+=10CO2+2Mn2+8H2O称取6.0 g含H2C2O42H2O、KHC2O4和K2SO4的试样，加水溶解，配成250 mL溶液。量取两份此溶液各25 mL,分别置于两个锥形瓶中。第一份溶液中参加2滴酚酞试液，滴加0.25 molL-1NaOH溶液至20 mL时，溶液由无色变为浅红色。该溶液被中和的H+的物质的量为 mol。第二份溶液中滴加0.10 molL-1酸性KMnO4溶液至16 mL时反响完全，此时溶液颜色由变为。该溶液中复原剂的物质的量为 mol。原试样中H2C2O42H2O的质量分数为，KHC2O4的质量分数为 。参考答案
7、第二章 化学物质及其改变1. A解析：题中的有关反响为2KMnO4+16HCl（浓）=2KCl+2MnCl2+5Cl2+8H2O（生成的黄绿色气体为Cl2);Cl2+2FeCl2=2FeCl3(FeCl3溶液为棕黄色)；2FeCl3+2KI=2FeCl2+2KCl+I2(I2遇淀粉变蓝色）。以上三个反响都属于氧化复原反响，根据氧化性：氧化剂氧化产物的规律，可知A项正确，B、C项错误。试验只能证明Fe2+具有复原性，D项错误。2. A解析：第个反响中，H2SO3为复原剂，HI为复原产物，所以复原性：H2SO3I-;第个反响中，HI为复原剂，FeCl=为复原产物，所以复原性：I-Fe2+;第个反响
8、中，FeCl2为复原剂，NO为复原产物，所以复原性：Fe2+NO。3. B解析：溶液的导电实力改变最小，则该溶液中离子浓度的改变不大。A、D项中参加NaOH后，不发生化学反响，溶液中离子浓度变大，溶液的导电实力变大;C项中醋酸为弱电解质，参加NaOH后生成的CH3COONa为强电解质，故离子浓度变大，溶液的导电实力变大；B项中原为0.05 mol强电解质HCl，参加NaOH后生成0.05 mol强电解质NaCl（此时溶液体积改变可忽视），故离子浓度根本不变，导电实力根本不变。4. B解析：由元素守恒得n=2,b=4;由得失电子守恒得a=4。5. D解析：A项，等物质的量的Ca(HCO3)2中只
9、有一半HCO3-参及离子反响，所以不正确；B项，醋酸是弱酸不写成H+形式；C项中产物HClO还能接着氧化CaSO3为CaSO4;D项，电解饱和KCl溶液同电解饱和NaCl溶液，故D项正确。6. C解析：设K2R2O7反响后生成的复原产物中R的化合价为x。根据化合价升降相等得：2410-3 L0.05 molL-12=2010-3L0.02 molL-1(6-x)2,解之得:x=+3。7. (1)NH4+、CO32-、SO42-、K+ Mg2+、Fe3+ (2)Cl- 参加足量的稀硝酸和硝酸钡溶液，过滤，向滤液中滴入AgNO3溶液，有白色沉淀生成证明有Cl-存在来源:Z,xx,k （3）c(NH
10、4+)=0.4 mol/L，c(SO42-)=0.1 mol/L，c(CO32-)=0.2 mol/L,c(K+)0.2 mol/L解析:由（1）知溶液中可能含Cl-、CO32-、SO42-;由（2）知溶液中确定含NH4+，且n(NH4+)=0.04 mol;由（3）知溶液中确定含CO32-、SO42-,那么确定不含Mg2+、Fe3+（二者及CO32-不能大量共存），且n(SO42-)=2.33 g/233 g/mol=0.01 mol,n(CO32-)=6.27 g-2.33 g/197 g/mol=0.02 mol;所以得出结论：溶液中确定含NH4+、CO32-、SO42-，确定不含Mg2
11、+、Fe3+，可能含有K+、Cl-，这个结论正确吗？此时我们要思索，题目给出n(NH4+)、n(SO42-)和n(CO32-)的详细数值，其用意是什么？它们是无用的数据吗？为了弄清该数据隐含着的含义，我们应联想到“任何溶液都必需呈电中性”来加以验证。由于n(SO42-)2+n(CO32-)2=0.01 mol2+0.02 mol2=0.06 moln(NH4+)1=0.04 mol1，故必存在K+。又因溶液中可能存在Cl-，则n(K+)0.02 mol，所以c(NH4+)=0.4 mol/L,c(SO42-)=0.1 mol/L，c(CO32-)=0.2 mol/L，c(K+)0.2 mol/
