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1、2019年高考(全国卷) 理科综合实力实力测试化学局部试题及答案第卷可能用到的相对原子质量：H 1C 12N 14O 16Mg 24S 32Cl 35.5Fe 56Cu 64Zn 65Br 80一、选择题：本题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。7下列叙述中正确的是()A液溴易挥发，在存放液溴的试剂瓶中应加水封B能使润湿的淀粉KI试纸变成蓝色的物质肯定是Cl2C某溶液参加CCl4，CCl4层显紫色，证明原溶液中存在I-D某溶液参加BaCl2溶液，产生不溶于稀硝酸的白色沉淀，该溶液肯定含有Ag+8下列说法中正确的是()A医用酒精的浓度通常为95%B单质硅是
2、将太阳能转变为电能的常用材料C淀粉、纤维素和油脂都属于自然高分子化合物D合成纤维和光导纤维都是新型无机非金属材料9用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述中不正确的是()A分子总数为NA的NO2和CO2混合气体中含有的氧原子数为2NAB28 g乙烯和环丁烷(C4H8)的混合气体中含有的碳原子数为2NAC常温常压下，92 g的NO2和N2O4混合气体含有的原子数为6NAD常温常压下，22.4 L氯气与足量镁粉充分反响，转移的电子数为2NA10分子式为C5H12O且可与金属钠反响放出氢气的有机化合物有(不考虑立体异构)()A5种B6种C7种D8种11已知温度T时水的离子积常数为KW，该温度下，将浓度
3、为a molL-1的一元酸HA与b molL-1的一元碱BOH等体积混合，可断定该溶液呈中性的根据是()AabB混合溶液的pH7C混合溶液中，c(H+)molL-1 D混合溶液中，c(H+)+c(B+)c(OH-)+c(A-)12分析下表中各项的排布规律，按此规律排布第26项应为()12345C2H4C2H6C2H6OC2H4O2C3H6678910C3H8C3H8OC3H6O2C4H8C4H10AC7H16 BC7H14O2 CC8H18 DC8H18O13短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，其中W的阴离子的核外电子数与X、Y、Z原子的核外内层电子数一样。X的一种核素在考古时常用来鉴
4、定一些文物的年头，工业上采纳液态空气分馏方法来消费Y的单质，而Z不能形成双原子分子。根据以上叙述，下列说法中正确的是()A上述四种元素的原子半径大小为WXYZBW、X、Y、Z原子的核外最外层电子数的总和为20CW与Y可形成既含极性共价键又含非极性共价键的化合物D由W与X组成的化合物的沸点总低于由W与Y组成的化合物的沸点第卷三、非选择题：包括必考题和选考题两局部。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必需做答。第33题第40题为选考题，考生根据要求做答。(一)必考题(11题，共129分)26(14分)铁是应用最广泛的金属，铁的卤化物、氧化物以及高价铁的含氧酸盐均为重要化合物。(1)要确定铁的某
5、氯化物FeClx的化学式，可用离子交换和滴定的方法。试验中称取0.54 g的FeClx样品，溶解后先进展阳离子交换预处理，再通过含有饱和OH-的阴离子交换柱，使Cl-和OH-发生交换。交换完成后，流出溶液的OH-用0.40 molL-1的盐酸滴定，滴至终点时消耗盐酸25.0 mL。计算该样品中氯的物质的量，并求出FeClx中x值：_(列出计算过程)；(2)现有一含有FeCl2和FeCl3的混合物样品，采纳上述方法测得n(Fe)n(Cl)12.1，则该样品中FeCl3的物质的量分数为_。在试验室中，FeCl2可用铁粉和_反响制备，FeCl3可用铁粉和_反响制备；(3)FeCl3与氢碘酸反响时可生
