《2022年高考物理二轮复习专题限时集训专题一力与物体的平衡配套作业.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理二轮复习专题限时集训专题一力与物体的平衡配套作业.docx（9页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备欢迎下载力与物体的平稳 专题限时集训 一 专题一 时间： 45 分钟 1如图 11 所示,吊床用绳子拴在两棵树上等高的位置某人先坐在吊床上,后躺在吊床上,均处于静止状态 设吊床两端系绳中的拉力为 F1、吊床对该人的作用力为 F2,就 图 11 A坐着比躺着时 F1大B躺着比坐着时 F1大C坐着比躺着时 F2大D躺着比坐着时 F2大2如图 12 所示,在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体 A,A 的左端紧靠竖直墙壁,A 与竖直墙壁之间放一光滑圆球 B,整个装置处于静止状态如把 A 向右移动少许后,它们仍处于静止状态,就 图
2、 12 AB 对墙的压力增大BA 与 B 之间的作用力增大C地面对 A的摩擦力减小DA 对地面的压力减小3如图 13 所示,清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中,工人及其装备的总重量为 G,悬绳与竖直墙壁的夹角为 ,悬绳对工人的拉力大小为 F1 ,墙壁对工人的弹力大小为 F2, 就 图 13 AF1G sin BF2Gtan名师归纳总结 C如缓慢减小悬绳的长度,F1与 F2 的合力变大k 的轻质弹簧一端系在质量第 1 页,共 6 页D如缓慢减小悬绳的长度,F1减小, F2 增大4如图 14 所示,倾角为30 的光滑斜面上,劲度系数为- - - - - - -精选学习资料 - - - -
3、 - - - - - 学习必备 欢迎下载为 m 的小球上,另一端固定在墙上的P 点小球在斜面上静止时,弹簧与竖直方向的夹角为60 ,就弹簧的形变量大小为 图 14 A.mg kB.3mg 2kC.3mg D.3mg k3k5两个物体 面的夹角分别为M、 m 用跨过光滑定滑轮的轻绳相连,如图15 所示放置, OA、OB 与水平30 、 60 ,物体 M的重力大小为20 N ,M、m均处于静止状态就 图 15 A绳 OA对 M的拉力大小为 10 3 N B绳 OB对 M的拉力大小为 10 N Cm受到水平面的静摩擦力大小为 10 3 N Dm受到水平面的静摩擦力的方向水平向左6如图 16 甲所示,
4、质量为 m、通有电流 I 的导体棒 ab 置于倾角为 、宽度为 d 的光滑平行导轨上,图乙是从 b 向 a 方向观看时的平面视图欲使导体棒 ab 能静止在导轨上,可在导轨所在的空间加一个垂直于导体棒ab 的匀强磁场,图乙中水平、竖直或平行导轨、垂直导轨的五个箭头分别表示磁场的可能方向关于该磁场的大小及方向,以下说法中不正确选项 甲乙图 16 A磁场磁感应强度的最小值为 B磁场磁感应强度的最小值为mg IdmgsinIdC磁场的方向不行能是方向 D磁场的方向可能是方向名师归纳总结 7如图 17 所示,电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别置于A 点和 B 点,两点相距L.第 2 页,共 6 页在以
5、 L 为直径的光滑绝缘半圆环上,穿着一个带电荷量q 的小球 视为点电荷 ,在 P 点平稳,- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载PA与 AB的夹角为 . 不计小球的重力,就 图 17 Q2Atan 3 Q1Q2Btan Q1CO点场强为零DQ1Q28如图 18 所示,物体A 靠在竖直墙面上,在力F 作用下, A、B 保持静止,就物体A的受力个数为 图 18 A2 B 3 C4 D 5 9如图 19 所示,水平面上质量为 m1 kg 的物体受到水平向左的恒力 F5 N 作用,以初速度 v0 22 m/s 水平向右运动该滑块与水平面间的动摩擦
6、因数为 0.6 设最大静摩擦力等于滑动摩擦力 ,图 1 10 为该滑块所受摩擦力 Ff 随时间变化的图象, 其中正确选项 取初速度方向为正方向,g10 m/s 2 图 19 A B C D 图 110 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 6 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载10如图 111 所示,竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘,两个带有同种电荷的小球 A、B 分别处于竖直墙面和水平地面,且处于同一竖直平面内,如用图示方向的水平推力F 作用于小球 B,就两球静止于图示位置,假如将小球两个小球的受力情形与原先相比 A推力 F 将增大 B竖直
7、墙面对小球 A的弹力不变 C地面对小球 B 的弹力肯定增大 D两个小球之间的距离增大B向左推动少许,两个小球将重新达到平稳,就图 111 1120XX年 8 月 18 日,我国第一台自行设计、自主集成研制的“ 蛟龙号” 载人潜水器完成 5000 米级海试回国“ 蛟龙号” 采纳常用的“ 深潜器无动力下潜上浮技术” 潜水器两侧配备 4 块压载铁,重量可以依据不同深度与要求调整当潜水器两侧配备 4 块压载铁时,潜水器下潜肯定深度后按恒定速度下潜；当潜水器到达肯定深度时,可操作抛载其中两块压载铁,使潜水器悬停在指定深度上实现作业,包括航行、拍照、取样等；当任务完成,再抛弃另外 2 块压载铁,使潜水器上
