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1、精选word文档 下载可编辑高中数学二项式定理题型总结二项式定理知识点归纳1二项式定理及其特例（1）(ab)CnaCnabCnan1rrn0n1nrnrbCnb(nN)，rnn（2）(1x)1CnxCnxx2二项展开式的通项公式Tr1Cnarnrrnb(r0，1，2，n)3常数项、有理项和系数最大的项求常数项、有理项和系数最大的项时，要根据通项公式讨论对r的限制；求有理项时要注意到指数及项数的整数性4二项式系数表（杨辉三角）(ab)展开式的二项式系数，当n依次取1,2,3时，二项式系数表，表中每行两端都是1，除1以外的每一个数都等于它肩上两个数的和5二项式系数的性质n(ab)展开式的二项式系数
2、是Cn，Cn，Cn，CnCn可以看成以r为自变量的函数f(r)，定义域是0,1,2,n，例当n6时，其图象是7个孤立的点（如图）（1）对称性与首末两端“等距离”的两个二项式系数相等（CnCnn2nmnmn012nr）直线rn2是图象的对称轴n12n1（2）增减性与最大值当n是偶数时，中间一项C取得最大值；当n是奇数时，中间两项Cn（3）各二项式系数和(1x)1CnxCnxx，令x1，则2CnCnCnCnCn，Cn2取得最大值n1rrnn012rn题型讲解例1如果在（x+12x4）n的展开式中，前三项系数成等差数列，求展开式中的有理项解展开式中前三项的系数分别为1，r=C8r1n2，n(n1)8
3、，由题意得2n2=1+n(n1)8358，得n=8设第r+1项为有理项，T1r163rx42点评求展开式中某一特定的项的问题常用通项公式，用待定系数法确定r，则r是4的倍数，所以r=0，4，8，有理项为T1=x4，T5=x，T9=1256x2例2求式子（x+解法一（x+1|x|1|x|2）3的展开式中的常数项2）3=（x+1|x|2）（x+1|x|1|x|2）（x+1|x|2）得到常数项的情况有三个括号11中全取2，得（2）3；一个括号取x，一个括号取3，一个括号取2，得C3C2（2）=12，常数项为（2）r+（12）=20解法二（|x|+1|x|2）3=（|x|1|x|）6设第r+1项为常数
4、项，则Tr1=C6（1）r（1|x|）r|x|6r=（1）6C6|x|r62r，得62r=0，r=3T3+1=（1）3C6=203例3求（1+x+x2+x3）（1x）7的展开式中x4的系数；求（x+求（1+x）+（1+x）+（1+x）的展开式中x的系数4x4）4的展开式中的常数项；34503解原式=41x441x（1x）7=（1x4）（1x）6，展开式中x4的系数为（1）4C8461=14（x+4x4）=(x4x4)x42=(2x)x4，展开式中的常数项为C4824（1）4=1120方法一原式348513=(1x)(1x)1(1x)1=(1x)(1x)x4展开式中x3的系数为C51方法二原展开
5、式中x3的系数为44C3+C3+C3+C3=C4+C3+C3=C5+C3+C3=C51505050444355点评把所给式子转化为二项展开式形式是解决此类问题的关键129例4求x展开式中x的系数2x解Tr19Crr9x29r31r1183r令1r182rr12193C9xxC9x183r9,则r3,故x的系数为:C922x222rrr点评Cnanrb是ab展开式中的第r1项，r0,1,2,n注意二项式系数与某项系数的区别在本题中，rn1第4项的二项式系数是C，第4项x的系数为C，二者并不相同2393939例5求3xr32100展开所得x的多项式中，系数为有理数的项数解Tr1C1003x100r
6、23r100rrC100xr100r3223依题意100r2,r3Z，r为3和2的倍数，即为6的倍数，又0r100，rN，r0,6,96，构成首项为0，公差为6，末项为96的等差数列，由960(n1)6得n17，故系数为有理数的项共有17项点评有理项的求法解不定方程，注意整除性的解法特征解法一x051例6求x223x2展开式中x的系数53x2x1x24505144455555C5xC5xC5xC5C5xC5x2C5x2C524故展开式中含x的项为5C5xC52C5C5x2Tr1C5x1r455544240x，故展开式中x的系数为240，解法二x3x2252x23x52245r3x0r5,rN，