6、成棕色物质，该反响的离子方程式为_；(4)高铁酸钾(K2FeO4)是一种强氧化剂，可作为水处理剂和高容量电池材料。FeCl3与KClO在强碱性条件下反响可制取K2FeO4，其反响的离子方程式为_。与MnO2Zn电池类似，K2FeO4Zn也可以组成碱性电池，K2FeO4在电池中作为正极材料，其电极反响式为_，该电池总反响的离子方程式为_。27(15分)光气(COCl2)在塑料、制革、制药等工业中有很多用处，工业上采纳高温下CO与Cl2在活性炭催化下合成。(1)试验室中常用来制备氯气的化学方程式为_。(2)工业上利用自然气(主要成分为CH4)与CO2进展高温重整制备CO，已知CH4、H2和CO的燃
7、烧热(H)分别为-890.3 kJmol-1、-285.8 kJmol-1和-283.0 kJmol-1，则生成1 m3(标准状况)CO所需热量为_；(3)试验室中可用氯仿(CHCl3)与双氧水干脆反响制备光气，其反响的化学方程式为_；(4)COCl2的分解反响为COCl2(g)=Cl2(g)+CO(g)H+108 kJmol-1。反响体系到达平衡后，各物质的浓度在不同条件下的变更状况如下图所示(第10 min到14 min的COCl2浓度变更曲线未示出)：计算反响在第8 min时的平衡常数K_；比拟第2 min反响温度T(2)与第8 min反响温度T(8)的凹凸：T(2)_T(8)(填“”“
8、”或“”)；若12 min时反响于温度T(8)下重新到达平衡，则此时c(COCl2)_ molL-1；比拟产物CO在23 min、56 min和1213 min时平均反响速率平均反响速率分别以v(23)、v(56)、v(1213)表示的大小_；比拟反响物COCl2在56 min和1516 min时平均反响速率的大小：v(56)_v(1516)(填“”“”或“”)，缘由是_。28(14分)溴苯是一种化工原料，试验室合成溴苯的装置示意图及有关数据如下：苯溴溴苯密度/gcm-30.883.101.50沸点/8059156水中溶解度微溶微溶微溶按下列合成步骤答复问题：(1)在a中参加15 mL无水苯和
9、少量铁屑。在b中当心参加4.0 mL液态溴。向a中滴入几滴溴，有白色烟雾产生，是因为生成了_气体。接着滴加至液溴滴完。装置d的作用是_；(2)液溴滴完后，经过下列步骤分别提纯：向a中参加10 mL水，然后过滤除去未反响的铁屑；滤液依次用10 mL水、8 mL 10%的NaOH溶液、10 mL水洗涤。NaOH溶液洗涤的作用是_；向分出的粗溴苯中参加少量的无水氯化钙，静置、过滤。参加氯化钙的目的是_；(3)经以上分别操作后，粗溴苯中还含有的主要杂质为_，要进一步提纯，下列操作中必需的是_(填入正确选项前的字母)；A重结晶 B过滤C蒸馏 D萃取(4)在该试验中，a的容积最合适的是_(填入正确选项前的
10、字母)。A25 mL B50 mLC250 mL D500 mL(二)选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。留意所做题目的题号必需与所涂题目的题号一样，在答题卡选答区域指定位置答题。假如多做，则每学科按所做的第一题计分。36化学选修2化学与技术(15分)由黄铜矿(主要成分是CuFeS2)炼制精铜的工艺流程示意图如下：(1)在反射炉中，把铜精矿砂和石英砂混合加热到1 000 左右，黄铜矿与空气反响生成Cu和Fe的低价硫化物，且局部Fe的硫化物转变为低价氧化物。该过程中两个主要反响的化学方程式分别是_、_，
11、反射炉内生成炉渣的主要成分是_；(2)冰铜(Cu2S和FeS相互熔合而成)含Cu量为20%50%。转炉中，将冰铜加熔剂(石英砂)在1 200 左右吹入空气进展吹炼。冰铜中的Cu2S被氧化为Cu2O，生成的Cu2O与Cu2S反响，生成含Cu量约为98.5%的粗铜，该过程发生反响的化学方程式分别是_、_；(3)粗铜的电解精炼如图所示。在粗铜的电解过程中，粗铜板应是图中电极_(填图中的字母)；在电极d上发生的电极反响式为_；若粗铜中还含有Au、Ag、Fe，它们在电解槽中的存在形式和位置为_。硫酸铜溶液37化学选修3物质构造与性质(15分)A族的氧、硫、硒(Se)、碲(Te)等元素在化合物中常表现出多
