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1、2015年辽宁省沈阳市中考化学试卷一、选择题（本题包括13道小题，111小题，每题1分，12、13小题，每题2分，共15分每小题只有一个最符合题目要求的选项）1下列变更属于化学变更的是（）A.汽油的挥发B.酒精的燃烧C.矿石的粉碎D.铁丝的弯曲考点：化学变更和物理变更的判别.专题：物质的变更与性质分析：本题考察学生对物理变更和化学变更确实定推断一个变更是物理变更还是化学变更，要根据在变更过程中有没有生成其他物质，生成其他物质的是化学变更，没有生成其他物质的是物理变更解答：解：A、汽油挥发是由液态变为气态，只是状态发生了变更，没有新物质生成，属于物理变更，故A错；B、酒精的燃烧生成二氧化碳和水，
2、属于化学变更，故B正确；C、矿石的粉碎是将其粉碎成粉末状，没有新物质生成，属于物理变更，故C错；D、铁丝的弯曲只是形态的变更，没有新物质生成，属于物理变更，故D错故选B点评：搞清晰物理变更和化学变更的本质区分是解答本类习题的关键推断的标准是看在变更中有没有生成其他物质一般地，物理变更有物质的固、液、气三态变更和物质形态的变更2下列符合号表示2个氧原子的是（）A.2OB.O2C.O2D.O22考点：化学符号及其四周数字的意义.专题：化学用语和质量守恒定律分析：根据原子的表示方法就是用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字进展解答解答：解：原子的表示方法就是用元素符
3、号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字所以2个氧原子，就可表示为：2O；故选A点评：本题考察了化学符号的书写，题目较易3下列物质属于化合物的是（）A.镁B.氧气C.蒸馏水D.金刚石考点：单质和化合物的判别.专题：物质的分类分析：根据化合物的定义分析：化合物是由不同种元素组成的纯洁物解答：解：A、镁是由同种元素组成的纯洁物，属于单质；B、氧气是由同种元素组成的纯洁物，属于单质；C、蒸馏水是由不同种元素组成的纯洁物，属于化合物；D、金刚石是由铜种元素组成的纯洁物，属于单质；故选项为：C点评：解答本题要驾驭物质的分类方法方面的学问，只有这样才能对各种物质进展正确的分类4下列
4、试验操作不合理的是（）考点：测量容器-量筒；加热器皿-酒精灯；固体药品的取用；浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释.专题：常见仪器及化学试验根本操作分析：A、根据量筒读数时视线要与凹液面的最低处保持程度进展分析推断B、运用酒精灯时要留意“两查、两禁、一不行”C、根据向试管中粉末状固体药品的方法进展分析推断D、根据浓硫酸的稀释方法（酸入水，沿器壁，渐渐倒，不断搅）进展分析推断解答：解：A、量筒读数时视线要与量筒内液体的凹液面的最低处保持程度，图中所示操作正确B、运用酒精灯时要留意“两查、两禁、一不行”，不能用嘴吹灭酒精灯，应用灯帽盖灭，图中所示操作正确C、取用粉末状药品，试管横放，用药匙或纸槽把药品送到试
5、管底部，图中所示操作正确D、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量刚好地扩散；肯定不能把水注入浓硫酸中；图中所示操作错误故选：D点评：本题难度不大，熟识各种仪器的用处及运用留意事项、常见化学试验根本操作的留意事项是解答此类试题的关键5下列各项不属于NaCl用处的是（）A.做净水剂B.消费烧碱C.做调味品D.消费氯气考点：氯化钠与粗盐提纯.专题：常见的盐 化学肥料分析：根据氯化钠的性质和用处进展分析解答：解：氯化钠溶液在通电的条件下会生成氢氧化钠、氢气和氯气，所以可以用来制取烧碱和生成氯气，故B、D正确，氯化钠是常用的调味品，故C正确，氯化钠不能做净水剂，故