7、要使x指数为1，只有r1才有可能，即rT2C5x22，故x的系数为152240，解法三x3x2x3x2x3x2x3x2x3x2x3x2，由多项式的乘法法则，从23x15xx42x64x48x222228642442以上5个括号中，一个括号内出现x，其它四个括号出现常数项，则积为x的一次项，此时系数为C53C42240点评此类问题通常有两个解法化三项为二项，乘法法则及排列、组合知识的综合应用144例7设an=1+q+q2+qn1（nN*，q1），An=Cna1+Cna2+Cnan12n（1）用q和n表示An；（2）（理）当3012nn024135n1点评记住课本结论CnCnCnCn2，CnCnC
8、nCnCnCn2注意所求式中缺少一项，不能直接等于2例9已知2x解令x1时，有22634a0a1xa2xa3xa4x，求a0a2a4a1a32342234a0a1a2a3a4，令x1时，有2234a0a1a2a3a4a0a2a4a1a3a0a1a2a3a4a0a1a2a3a4a0a2a4a1a322232434114点评赋值法是由一般到特殊的一种处理方法，在高考题中屡见不鲜，特别在二项式定理中的应用尤为明显赋值法是给代数式（或方程或函数表达式）中的某些字母赋予一定的特殊值，从而达到便于解决问题的目的望同学们在学习中举一反三例10求x2y展开式中系数最大的项7rrr1r1Tr1项系数Tr项系数C
9、72C72解设第r1项系数最大，则有，即rrr1r1Tr1项系数Tr2项系数C72C727!7!rr1116222rr!7r!r1!7r1!r8r3又0r7,rN,r57!7!1312rr1r22r!7r!3r17rr1!7r1!故系数最大项为T6C7x2y5255672xy25点评二项式系数最大的项与系数最大的项不同二项式系数最大的项也即中间项当n为偶数时中间项Tn的二项式系数最12大；当n为奇数时，中间两项Tn121，Tn12的二项式系数相等且为最大1小结1在使用通项公式Tr1=Cnarnrbr时，要注意通项公式是表示第r1项，而不是第r项展开式中第r+1项的二项式系数Cn与第r+1项的系
10、数不同通项公式中含有a，b，n，r，Trr1五个元素，只要知道其中的四个元素，就可以求出第五个元素在有关二项式定理的问题中，常常遇到已知这五个元素中的若干个，求另外几个元素的问题，这类问题一般是利用通项公式，把问题归纳为解方程（或方程组）这里必须注意n是正整数，r是非负整数且rn2证明组合恒等式常用赋值法学生练习1已知（13x）9=a0+a1x+a2x2+a9x9，则a0+a1+a2+a9等于A29B49C39D1解析x的奇数次方的系数都是负值，a0+a1+a2+a9=a0a1+a2a3+a9已知条件中只需赋值x=1即可答案B22x+x）4的展开式中x3的系数是A6B12C24D48解析（2x
11、+3（2x3x）4=x2（1+2x）4，在（1+22x）4中，x的系数为C242=24答案C1x）7的展开式中常数项是3A14B14C42D42解析设（2x1x）的展开式中的第r+1项是T7r=C7r1（2x）37r（1x）r=C727r（1）xr23(7x)，24一串装饰彩灯由灯泡串联而成，每串有20个灯泡，只要有一只灯泡坏了，整串灯泡就不亮，则因灯泡损坏致使一串彩灯不亮的可能性的种数为A20B219C220D2201当r+3（7r）=0，即r=6时，它为常数项，C7（1）621=14答案A解析C1+C2+C20=2201答案D20XX205已知（xax）8展开式中常数项为1120，其中实数
12、a是常数，则展开式中各项系数的和是B38A28C1或38D1或28rr4解析Tr1=C8x8r（ax1）r=（a）rC8x82r，令82r=0，r=4，（a）4C8=1120a=2当a=2时，令x=1，则（12）8=1，当a=2时，令x=1，则（12）8=38答案C36已知（x2+x13）n的展开式中各项系数的和是128，则展开式中x5的系数是_（以数字作答）3解析（x2+xr713）n的展开式中各项系数和为128，令x=1，即得所有项系数和为2n=128，n=7设该二项展开式中3的r+1项为Tr1=C（x2）7r6nn32*7若（x+1）=x+ax+bx+cx+1（nN），且ab=31，那么