12、种氧化态，含A族元素的化合物在探讨和消费中有很多重要用处。请答复下列问题：(1)S单质的常见形式为S8，其环状构造如下图所示，S原子采纳的轨道杂化方式是_。(2)原子的第一电离能是指气态电中性基态原子失去一个电子转化为气态基态正离子所须要的最低能量，O、S、Se原子的第一电离能由大到小的依次为_。(3)Se原子序数为_，其核外M层电子的排布式为_。(4)H2Se的酸性比H2S_(填“强”或“弱”)。气态SeO3分子的立体构型为_，离子的立体构型为_。(5)H2SeO3的K1和K2分别为2.710-3和2.510-8，H2SeO4第一步几乎完全电离，K2为1.210-2，请根据构造与性质的关系说
13、明：H2SeO3和H2SeO4第一步电离程度大于第二步电离的缘由：_；H2SeO4比H2SeO3酸性强的缘由：_。(6)ZnS在荧光体、光导体材料、涂料、颜料等行业中应用广泛。立方ZnS晶体构造如下图所示，其晶胞边长为540.0 pm，密度为_gcm-3(列式并计算)，a位置S2-离子与b位置Zn2+离子之间的间隔 为_pm(列式表示)。38化学选修5有机化学根底(15分)对羟基苯甲酸丁酯(俗称尼泊金丁酯)可用作防腐剂。对酵母和霉菌有很强的抑制作用，工业上常用对羟基苯甲酸与丁醇在浓硫酸催化下进展酯化反响而制得。以下是某课题组开发的从廉价、易得的化工原料动身制备对羟基苯甲酸丁酯的合成路途：已知以
14、下信息：通常在同一个碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基；D可与银氨溶液反响生成银镜；F的核磁共振氢谱说明其有两种不同化学环境的氢，且峰面积比为11。答复下列问题：(1)A的化学名称为_；(2)由B生成C的化学反响方程式为_，该反响的类型为_；(3)D的构造简式为_；(4)F的分子式为_；(5)G的构造简式为_；(6)E的同分异构体中含有苯环且能发生银镜反响的共有_种，其中核磁共振氢谱有三种不同化学环境的氢，且峰面积比为221的是_(写构造简式)。答案解析：7A能把I-氧化为I2的氧化剂很多，如HNO3、Fe3+等，B项错误；碘的四氯化碳溶液显紫色，是因CCl4中溶解了I2，C项错误；D
15、项不能解除、的干扰，错误。8B医用酒精的浓度通常为75%，油脂不属于高分子化合物，合成纤维属于有机高分子材料，故只有B项正确。9D1 mol的NO2和CO2中均含2 mol O原子，A项正确。乙烯与环丁烷的最简式均为CH2，含有n(CH2)2 mol，即含碳原子数为2NA，B项正确；同理，C项中n(NO2)2 mol，所含原子总数为6NA，正确；D项不是标准状况下，错误。10D与金属钠反响生成氢气，说明该化合物肯定含有OH，所以此有机物的构造符合C5H11OH，首先写出C5H11碳链异构有三种：CCCCC、，再分别加上OH。式有3种构造，式有4种构造，式有1种构造，共8种。11C当ab时，HA
16、与BOH恰好完全反响生成正盐，由于HA与BOH的强弱未知，所以BA溶液的酸碱性不能确定，A项错误；温度不肯定是在25 ，B项错误；KWc(H+)c(OH-)，根据，可知c(H+)c(OH-)，故溶液呈中性，C项正确；D项不管溶液显何性，根据电荷守恒均有c(H+)+c(B+)c(OH-)+c(A-)，错误。12C分析规律可知4项为一组，第26项为第7组的第二项，第7组的碳原子数为7+18，由规律可知第7组的第二项为碳原子数为8的烷烃，氢原子个数为28+218，无氧原子，C项正确。13C由“X的一种核素可用于考古”可知X为碳元素，由“分馏液态空气来消费Y”可知Y为氮元素或氧元素。因X为碳，其内层电
17、子数为2，故W的阴离子有2个电子，所以W为H；由Z不能形成双原子分子，且内层电子数为2，故Z为Ne。碳的原子半径大于氧或氮的原子半径，A项错误；W、X、Y、Z的最外层电子数之和为18或19，B项错误；H与N可形成N2H4、H和O可形成H2O2，C项正确；W与X形成的烃随着碳原子数的增加熔沸点渐渐增大，且可以形成高分子化合物，所以D项错误。26答案：(1)n(Cl)0.025 0 L0.40 molL-10.010 mol054 g-0.010 mol35.5 gmol-10.185 gn(Fe)0.185 g/56 gmol-10.003 3 moln(Fe)n(Cl)0.003 30.010