6、A错误故选：A点评：本题主要考察了氯化钠的性质和用处，难度不大，须要在平常加强记忆6下列金属的活动性最强的是（）A.AlB.FeC.NaD.Ag考点：金属活动性依次及其应用.专题：金属与金属材料分析：根据金属活动性依次的内容，在金属活动性依次中金属的位置越靠前，金属的活动性就越强，进展分析推断解答：解：常见金属活动性依次为K、Ca、Na、Mg、Al、Zn、Fe、Sn、Pb、H、Cu、Hg、Ag、Pt、Au；在金属活动性依次中，金属的位置越靠前，金属的活动性就越强，铝、铁、钠、银四种金属中钠的位置最靠前，故金属活动性最强的是钠A、题目给出的金属中，活动性活动性最强的金属是钠，不是铝，故选项错误B
7、、题目给出的金属中，活动性活动性最强的金属是钠，不是铁，故选项错误C、题目给出的金属中，活动性活动性最强的金属是钠，故选项正确D、题目给出的金属中，活动性活动性最强的金属是钠，不是银，故选项错误故选：C点评：本题难度不大，考察金属活动性强弱，熟记金属活动性依次并能敏捷运用即可正确解答本题7下列物质分别参加到足量的水中，不能形成溶液的是（）A.蔗糖B.铁锈C.酒精D.纯碱考点：溶液的概念、组成及其特点.专题：溶液、浊液与溶解度分析：A、根据蔗糖在水中的溶解性，以及溶液的定义和特征推断B、根据铁锈在水中的溶解性，以及溶液的定义和特征推断C、根据酒精在水中的溶解性，以及溶液的定义和特征推断D、根据纯
8、碱在水中的溶解性，以及溶液的定义和特征推断解答：解：一种或几种物质分散到另一种物质中，形成均一的、稳定的混合物叫做溶液，它的根本特征是均一性和稳定性；只有被分散的物质在另一种物质中是可溶的，二者混合后才会形成溶液A、蔗糖能溶解到水中，形成均一、稳定的混合物，即溶液，所以正确B、铁锈不能溶于水，把铁锈放入水中充分搅拌只能形成悬浊液，所以错误C、酒精能溶解到水中，形成均一、稳定的混合物，即溶液，所以正确D、纯碱能溶解到水中，形成均一、稳定的混合物，即溶液，所以正确故选B点评：该题主要考察溶液的形成，在推断物质混合后是否能形成溶液时，可以结合生活阅历，根据物质的溶解性、溶液的定义和特征进展推断，其中
9、理解物质的溶解性是解题的关键8已知下列物质的pH范围，其中显酸性的是（）考点：溶液的酸碱性与pH值的关系.专题：常见的酸 酸的通性分析：当溶液的pH等于7时，呈中性；当溶液的pH小于7时，呈酸性；当溶液的pH大于7时，呈碱性；据此进展分析推断解答：解：A、食醋的pH为34，小于7，显酸性，故选项正确B、海水的pH为89，大于7，显碱性，故选项错误C、肥皂水的pH为1011，大于7，显碱性，故选项错误D、洗涤剂的pH为1213，大于7，显碱性，故选项错误故选：A点评：本题难度不大，驾驭溶液的酸碱性和溶液pH大小之间的关系是正确解题的关键9肯定条件下，能用NaOH溶液和红色石蕊试纸检验的离子是（）
10、A.CO32B.K+C.NO3D.NH4+考点：常见离子的检验方法及现象.专题：物质的检验、鉴别与推断分析：根据铵根离子能与NaOH溶液反响生成具有刺激性气味的氨气，氨气能使红色石蕊试纸变蓝色，进展分析推断解答：解：肯定条件下，铵根离子能与NaOH溶液中的氢氧根离子结合生成具有刺激性气味的氨气，氨气能使红色石蕊试纸变蓝色；故肯定条件下，能用NaOH溶液和红色石蕊试纸检验的离子是铵根离子故选：D点评：本题难度不大，驾驭铵根离子的检验方法（与碱性溶液反响生成有刺激性气味的氨气，氨气能使红色石蕊试纸变蓝色）是正确解答本题的关键10火箭推动器中盛有N2H4和H2O2，发生反响的化学方程式：N2H4+2