13、n=_（x136311r）r=Cxr76，令6311r=5即r=3时，x5项的系数为C7=35答案353解析ab=CnCn=31，n=11答案11328（x1x）8展开式中x5的系数为_解析设展开式的第r+1项为Tr1=C8x8r（答案289若（x3+r1xrr）=（1）C8xr83r2令83r22=5得r=2时，x5的系数为（1）C8=2821xx）n的展开式中的常数项为84，则n=_解析Trr=Cnr1（x）3nr（x32）=Cxrn3n92r，令3n92r=0，2n=3rn必为3的倍数，r为偶数试验可知n=9，r=6时，Cn=C9=84答案9610已知（xlgx+1）n展开式中，末三项的
14、二项式系数和等于22，二项式系数最大项为201*0，求x的值解由题意Cnn2Cnn1Cn=22，即CnCnCn=22，n=6第4项的二项式系数最大C6（xn2103lgx）3=201*0，即x3lgx=1000x=10或x=1011若（1+x）6（12x）5=a0+a1x+a2x2+a11x11求（1）a1+a2+a3+a11；（2）a0+a2+a4+a10解（1）（1+x）6（12x）5=a0+a1x+a2x2+a11x11令x=1，得a0+a1+a2+a11=26，又a0=1，所以a1+a2+a11=261=65（2）再令x=1，得a0a1+a2a3+a11=01+得a0+a2+a10=1
15、2点评在解决此类奇数项系数的和、偶数项系数的和的问题中常用赋值法，令其中的字母等于1或112在二项式（axm+bxn）12（a0，b0，m、n0）中有2m+n=0，如果它的展开式里最大系数项恰是常数项（26+0）=32（1）求它是第几项；（2）求rab的范围解（1）设Tr1=C12（axm）12r（bxn）r=C12a12rbrxmr=4，它是第5项（2）第5项又是系数最大的项，r（12r）+nr为常数项，则有m（12r）+nr=0，即m（12r）2mr=0，有C12a8b4C12a9b3C12a8b4C12a7b5由得43451211109432a8b412111032a9b3，a0，b0，
16、由得94ba，即ab94ab85，854ab9413在二项式（x+1）n的展开式中，前三项的系数成等差数列，求展开式中的有理项2x分析根据题意列出前三项系数关系式，先确定n，再分别求出相应的有理项解前三项系数为Cn，012解得n=8或n=1（舍去）Cn，114Cn，由已知Cn=Cn+3r421014Cn，即n29n+8=0，2Tr=C8r1（x）8r（24x）rr=C812rx443r4Z且0r8，rZ，r=0，r=4，r=8展开式中x的有理项为T1=x4，T5=358x，T9=1256x2点评展开式中有理项的特点是字母x的指数414求证2扩展阅读高中数学二项式定理题型总结二项式定理知识点归纳
17、1二项式定理及其特例0n1nrnrrnn（1）(ab)nCnaCnabCnabCnb(nN)，1rr（2）(1x)n1CnxCnxxn2二项展开式的通项公式Tr1Cnranrbr(r0，1，2，n)3常数项、有理项和系数最大的项求常数项、有理项和系数最大的项时，要根据通项公式讨论对r的限制；求有理项时要注意到指数及项数的整数性4二项式系数表（杨辉三角）(ab)n展开式的二项式系数，当n依次取1,2,3时，二项式系数表，表中每行两端都是1，除1以外的每一个数都等于它肩上两个数的和5二项式系数的性质01，Cn，Cn2，CnnCnr可以看成以r为自变量(ab)n展开式的二项式系数是Cn的函数f(r)
18、，定义域是0,1,2,n，例当n6时，其图象是7个孤立的点（如图）（1）对称性与首末两端“等距离”的两个二项式系数相等（CnmCnnm）直线r是图象的对称轴n2（2）增减性与最大值当n是偶数时，中间一项C取得最大值；当n是奇数时，中间两项C，C取得最大值1rr（3）各二项式系数和(1x)n1CnxCnxxn，012rn令x1，则2nCnCnCnCnCn题型讲解n2nn12nn12n例1如果在（的有理项x+124x）n的展开式中，前三项系数成等差数列，求展开式中解展开式中前三项的系数分别为1，n，n(n1)，由题意得2n=1+n(n1)，2828得n=8设第r+1项为有理项，Tr1=Cr81r2
19、x163r4，则r是4的倍数，所以r=0，4，8，有理项为T1=x4，T5=35x，T9=81256x2点评求展开式中某一特定的项的问题常用通项公式，用待定系数法确定r例2求式子（x+12）3的展开式中的常数项|x|解法一（x+11112）3=（x+2）（x+2）（x+|x|x|x|x|32）得到常数项的情况有三个括号中全取2，得（2）；一个括号取x，1，一个括号取2，得C13C12（2）=12，常数项为（2）3+|x|1（12）=20解法二（|x|+2）3=（|x|1）6设第r+1项为常数项，则|x|x|一个括号取rTr1=C6（1）r（1r）r|x|6r=（1）6C6|x|62r，得|x|