8、浮,到达水面,设潜水器在水中受到的阻力与速度的平方成正比,潜水器受到的浮力恒定,以下说法正确选项 图 112 A潜水器两侧配备 4 块压载铁时,向下做匀加速运动B潜水器两侧配备 4 块压载铁时,先向下做加速度逐步减小的加速运动,然后做匀速运动C潜水器抛弃其中 2 块压载铁时,潜水器将做匀减速运动D潜水器抛弃全部压载铁时,潜水器向上做匀加速运动至浮出水面专题限时集训 一 1A 解析 设绳子与水平方向的夹角为 ,在竖直方向上由平稳条件有 G 2Fsin ,G故 F2sin ,由于坐着比躺着时悬绳与水平方向的夹角 小一些,所以坐着时拉力较大,应选项 A 正确,选项 B 错误；吊床对人的作用力 F2
9、是两绳拉力的合力,两种情形下吊床对人的作用力大小均等于人的重力,所以选项 C、D错误2C 解析 受力如下列图,依据力的平稳条件得：F1cos mBg,F1sin F2,把 A名师归纳总结 向右移动少许,减小,就F1减小,选项B 错误； F2mBgtan 减小,选项A 错误；对 A、B第 4 页,共 6 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 利用整体法分析,地面对A 的摩擦力学习必备欢迎下载Ff 减小,选项C 正确； AFf 的大小等于F2,F2减小,就对地面的压力大小等于A、B 重力之和,是定值,选项D错误F1G cos ,F2 Gtan ；缓3B 解析
10、 受力分析如下列图,由共点力的平稳条件得：慢减小悬绳的长度时,工人处于动态平稳状态,且悬绳与竖直墙壁的夹角为 增大, 所以 F1、F2 都增大； F1与 F2 的合力总与工人的重力等大反向,大小不变选项 B正确4A 解析 弹簧处于压缩状态,弹簧对小球的弹力 力沿平行和垂直斜面分解,在平行斜面方向依据平稳条件得簧的形变量xmg k,选项 A正确5D 解析 对物体 M受力分析,依据平稳条件得,绳F1kx,将弹簧的弹力和小球的重 mgsin30 kxcos60 ,解得弹OA对 M的拉力 FOAmgcos60 10 N,绳 OB对 M的拉力 FOBmgcos30 10 3 N ,选项 A、B错误； m
11、受到水平面的静摩擦力的方向水平向左,大小为 Ff FOBFOA10 31 N ,选项 C错误,选项 D正确6A 解析 对 ab 受力分析可知为保证 ab 能静止,安培力的最小时应沿斜面对上,Fminmgsinmgsin ,所以 BminId,选项 A 错误, 选项 B 正确； 安培力的方向在垂直斜面对下 不包括此方向 到竖直向上这个范畴内,利用左手定就可知磁场的方向不行能是,但可能是,选项 C、D正确kqQ1 kqQ27A 解析 对带电小球受力分析,FAP（Lcos ）2,FBP（Lsin ）2,圆环对带电小球的作用力为 F,由平行四边形定就知,FAP Fcos ,FBP Fsin ,联立解得
12、 tan 3 Q2Q1,选项 A正确,选项 B 错误；因电荷量 Q1、Q2关系不明确,故不能确定 O点电场强度是否为零,选项 C、D错误名师归纳总结 8D 解析 先以 A、B 整体为讨论对象,由于A、B 保持静止,所以竖直墙壁对A 有竖第 5 页,共 6 页直向上的静摩擦力F 和水平向右的弹力F. 再以 B 为讨论对象,其受力情形如图乙所示,即要保持物体B 平稳, B 应受到重力、力F、A 对 B 的弹力的作用,同时,B 仍应受到A 对 B的摩擦力作用以A 为讨论对象,它受重力、B 对它的弹力和静摩擦力作用,墙面对它的弹力和静摩擦力作用,A 的受力图如图甲所示,所以选项D正确- - - - -
13、 - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备欢迎下载乙甲9B 解析 开头阶段物体受向左的滑动摩擦力作用,其大小Ff1 mg6 N,最大静摩擦力也为 6 N经过一段时间,速度减小为零,此时恒力 F 小于最大静摩擦力,物体保持静止状态,静摩擦力 Ff2 F5 N,方向向右选项 B 正确10D 解析 将 A、B 视为整体进行受力分析,在竖直方向只受重力和地面对整体的支持力 FN 也是对 B的支持力 FN ,将 b 向左推动少许后, 竖直方向受力不变,所以 FN mAmBg为肯定值, 选项 C错误；然后对 B 进行受力分析, 如下列图, 由平稳条件可知 FNmBgF 斥 cosq
14、AqB ,向左推 B, 减小,所以 F斥减小,由 F斥k r 2 得： A、B 间距离 r 增大,选项 D正确；而 FF 斥 sin , 减小, F 斥减小,所以推力 F 减小,应选项 A 错误；将 A、B 视为整体时 FFNA,所以墙面对小球 A的弹力 FNA减小,选项 B 错误11B 解析 潜水器两侧配备4 块压载铁时,对潜水器受力分析,依据牛顿其次定律名师归纳总结 可得 G1kv2F 浮 ma,当速度增大时,加速度逐步减小,当加速度减为零时,速度达到最大第 6 页,共 6 页值,潜水器做匀速运动,A 项错误, B 项正确；潜水器抛载其中2 块载铁时,对潜水器受力分析,依据牛顿其次定律可得G2kv2F浮ma,潜水器将做加速度逐步减小的减速运动,最后悬停在指定深度,C 项错误；潜水器抛弃全部压载铁时,依据牛顿其次定律得G3kv2F浮ma,潜水器做加速度逐步减小的加速运动,D项错误- - - - - - -