11、H2O2=R+4H2O，其中R的化学式为（）A.N2BN2O4C.NH3D.NO2考点：质量守恒定律及其应用.专题：化学用语和质量守恒定律分析：在化学反响中遵循质量守恒定律，即反响前后元素的种类不变，原子的种类、个数不变解答：解：由反响的化学方程式N2H4+2H2O2=R+4H2O可知，R中含有2个氮原子，是N2故选A点评：在化学反响中遵循质量守恒定律，参与反响的物质的质量总和等于反响后生成的物质的质量总和11下列灭火方法不恰当的是（）A.酒精灯不慎打翻起火，马上用湿抹布扑灭B.电视机短路着火，马上用水浇灭C.油锅中的油着火，可用锅盖盖灭D.图书档案起火，可用二氧化碳灭火器灭火考点：灭火的原理
12、和方法；几种常用的灭火器.专题：化学与生活分析：根据燃烧须要同时满意的三个条件，则灭火的原理有三种：撤离可燃物、隔绝氧气和降低温度至着火点以下根据燃烧的详细状况，选择恰当的灭火方法对才能更好地削减损失解答：解：A、酒精灯不慎打翻起火，用湿抹布扑盖，采纳隔离氧气的方法进展灭火；故做法正确；B、向着火的电视机上浇水，可能会因水的导电性而使扑火者触电，或引发电路短路布引起更大面积的燃烧此灭火方法错误；C、用锅盖盖住着火的油锅隔绝氧气，会使油因不能与氧气接触而熄灭此方法正确D、二氧化碳既不能燃烧也不能支持燃烧，且密度大于空气，这就可以使二氧化碳气体覆盖在燃烧物上方，隔绝燃烧物与空气的接触，隔绝氧气而熄
13、灭是正确的方法故选B点评：本题考察学生对灭火原理学问的理解，并敏捷应用到现实生活中以及实际解题当中12（2分）下列物质不能与BaCl2溶液发生反响的是（）A.CuSO4B.AgNO3C.CaCl2D.Na2CO3考点：盐的化学性质.专题：常见的盐 化学肥料分析：根据各复分解反响的条件：必需生成沉淀或气体或水的两种物质才能发生反响，来推断反响是否能发生解答：解：A硫酸铜能与氯化钡反响生成硫酸钡白色沉淀，故能反响；B硝酸银能与氯化钡反响生成氯化银白色沉淀，故能反响；C氯化钙与氯化钡反响不能生成沉淀、气体、水，故不能反响；D碳酸钠与氯化钡反响生成碳酸钡白色沉淀，故能反响；答案：C点评：本题难度不是很
14、大，主要考察了复分解反响的条件，培育学生分析问题、应用学问的实力13（2分）下表是KCl固体在不同温度时的溶解度下列说法错误的是（）A.KCl固体的溶解度随温度的上升而增大B.80时，KCl固体的溶解度是51.1gC.60的KCl饱和溶液降温后会有晶体析出D.20时，KCl饱和溶液的溶质质量分数为34.0%考点：固体溶解度的影响因素；晶体和结晶的概念与现象；溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系.专题：溶液、浊液与溶解度分析：A、KCl溶解度随温度的上升而增大；B、由表格，可查出80时KCl的溶解度；C、根据氯化钾的溶解度随温度的变更特点确定是否析出固体；D、20时，100g水最多溶解KCl34
15、.0g，34.0克为此温度下的溶解度解答：解：A、KCl溶解度随温度的上升而增大，正确；B、80时，KCl固体的溶解度是51.1g，正确；C、KCl溶解度随温度的上升而增大，故60的KCl饱和溶液降温后会有晶体析出，正确；D、20时，KCl饱和溶液的溶质质量分数为25.3%，错误；故选D点评：驾驭溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系，驾驭饱和溶液与不饱和溶液的互相转化的方法二、填空与简答题（本题包括4道小题，共20分）14（4分）酸雨主要是人工排放的二氧化硫酸、氮氧化物等酸性气体造成的目前，酸雨正从硫酸型向硫酸和硝酸复合型转化化学在解决酸雨等环境问题中净发挥重要作用请答复下列问题：（1）氮元素