20、62r=0，r=3T3+1=（1）3C36=20例3求（1+x+x2+x3）（1x）7的展开式中x4的系数；求（x+44）4x的展开式中的常数项；求（1+x）3+（1+x）4+（1+x）50的展开式中x3的系数1x4解原式=（1x）7=（1x4）（1x）6，展开式中x4的系数为（1）1x24(2x)84444(x4x4)44C61=14（x+4）=4，展开式中的常数项为C8（1）24xxx(1x)3(1x)481(1x)51(1x)344=1120方法一原式=展开式中x3的系数为C51x(1x)1方法二原展开式中x3的系数为3333434334C33+C4+C5+C50=C4+C4+C50=C
21、5+C5+C50=C51点评把所给式子转化为二项展开式形式是解决此类问题的关键192例4求x展开式中x的系数2x9解9339Tr1Cxr929r1r1183r1r182rrC9xxC9x2x22rrr令211183r9,则r3,故x的系数为:C223nnrr点评Cr是展开式中的第r1项，r0,1,2,n注意二项式系数与ababn1某项系数的区别在本题中，第4项的二项式系数是C，第4项x的系数为C，239939二者并不相同10033x2例5求展开所得x的多项式中，系数为有理数的项数100rr,Z，r为3和232的倍数，即为6的倍数，又0r100，rN，r0,6,96，构成首项为0，解Tr1Cr1
22、003x100r23rCxr100100r3100r22依题意r3公差为6，末项为96的等差数列，由960(n1)6得n17，故系数为有理数的项共有17项点评有理项的求法解不定方程，注意整除性的解法特征例6求x23x2展开式中x的系数555解法一x23x2x1x25145C50x5C5xC54xC5C50x5C51x42C54x24C5525故展开式中含x的项为4554C5xC525C5C5x2424x0，故展开式中x的系数为240，解法二TCx23x0r5,rN，要使x指数为1，只有r1才有可能，即TCx23x15xx42x64x48x2，故x的系数为152240，解法三x3x2x3x2x3
23、x2x3x2x3x2x3x2，由多项式的x23x2x223xr115r525rr248556424422522222乘法法则，从以上5个括号中，一个括号内出现x，其它四个括号出现常数项，则14积为x的一次项，此时系数为C53C424240点评此类问题通常有两个解法化三项为二项，乘法法则及排列、组合知识的综合应用n例7设an=1+q+q2+qn1（nN*，q1），An=C1na1+C2na2+Cnan（1）用q和n表示An；（2）（理）当3a0a2a42a1a322323141点评赋值法是由一般到特殊的一种处理方法，在高考题中屡见不鲜，特别在二项式定理中的应用尤为明显赋值法是给代数式（或方程或函
24、数表达式）中的某些字母赋予一定的特殊值，从而达到便于解决问题的目的望同学们在学习中举一反三例10求x2y7展开式中系数最大的项44rrr1r1Tr1项系数Tr项系数C72C72解设第r1项系数最大，则有，即rrr1r1Tr1项系数Tr2项系数C72C727!7!rr1121622rr!7r!r1!7r1!r8r3又0r7,rN,r57!7!1312r2r2r17rr13r1!7r1!r!7r!52故系数最大项为T6C7x25y5672x2y5点评二项式系数最大的项与系数最大的项不同二项式系数最大的项也即中间项当n为偶数时中间项Tn的二项式系数最大；当n为奇数时，中间两项Tn1，Tn121212
25、1的二项式系数相等且为最大小结1在使用通项公式Tr1=Crnanrbr时，要注意通项公式是表示第r1项，而不是第r项展开式中第r+1项的二项式系数Crn与第r+1项的系数不同通项公式中含有a，b，n，r，Tr1五个元素，只要知道其中的四个元素，就可以求出第五个元素在有关二项式定理的问题中，常常遇到已知这五个元素中的若干个，求另外几个元素的问题，这类问题一般是利用通项公式，把问题归纳为解方程（或方程组）这里必须注意n是正整数，r是非负整数且rn2证明组合恒等式常用赋值法课堂练习1已知（13x）9=a0+a1x+a2x2+a9x9，则a0+a1+a2+a9等于A29B49C39D1解析x的奇数次方