18、13，x3(2)0.10盐酸氯气(3)2Fe3+2I-=2Fe2+I2(或2Fe3+3I-=2Fe2+)(4)2Fe(OH)3+3ClO-+4OH-=2+5H2O+3Cl-+3e-+4H2O=Fe(OH)3+5OH-2+8H2O+3Zn=2Fe(OH)3+3Zn(OH)2+4OH-注：Fe(OH)3、Zn(OH)2写成氧化物等其他形式且正确也给分解析：(1)由Cl-与OH-发生交换可得：n(Cl-)n(OH-)n(H+)2.5010-30.40 mol，两式相等，解得x3。(2)混合体系的计算：设n(FeCl2)x mol、n(FeCl3)y mol，列方程组x+y1、2x+3y2.1，解得：
19、x0.9 mol、y0.1 mol，所以样品中FeCl3的物质的量分数100%10%。(3)HI属于强电解质，I-被Fe3+氧化为棕色I2，配平即可。(4)反响物Fe3+被氧化为，化合价上升3，ClO-被复原为Cl-，化合价降低2，所以方程式中Fe3+、计量数为2，ClO-、Cl-计量数为3，即2Fe3+3ClO-2+Cl-，在碱性溶液中根据电荷守恒用OH-、H2O配平即可；正极发生得电子的复原反响，碱性条件下得到3个电子生成Fe(OH)3，即：+3e-Fe(OH)3，根据电荷守恒后面加5个OH-，即：+3e-Fe(OH)3+5OH-，根据H原子守恒得到：+3e-+4H2OFe(OH)3+5O
20、H-，最终用O原子检查是否正确；负极反响为Zn-2e-+2OH-=Zn(OH)2，根据得失电子守恒两电极反响变为2+6e-+8H2O=2Fe(OH)3+10OH-、3Zn-6e-+6OH-=3Zn(OH)2，两式相加即得电池总反响式。27答案：(1)MnO2+4HCl(浓)MnCl2+Cl2+2H2O(2)5.52103 kJ(3)CHCl3+H2O2=HCl+H2O+COCl2(4)0.234 molL-10.031v(56)v(23)v(1213)在一样温度时，该反响的反响物浓度越高，反响速率越大解析：(1)试验室用浓盐酸与MnO2混合加热制Cl2。(2)首先根据燃烧热概念写出：CH4(g
21、)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l)H1-890.3 kJmol-1，H2(g)+O2(g)=H2O(l)H2-285.8 kJmol-1，CO(g)+O2(g)=CO2(g) H3-283.0 kJmol-1；再写出CH4(g)+CO2(g)=2CO(g)+2H2(g)，式-式2-式2即得CH4(g)+CO2(g)=2CO(g)+2H2(g)，所以HH1-2H2-2H3(-890.3+285.82+283.02) kJmol-1+247.3 kJmol-1，生成1 m3 CO所需热量为247.3 kJmol-15 520 kJ。(3)由CHCl3生成COCl2，碳的化合价由+2上升
22、到+4，上升2价，由H2O2生成H2O化合价降低2，所以上述物质的计量数均为1，即CHCl3+H2O2COCl2+H2O，根据Cl守恒还应有HCl生成。(4)c(Cl2)0.11 molL-1、c(CO)0.085 molL-1、c(COCl2)0.04 molL-1，代入K0.234 molL-1；第4 min时，Cl2与CO的浓度均渐渐增大，再结合此反响正向为吸热反响，所以第4 min时变更的条件肯定是上升温度，故T(2)T(8)；用平衡常数进展求解，此温度下K0.234 molL-1可知c(COCl2)0.031 molL-1；根据可知v(23)v(1213)0；由图象可知上面的两个曲线