16、的元素符号是N（2）二氧化硫酸的化学式是SO2（3）硫酸中氢元素（H）的化合价是+1（4）写出防治酸雨的一种措施工业废气需净化后才能向大气中排放考点：酸雨的产生、危害及防治；元素的符号及其意义；化学式的书写及意义；有关元素化合价的计算.专题：化学与环境爱护分析：（1）根据元素符号的写法解答；（2）根据二氧化硫酸的化学式的写法解答；（3）根据化合物中元素正负化合价的代数和为零解答；（4）根据防治措施为工业废气需净化后才能向大气中排放，防止造成大气污染及奢侈硫资源解答解答：解：（1）氮元素的元素符号是N；（2）二氧化硫酸的化学式是SO2；（3）化合物中元素正负化合价的代数和为零，硫酸中氢元素（H）
17、的化合价是x，2x+（+6）+（2）4=0 x=+1，（4）防治措施为工业废气需净化后才能向大气中排放，防止造成大气污染及奢侈硫资源答案：（1）N（2）SO2（3）+1（4）工业废气需净化后才能向大气中排放点评：本题考察了酸雨的成因，危害，提出防治酸雨的措施15（6分）有机化合物对人类的生活和社会开展具有极其重要的意义请答复下列问题：（1）下列有关有机化合物的说法，正确的是ABCA有机化合物的种类繁多 B葡萄糖、淀粉属于有机化合物C油脂、蛋白质属于有机化合物 D硫酸、碳酸钙属于有机化合物（2）中国是世界上最早利用自然气作燃料的国家自然气的主要成分是甲烷（CH4），请写出甲烷在氧气中完全燃烧的化
18、学方程式CH4+2O2CO2+2H2O（3）苹果中含有戊酸戊酯（C10H20O2）是其有果香的主要缘由组成戊酸戊酯的元素有3种，其中碳、氢元素的质量比为6：1（4）只用水来制取植物油是通过化学方法无法实现的请从元素组成的角度说明缘由水和植物油的组成元素不同考点：有机物的特征、分类及聚合物的特性；化学式的书写及意义；元素养量比的计算；质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式.专题：化学用语和质量守恒定律；物质的分类分析：（1）根据有机物的定义分析；（2）根据甲烷燃烧的反响物和生成物，书写方程式时要留意条件和配平；（3）化合物中各元素养量比=各元素的相对原子质量原子个数之比；（
19、4）根据质量守恒定律反响前后元素种类不变进展分析解答：解：（1）有机物的种类繁多，葡萄糖、淀粉、油脂、蛋白质等都属于有机化合物，硫酸、碳酸钙不属于有机化合物，故选ABC；（2）甲烷在空气中燃烧生成水和二氧化碳，反响的化学方程式：CH4+2O2CO2+2H2O；（3）组成戊酸戊酯的元素有3种；根据化合物中各元素养量比=各元素的相对原子质量原子个数之比，则异戊酸异戊酯中碳、氢元素的质量比为：（1210）：（120）=6：1； （4）根据质量守恒定律，反响前后元素种类不变，水和植物油的组成元素不同，故只用水来制取植物油是通过化学方法无法实现的故答案为：（1）ABC；（2）CH4+2O2CO2+2H2
20、O；（3）3；6：1；（4）水和植物油的组成元素不同点评：本题主要考察有机物的有关学问，难度不大16（3分）金属钠与氯气在肯定条件下可以发生化学反响该反响的化学方程式：2Na+Cl22NaCl根据所给信息，请答复下列问题：（1）当钠与氯气反响时，每个氯原子得到一个电子成为氯离子（2）从氯气变为氯化钠时，氯元素化合价的详细变更为01（3）氯化钠溶液能导电，是因为氯化钠溶于水形成了大量自由挪动的Na+、Cl（填微粒符号）考点：原子和离子的互相转化；溶液的导电性及其原理分析；有关元素化合价的计算.专题：物质的微观构成与物质的宏观组成分析：根据已有的离子的形成以及化合价的规则和离子符号的书写方法进展分
21、析解答即可解答：解：（1）氯原子的最外层电子数是7，在化学反响中易得到一个电子形成阴离子，故填：得到一个电子；（2）氯气是单质，在单质中化合价为0，形成的氯离子带有一个单位的负电荷，在化合物中其化合价是1，故填：0，1；（3）氯化钠溶于水形成了大量自由挪动的钠离子和氯离子，故填：Na+、Cl点评：本题考察的是离子的形成以及物质的构成的学问，完成此题，可以根据已有的学问进展17（7分）从硅的氧化物可以制取硅单质，主要化学反响如下：粗硅的制取：SiO2（石英砂）+2C（焦炭）Si（粗硅）+2CO 由粗硅制纯硅（常用方法）：Si（粗）+2Cl2SiCl4 SiCl4+2H2Si（纯）+4HCl（1）