12、L。8. （1）KHCO3（2）2.4081022 (3) C(4) H2O2作氧化剂,其复原产物为H2O,没有毒性及污染9. （1）K2Cr2O7 CH3COOH +6 +3(2)1.8061024常见金属及其化合物例3.确定量Fe、FeO、Fe2O3的混合物中参加0.5molL1的盐酸400mL,恰好完全溶解，所得溶液中加KSCN无血红色出现，若用足量CO复原一样质量的此混合物，能得到铁的质量为( ) A.11.2 g B.2.8 g C.5.6 g D.无法计算【解析】根据题意恰好完全溶解时生成FeCl2溶液，根据Fe 2+2Cl，可以求出亚铁离子的物质的量为0.1 mol,足量CO复原
13、混合物后，全部铁元素转化为单质铁，所以可以得到铁的质量为5.6 g。【评注】根据元素守恒快速计算；对题中涉及的各种反响能快速找寻出规律。例4.在FeCl3,CuCl2,FeCl2的混合溶液中，Fe3+,Cu2+和Fe2+的物质的量之比为321,现参加适量铁粉，使溶液中三种离子物质的量浓度之比改变为124,则参与反响的铁粉及原溶液Fe3+的物质的量之比为 ( )A.21 B.12 C.13 D.14【解析】根据题意反响后还有Fe3+,说明原来溶液中Cu2+没有发生反响，因为氧化性Fe3+Cu2+Fe2+；设原溶液中含有Fe3+为3mol,反响后剩余1mol,所以参与反响的Fe3+为2 mol,消
14、耗铁粉0.1 mol。2. 9.2g金属钠投入到足量的重水中，则产生的气体中含有（ ）A0.2mol中子 B0.4mol电子 C0.2mol质子 D0.4mol分子5.标准状况下，将20升二氧化碳和一氧化碳的混合气体通过足量过氧化钠粉末，充分反响后，气体体积削减的到16升。则原混合气体中CO的体积为（ ）A. 4L B. 8L C. 12L D. 16L6.甲、乙两烧杯中各盛有100mL3 molL1的盐酸和氢氧化钠溶液，向两烧杯中分别参加等质量的铝粉，反响完毕后测得生成的气体体积比为甲:乙=1:2，则参加铝粉的质量为A.5.4g B.3.6g C.2.7g D.1.6g7.等量镁铝合金粉末分
15、别及下列4种过量的溶液充分反响，放出氢气最多的是ks5u A.2molL-1H2SO4溶液 B.18 molL-1H2SO4溶液C.6 molL-1KOH溶液 D.3 molL-1HNO3溶液8.某铁的“氧化物”样品，用5 molL1的盐酸140 mL恰好完全溶解，所得溶液还能汲取标准状况下0.56 L氯气，使其中Fe2+全部转化为Fe3+。该样品可能的化学式是A.Fe2O3 B.Fe3O4 C.Fe4O5 D.Fe5O79.已知Ba(AlO2)2可溶于水。右图表示的是向A12(SO4)3溶液中逐滴参加Ba(OH)2溶液时，生成沉淀的物质的量y及加人Ba(OH)2的物质的量x的关系。下列有关叙
16、述正确的是A. ab时沉淀的物质的量:A1(OH)3比BaSO4多B. cd时溶液中离子的物质的量：Al(OH)4比Ba2+多C. ad时沉淀的物质的量：BaSO4可能小于A1(OH)3D. de时溶液中离子的物质的量：Ba2+可能等于OHn(Na2O2)/moln(产物)/moln(沉淀)n(气体)8914.将Na2O2渐渐参加到含有Al3+、Mg2+、NH4+的混合溶液中并加热，产生沉淀和气体的物质的量及参加Na2O2的物质的量的关系如图所示。则原溶液中Al3+、Mg2+、NH4+的物质的量分别为( ) A2 mol、3 mol、8 mol B3 mol、2 mol、8 molC2 mol
17、、3 mol、4 mol D3 mol、2 mol、4 mol 15.下图表示有关物质（均由短周期元素形成）之间的转化关系，其中A为常见的金属单质，B为非金属单质（一般是黑色粉末），C是常见的无色无味液体，D是淡黄色的固体化合物。（反响条件图中已省略。）（1）A、B、C、D代表的物质分别为 、 、 、 （填化学式）；（2）反响中的C、D均过量，该反响的化学方程式是 ；（3）反响中，若B及F物质的量之比为43，G、H分别是 、 （填化学式）；（4）反响产物中K的化学式为 ；（5）反响的离子方程式为 。专题八答案例题讲解 1. D 2. D 3. C 4. C 考题再现 1. D 2. (1)c