26、的系数都是负值，a0+a1+a2+a9=a0a1+a2a3+a9已知条件中只需赋值x=1即可答案B22x+x）4的展开式中x3的系数是A6B12C24D482解析（2x+x）4=x2（1+2x）4，在（1+2x）4中，x的系数为C22=24答4案C3（2x31x）7的展开式中常数项是B14A14C42D42解析设（2x3r=C727r1xr）7的展开式中的第r+1项是Tr1=C7（2x3）7r（1x）（1）x2rr3(7x)2，61当r+3（7r）=0，即r=6时，它为常数项，C67（1）2=14答案A4一串装饰彩灯由灯泡串联而成，每串有20个灯泡，只要有一只灯泡坏了，整串灯泡就不亮，则因灯泡
27、损坏致使一串彩灯不亮的可能性的种数为A20B219C220D220120XX解析C120+C2+C=21答案D20XX5已知（xa）8展开式中常数项为1120，其中实数a是常数，则展开式中各x项系数的和是A28B38C1或38D1或28rr解析Tr1=C8x8r（ax1）r=（a）rC8x82r，令82r=0，r=4，4（a）4C8=1120a=2当a=2时，令x=1，则（12）8=1，当a=2时，令x=1，则（12）8=38答案C6已知（x+x）n的展开式中各项系数的和是128，则展开式中x5的系数是_（以数字作答）3213解析（x+x）n的展开式中各项系数和为128，令x=1，即得所有项r
28、系数和为2=128，n=7设该二项展开式中的r+1项为Tr1=C7（x）7r（x）3213n3213rr=C7x6311r6，令6311r=5即r=3时，x5项的系数为C37=35答案357若（x+1）=x+ax3+bx2+cx+1（nN*），且ab=31，那么n=_2解析ab=C3nCn=31，n=11答案11nn68（x1x）8展开式中x5的系数为_r解析设展开式的第r+1项为Tr1=C8x8r（1xr）=（1）C8x83r2令83r22=5得r=2时，x5的系数为（1）2C8=28答案289若（x3+1xx）n的展开式中的常数项为84，则n=_解析Tr1=Crn（x3）nr（x）r=Cr
29、nx3293nr2，令3n9r=0，2n=3rn必26为3的倍数，r为偶数试验可知n=9，r=6时，Crn=C9=84答案910已知（xlgx+1）n展开式中，末三项的二项式系数和等于22，二项式系数最大项为201*0，求x的值2n1n10解由题意Cn即C2n=6第4项的二项nCnCn=22，nCnCn=22，33lgxlgx式系数最大C3（x）=201*0，即x=1000x=10或x=611若（1+x）6（12x）5=a0+a1x+a2x2+a11x11求（1）a1+a2+a3+a11；（2）a0+a2+a4+a10解（1）（1+x）6（12x）5=a0+a1x+a2x2+a11x11令x=
30、1，得a0+a1+a2+a11=26，又a0=1，所以a1+a2+a11=261=65（2）再令x=1，得a0a1+a2a3+a11=0110+得a0+a2+a10=1（26+0）=322点评在解决此类奇数项系数的和、偶数项系数的和的问题中常用赋值法，令其中的字母等于1或112在二项式（axm+bxn）12（a0，b0，m、n0）中有2m+n=0，如果它的展开式里最大系数项恰是常数项（1）求它是第几项；（2）求a的范围rr解（1）设Tr1=C12（axm）12r（bxn）r=C12a12rbrxm（12r）+nr为常数项，则有m（12r）+nr=0，即m（12r）2mr=0，r=4，它是第5项
31、（2）第5项又是系数最大的项，4345有C12a8b4C12a9b3C12a8b4C12a7b5b由得1211109a8b4121110a9b3，43232a0，b0，9ba，即a94b4由得a8，8a9b55b413在二项式（x+124x）n的展开式中，前三项的系数成等差数列，求展开式中的有理项分析根据题意列出前三项系数关系式，先确定n，再分别求出相应的有理项111212210解前三项系数为C0，C，C，由已知C=C+C，即n9n+8=0，nnnnnn244解得n=8或n=1（舍去）rTr1=C8（x）8r（24x）r1r=C8r2x43r443rZ且0r8，rZ，r=0，r=4，r=8展开式中x的有理项为T1=x4，T5=35x，T9=8点评展开式中有理项的特点是字母x的指数43rZ即可，而不需要指数441256x23rN414求证2友情提示本文中关于高中数学二项式定理题型总结给出的范例仅供您参考拓展思维使用，高中数学二项式定理题型总结该篇文章建议您自主创作。