22、根据上述信息，请补全制取纯硅的简易流程图：（2）根据已有学问和上述信息，进展总结归纳：完成置换反响的通式：单质（I）+化合物（I）=单质（）+化合物（）填写下表：考点：物质的互相转化和制备；置换反响及其应用；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式.专题：物质的制备分析：（1）根据硅和氯气在高温的条件下反响生成四氯化硅进展分析；（2）根据置换反响是指由一种单质和一种化合物反响，生成另外一种单质和一种化合物的反响进展分析；根据置换反响的条件书写化学方程式时，留意选择的单质要符合题目要求的种类解答：解：（1）在高温的条件下，粗硅能与氯气反响生成四氯化硅，所以（2）因为SiCl4+2H2Si（纯）+4
23、HCl，所以可知，单质（I）+化合物（I）=单质（）+化合物（）；A、金属单质铁和稀盐酸反响能生成氯化亚铁和非金属单质氢气，化学方程式为：Cu+2AgNO3=Cu（NO3）2+2Ag；B、金属单质铜和硝酸银反响能生成一样和金属单质银，化学方程式为：Fe+CuSO4FeSO4+Cu；C、非金属单质碳能和二氧化硅反响生成一氧化碳和非金属单质硅，化学方程式为：SiO2+2CSi+2CO；D、非金属单质氢气能和氧化铜反响生成水和金属单质铜，故填：非金属，金属故答案为：（1）（2）化合物（）；点评：本题主要考察置换反响的含义和化学方程式的书写方法等方面的学问，书写化学方程式时肯定要遵循质量守恒定律三、试
24、验与探究题（本题包括3道小题，共24分）18（8分）如图是试验室制取气体的常用装置，请答复下列问题：（1）写出图中标号仪器的名称：试管；锥形瓶（2）试验室可加热KClO3和MnO2的固体混合物制取氧气，请写出该反响的化学方程式：2KClO32KCl+3O2，应选择的气体发生装置是A（填字母，下同）若用向上排空气法搜集氧气，验满的方法是：将带火星的木条放在集气瓶口，若复燃，则证明氧气已满（3）试验室可用Zn粒和稀硫酸制取氢气，请写出该反响的化学方程式：Zn+H2SO4ZnSO4+H2，应选择的气体发生装置是B（4）常温下，乙烯（C2H4）是一种无色气体，密度与空气相近，难溶于水，不与空气和水发生
25、反响试验室搜集乙烯时，应选择的装置是E考点：常用气体的发生装置和搜集装置与选取方法；试验室制取氧气的反响原理；氧气的检验和验满；氢气的制取和检验；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式.专题：常见气体的试验室制法、检验、枯燥与净化分析：（1）要熟识各种仪器的名称、用处和运用方法；（2）氯酸钾在二氧化锰的催化作用下，受热分解生成氯化钾和氧气； 氧气可以支持燃烧，能使带火星的木条复燃；（3）通常状况下，锌和稀硫酸反响生成硫酸锌和氢气，氢气难溶于水，密度比空气小；（4）根据气体的性质可以选择搜集装置解答：解：（1）是试管，常用作反响容器；是锥形瓶，常用作反响容器故填：试管；锥形瓶（2）试验室利用KC
26、lO3和MnO2的固体混合物制取氧气须要加热，应当用A装置作为发生装置；请该反响的化学方程式为：2KClO32KCl+3O2；若用向上排空气法搜集氧气，验满的方法是：将带火星的木条放在集气瓶口，若复燃，则证明氧气已满故填：2KClO32KCl+3O2；A；带火星的木条（3）试验室用Zn粒和稀硫酸制取氢气反响的化学方程式为：Zn+H2SO4ZnSO4+H2；锌和稀硫酸反响不须要加热，应选择的气体发生装置是B故填：Zn+H2SO4ZnSO4+H2；B（4）常温下，乙烯的密度与空气相近，不能用排空气法搜集，乙烯难溶于水，不与水发生反响，因此试验室搜集乙烯时，可以用排水法搜集，即用E装置搜集故填：E点