18、d (2)冷却结晶 引流 （3）NH3 （或NH3H2O） b d （4）凝视凹页面的最低处及刻度线，凹页面的最低处及刻度线相平 酸式跟踪训练2.B 5.C 6.A 7.A 8.D 9.B 14.C15.(1)Al C Na2O2 (2) Na2O2 + 2H2O =4NaOH+O2 2Al+ 2NaOH + 6H2O=2NaAl(OH)4 + 3H2(3) CO2 CO (4) Na2CO3 (5) 2Al(OH)4-+CO2=2Al(OH)3+CO32-+H2O 非金属及其化合物6含FeS2A%的黄铁矿W吨，在用接触法硫酸的过程中，损失硫C%，可制得浓度为B%的硫酸为 A吨 B吨 C吨 D
19、吨8下列各组物质中，每一种物质都能使溴水褪色的是AAgNO3溶液、CCl4、碘水 BNa2SO3溶液、FeCl3溶液、H2S溶液CFeCl2溶液、KOH溶液、镁粉 DNaOH溶液、CO气体、氯水12用浓硫酸汲取SO3可以得到H2SO4SO3。用mg98%的H2SO4充分汲取SO3后再进展稀释，可得到98%的硫酸的质量为 A2.42mg B2.22mg C2.02mg D1.98mg14NH3和O2混合气体100mL通过红热的铂丝，充分反响后的混合气体再通过足量水最终搜集到10mL残留气体，则原混合气体中O2体积不行能是(气体体积在一样条件下测定)A12.5mL B21.5mL C64.2mL
20、D70.0mL16氰(CN)2的构造式为NCCN，其化学性质及卤素（X2）很相像，化学上称之为拟卤素。(CN)2和水反响可生成HCN和HCNO；(CN)2的氧化性比Br2弱，比I2强。(1)下列有关反响的化学方程式不正确的是 (填选项标号)A(CN)2和NaOH溶液反响：(CN)2+2NaOH=NaCN+NaCNO+H2OBMnO2和HCN反响：MnO2+4HCNMn(CN)2+(CN)2+2H2OC向KCN溶液中参加碘水：I2+2KCN=2KI+(CN)2D在NaBr和KCN混合溶液中通入少量Cl2：Cl2+2NaBr=2NaCl+Br2 (2)HCN的电子式为 ，按电子云重叠方式分类分子内
21、化学键类型为_，碳原子的杂化类型为_。(3)处理含 (其中C为+2价)的工业废水常用氧化，生成的（其中C 为+4价）元素，反响的离子方程式如下：a+b+c=dCNO+eN2+f+b+cH2O上述化学方程式可能的配平系数有多组，请答复：方程式中e : f的值为 （填选项标号）。A1 B1/2 C2 D不能确定若d=e=1, 则b= 。18已知A、B、C、D、E为中学化学常见物质，A、B、C、D、E中均含有同一种元素，A、C均为气体，E为液体，下图中箭头上的反响物和反响条件均已略去(1)当A及E反响生成B和C时，则A、E共同含有乙元素。生成的C气体易液化。常温常压下D是气体，冰水冷却D时变成无色晶
22、体，此无色晶体的化学式是 。根据所学的氧化复原反响学问推断：在AE各物质中，在确定条件下能及D发生氧化复原反响的物质有 (填字母)。D溶于纯洁的E时，能按物质的量比1:1化合，生成物的化学式可表示为 (写成化合物、复合物或氧化物形式均可)。试描绘气体C的物理性质_。(2)当A及E发生化合反响时，能视察到空气中形成大量的白烟，则A、E共同含有甲元素。通过上述描绘可知：A的化学式为 ，E的化学式为 。当当心加热A及E化合时的生成物F时，可得到一种无色无味的气体G(G和CO2具有一样的原子数目和电子数目)和一种无色无味的液体H，写出F分解生成的G+H的化学方程式 。20将23.9 g外表已锈蚀成铜绿
23、Cu2(OH)2CO3的铜片投入120 mL确定浓度的硝酸中，充分反响后，硝酸被复原成NO2和NO，反响后溶液中H+为0.160 mol。往反响后的溶液中参加过量的NaOH溶液，滤出沉淀，洗涤，枯燥后得到29.4 g蓝色固体。求：(1)铜片中单质铜的质量分数；(2)铜片及硝酸充分反响后，溶液中NO3-的物质的量浓度(假设反响前后溶液的体积不变)6A 8C 14B16(1)CD (2) sp 2个键和2个键 (3)B 618(1)SO3 A和B H2S2O7或H2SO4SO3或2SO3H2O SO2是无色有刺激性气味的气体，密度比空气大，易溶于水，有毒 (2)NH3 HNO3 NH4NO3N2O+2H2O。20(1)53.6% (2)6.33 molL1