23、是生成物浓度变更曲线、下面的曲线为COCl2浓度变更曲线，56 min时的c(COCl2)大于1516 min时的，所以v(56)v(1516)；应从影响化学反响速率的因素入手分析，由图象可知418分钟温度一样，只能从浓度角度分析。28答案：(1)HBr汲取HBr和Br2(2)除去HBr和未反响的Br2枯燥(3)苯C(4)B解析：因为Cl、Br属于同一主族，所以此题应联络氯及其化合物的性质，再结合反响+HBr进展分析：(1)由HCl遇空气有白雾出现，可知HBr遇空气也有白雾出现。(2)溴苯中含有Br2、HBr、苯等杂质，所以参加氢氧化钠溶液的作用是把Br2、HBr变成易溶于水而不易溶于有机物的
24、盐，再经水洗可除去。(3)溴苯与苯均属于有机物且互溶的液体，用蒸馏方法分别。(4)烧瓶作反响器时，参加液体体积不能超过其容积的，所以选择B较适宜。36答案：(1)2CuFeS2+O2Cu2S+2FeS+SO22FeS+3O22FeO+2SO2FeSiO3(2)2Cu2S+3O22Cu2O+2SO22Cu2O+Cu2S6Cu+SO2(3)cCu2+2e-=CuAu、Ag以单质的形式沉积在c(阳极)下方，Fe以Fe2+的形式进入电解液中解析：(1)抓住信息黄铜矿先与空气中的氧气反响生成Cu和FeS，然后FeS又与氧气反响生成低价氧化物FeO和SO2，配平即可；炉渣为FeO和SiO2反响生成的FeS
25、iO3。(2)根据信息第一个反响为Cu2S与氧气反响生成Cu2O，根据元素守恒和得失电子守恒可知还应生成SO2；第二个反响Cu2S与Cu2O反响生成Cu，根据元素守恒可知还应生成SO2。(3)电解精炼铜，粗铜为阳极，接电源正极，所以c为阳极、d为阴极，d发生得电子的反响Cu2+2e-=Cu；Au、Ag排在金属活动依次Cu的后面，不能失电子以单质的形式存在阳极泥中，Fe排在Cu之前，在阳极失电子，发生反响Fe-2e-=Fe2+，但Fe2+在阴极不能得电子，故以Fe2+的形式存在电解液中。37答案：(1)sp3(2)OSSe(3)343s23p63d10(4)强平面三角形三角锥形(5)第一步电离后
26、生成的负离子较难再进一步电离出带正电荷的氢离子H2SeO3和H2SeO4可表示为(HO)2SeO和(HO)2SeO2。H2SeO3中的Se为+4价，而H2SeO4中的Se为+6价，正电性更高，导致SeOH中O的电子更向Se偏移，越易电离出H+(6)或或解析：(1)硫原子最外层有6个电子，由S8构造可知一个硫原子与另外两个硫原子形成2个键，硫原子还余4个电子形成2对孤对电子，所以为sp3杂化；(2)同一主族元素从上往下第一电离能渐渐减小；(3)Se属于第四周期第A族元素，原子序数比S大18，M层电子已经排满，排布式为3s23p63d10；(4)H与Se形成的共价键键能小于H与S形成的共价键键能，
27、所以H2Se比H2S简单电离，H2Se的酸性更强；Se原子孤对电子对数为，键个数为3，所以Se原子为sp2杂化，无孤对电子，SeO3为平面三角形；S原子孤对电子对数为，键个数为3，所以S原子为sp3杂化，含有一对孤对电子，为三角锥形；(6)在此晶胞中有Zn2+为4个、S2-为个，所以1 mol晶胞的质量为(65+32)4388 g，一个晶胞的质量为，一个晶胞的体积为V(54010-10 cm)3，根据即可计算；b点(Zn2+)在由A、H、C、D四点构成的正四面体的中心，所以ABH10928。如图所示，连结AH、EH，求得，作BG垂直于AH，通过三角函数即可求出。38答案：(1)甲苯(2)取代反响(3)(4)C7H4O3Na2(5)(6)解析：A为甲苯，由反响条件可知AB发生的是取代苯环上的氢原子，结合最终产物“对羟基苯甲酸丁酯”可知B为，BC条件是光照，取代甲基上的氢原子，C为，由反响条件可知CD是水解，且生成醛基，D为、E为；由F与酸反响生成G，结合G的分子式及E到F的条件可知F为、G为；(6)苯环上的取代基可有两种状况OH、CHO、Cl，、Cl；第种状况：三个取代基，先固定两个OH、CHO有三种：、，然后再加上Cl，分别由4、4、2种加法；第种状况：两个取代基，有邻、间、对3种。