27、评：本题主要考察仪器的用处、反响表达式的书写，试验装置的选择，选择发生装置时，要考虑反响物的状态、反响条件等因素；选择搜集装置时，要考虑气体的水溶性、能否和水发生化学反响、密度、能否和空气中的物质发生化学反响等因素19（8分）某化学小组初步设计了“搜集不同体积比例的二氧化碳和一氧化碳混合气体”的试验方案方案一：如图1所示（1）请写出硬质玻璃管中发生反响的化学方程式：Fe2O3+3CO2Fe+3CO2（2）该试验能获得二氧化碳和一氧化碳混合气体，其缘由是一氧化碳没有完全参与反响，有剩余方案二：如图2所示请写出该气体与炭粉发生反响的化学方程式：CO2+C2CO方案三：如图3所示（提示：饱和NaHC
28、O3溶液的作用是除去HCl气体，局部夹持装置及导管已略去）请答复下列问题：（1）写出装置A中发生反响的化学方程式：CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2（2）CO气体应由b（填“a”或“b”）通入（3）写出装置C中浓硫酸的两点主要作用：除去二氧化碳中的水蒸气；通过视察导管口的气泡来推断是否得到了混合气体考点：一氧化碳复原氧化铁；气体的净化（除杂）；二氧化碳的试验室制法；二氧化碳的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题：碳单质与含碳化合物的性质与用处分析：方案一：硬质玻璃管中一氧化碳与氧化铁在高温条件下生成铁和二氧化碳，写出反响的化学方程式即可方案二：二氧化碳与碳在高温的条
29、件下生成一氧化碳；方案三：根据反响的原理以及化学方程式的书写方法来分析；要根据装置的特点来分析；根据浓硫酸的吸水性来分析解答：解：方案一：（1）硬质玻璃管中一氧化碳与氧化铁在高温条件下生成铁和二氧化碳，反响的化学方程式为：Fe2O3+3CO2Fe+3CO2故填：Fe2O3+3CO2Fe+3CO2；（2）通入玻璃管内的一氧化碳没有完全参与反响，与生成的二氧化碳组成了混合气体，故填：一氧化碳没有完全参与反响，有剩余；方案二：在高温的条件下，二氧化碳与碳反响生成一氧化碳，故填：CO2+C2CO；方案三：（1）大理石的主要成分是碳酸钙，与稀盐酸反响生成氯化钙、水和二氧化碳，故填：CaCO3+2HClC
30、aCl2+H2O+CO2；（2）一氧化碳气体要能进能出，所以要从b管进入；故填：b；（3）浓硫酸具有吸水性，用于枯燥二氧化碳，并能根据导管口的气泡来分析气体组成故填：除去二氧化碳中的水蒸气；通过视察导管口的气泡来推断是否得到了混合气体点评：本题考察了获得二氧化碳和一氧化碳混合气体的三种试验方案，驾驭化学方程式的写法、反响的原理以及过程是解题的关键20（8分）某化学小组初步探究“氢氧化钠溶液与盐酸发生中和反响时溶液温度的变更状况”试验用品：37%的浓盐酸（密度为1.18g/mL）、10%的氢氧化钠溶液、蒸馏水、量筒、温度计试验一：配制100mL 10%的盐酸（密度为1.05g/mL）试验步骤（1
31、）计算：须要37%的浓盐酸的体积为24.05mL（准确到0.01mL，下同）；须要蒸馏水的体积为76.62mL（水的密度为1.0g/mL）（2）量取浓盐酸和蒸馏水（3）混合配制试验二：在肯定体积的10%的氢氧化钠溶液中滴加10%的盐酸（室温下），反响中溶液温度的变更如下：（1）表中t1的值为0（2）试绘出溶液温度变更与参加盐酸体积之间的关系图（3）根据所绘曲线分析，参加盐酸的体积在010mL时，溶液温度变更的趋势及其缘由是随着中和反响的进展，由于反响放热，溶液温度上升（4）其他条件不变，若改用20%的盐酸进展滴加，结合对上述曲线的分析，大胆猜测新曲线最高点的位置（不考虑溶液密度和比热容的变更及
32、热量散失等影响因素）横坐标及猜测理由：5，当恰好完全反响时，放出热量的最大值与原试验一样，此时所需20%的盐酸的体积是原来的二分之一；纵坐标及猜测理由：大于18.2的值，当恰好完全反响时，放出热量的最大值与原试验一样，此时试验总质量比原试验小，所以t最大值大于18.2考点：中和反响及其应用；用水稀释变更浓度的方法专题：科学探究分析：试验一：（1）根据溶液稀释前后溶质质量不变进展分析；试验二：（1）根据t1时，所加盐酸体积为0，说明中和反响还没有进展，溶液温度还是零度进展分析；（2）根据图中所给溶液的温度变更随参加盐酸的体积变更的不同数值可以先描出各个点，再连接各点成线即可完成解答；（3）根据参
33、加盐酸的量在010mL之间时，从中和反响放出热量进展分析；（4）根据所加盐酸的质量分数是原来的2倍，所以一样体积是所含溶质是原来的2倍，这样反响后混合溶液的质量就没有原来的多进展分析解答：解：试验一：（1）设须要37%的浓盐酸的体积为x，37%x1.18g/mL=100mL1.05g/mL10% x=24.05mL须要水的质量为：100mL1.05g/mL24.05mL1.18g/mL=76.62g，合76.62mL；试验二：（1）t1时，所加盐酸体积为0，说明中和反响还没有进展，溶液温度还是零度，所以表中t1的值为0；（2）根据图表中的数据可以对所给数据进展描点连线可以得出液的温度变更（t）
34、与参加的盐酸体积（V）之间的关系曲线图，所以（3）参加盐酸的量在010mL之间时，中和反响放出热量，所以参加盐酸的体积在010mL时，溶液温度变更的趋势及其缘由是：随着中和反响的进展，由于反响放热，溶液温度上升；（4）所加盐酸的质量分数是原来的2倍，所以一样体积是所含溶质是原来的2倍，这样反响后混合溶液的质量就没有原来的多，所以横坐标及猜测理由：5，当恰好完全反响时，放出热量的最大值与原试验一样，此时所需20%的盐酸的体积是原来的二分之一；纵坐标及猜测理由：大于18.2的值，当恰好完全反响时，放出热量的最大值与原试验一样，此时试验总质量比原试验小，所以t最大值大于18.2故答案为：试验一：（1
35、）24.05mL，76.62mL；试验二：（1）0；（2）（3）随着中和反响的进展，由于反响放热，溶液温度上升；（4）横坐标及猜测理由：5，当恰好完全反响时，放出热量的最大值与原试验一样，此时所需20%的盐酸的体积是原来的二分之一；纵坐标及猜测理由：大于18.2的值，当恰好完全反响时，放出热量的最大值与原试验一样，此时试验总质量比原试验小，所以t最大值大于18.2点评：娴熟驾驭中和反响的概念及其应用；理解物质发生化学变更时的能量变更：中和放热；解答此类题的关键是正确从材料中抽取信息，准确做出推断，结合已有的学问储藏并做出合理的说明四、计算题（本题包括1道小题，共6分）21（6分）小苏打常用作治
36、疗胃酸过多的药剂某小苏打中混有少量碳酸钠，为测定样品中碳酸氢钠的质量分数，取3.0g样品加热到质量不再削减时，共搜集到二氧化碳0.66g求该样品中碳酸氢氛的质量分数（碳酸氢钠受热分解的化学方程式： 2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2）考点：根据化学反响方程式的计算.专题：有关化学方程式的计算分析：碳酸钠受热不能分解，碳酸氢钠受热分解生成碳酸钠、水和二氧化碳，根据二氧化碳的质量可以计算碳酸氢钠的质量，进一步可以计算该样品中碳酸氢钠的质量分数解答：解：设碳酸氢钠的质量为x，2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2， 168 44 x 0.66g=，x=2.52g，该样品中碳酸氢钠的质量分数为：100%=84%，答：该样品中碳酸氢钠的质量分数为：100%=84%点评：本题主要考察学生运用假设法和化学方程式进展计算和推断的实力，计算时要留意标准性和准确性