《2022年高考物理专题强化测评精练精析专题动能定理和能量守恒定律B卷新人教3.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理专题强化测评精练精析专题动能定理和能量守恒定律B卷新人教3.docx（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载专题强化测评（三） B卷动能定理和能量守恒定律45 分钟 100 分 一、单项挑选题（此题共 5 小题,每道题 6 分,共计 30 分. 每道题只有一个选项符合题意）1. （2022 南京模拟）开口向上的半球形曲面的截面如下列图,直径 AB水平 . 一物块在曲面内 A 点以某一速率开头下滑, 曲面内各处动摩擦因数不同,因摩擦作用物块下滑时速率不变,就以下说法正确选项 A. 物块运动过程中加速度始终为零B. 物块所受合外力大小不变,方向在变C.在滑到最低点 C以前,物块所受重力的瞬时功率不变D.在滑到最低点 C以前,物块所受摩
2、擦力大小不变2. 俄罗斯闻名撑杆跳运动员伊辛巴耶娃曾以 5.05 m 的成果打破世界纪录 . 图为她在竞赛中的几个画面,下列说法中正确选项 A. 运动员通过最高点时的速度为零B. 运动员在下降过程中处于失重状态C.撑杆复原形变时,弹性势能完全转化为动能D.运动员在上升过程中对杆做负功名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载3. 如下列图,质量 m=1 kg 、长 L=0.8 m的匀称矩形薄板静止在水平桌面上,其右端与桌子边缘相平板与桌面间的动摩擦因数为 =0.4 现用 F=5 N的水平力向右推薄板,使
3、它翻下桌子,力 F 做的功至少为 g 取10 m/s 2 A1 J B1.6 J C2 J D 4 J 4.2022 无锡模拟 如下列图,斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止于水平面上,现将一小球从图示位置由静止释放,不计一切摩擦,就在小球从释放到落至地面的过程中,以下说法正确选项 A. 斜劈对小球的弹力不做功B. 斜劈与小球组成的系统机械能守恒C.斜劈的机械能守恒D.小球重力势能减小量等于斜劈动能的增加量名师归纳总结 5. 如下列图,一质量为m的滑块以初速度v0 自固定斜面底端A开第 2 页,共 10 页始冲上斜面,到达某一高度后返回A,斜面与滑块之间有摩擦. 如图分别表示滑块在斜面上运动的整个过程中速
4、度v、加速度 a、重力势能 Ep和机械能 E 随时间的变化图线,可能正确选项 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载二、多项挑选题（此题共 4 小题,每道题 8 分,共计 32 分,每道题有多个选项符合题意）6.2022 徐州模拟 如下列图,固定在竖直面内的光滑圆环半径为 R,圆环上套有质量分别为 m和 2m的小球 A、B均可看做质点 ,且小球 A、B用一长为 2R 的轻质细杆相连,在小球 B 从最高点由静止开头沿圆环下滑至最低点的过程中 已知重力加速度为 g ,以下说法正确选项 AA 球增加的机械能等于 B球削减的机械能BA 球增加的
5、重力势能等于 B 球削减的重力势能CA 球的最大速度为 2gR3D细杆对 A 球做的功为8 mgR 37.2022 青岛模拟 如下列图, a 、b 两物块质量分别为m 、2m ,用不计质量的细绳相连接,悬挂在定滑轮的两侧,不计滑轮质量和一切摩擦开头时,a 、 b 两物块距离地面高度相同,用手托住物块 b ,然 后突然由静止释放,直至 a、b 物块间高度差为 h. 在此过程中,以下说法正确选项 A物块 a 的机械能逐步增加名师归纳总结 B物块 b 机械能削减了2mgh 所做的功第 3 页,共 10 页3C物块 b 重力势能的削减量等于细绳拉力对它- - - - - - -精选学习资料 - - -
6、 - - - - - - 学习好资料 欢迎下载D物块 a 重力势能的增加量小于其动能增加8. （ 2022 苏北四市模拟）某汽车研发机构在汽车的车轮上安装了小型发电机,将减速时的部分动能转化并储存在蓄电池中,以达到节能的目的 . 某次测试中,汽车以额定功率行驶一段距离后关闭发动机,测出了汽车动能 Ek 与位移 x 的关系图象如图,其中是关闭储能装置时的关系图线,是开启储能装置时的关系图线 . 已知汽车的质量为 1 000 kg,设汽车运动过程中所受地面阻力恒定,空气阻力不计 . 依据图象所给的信息可求出 A汽车行驶过程中所受地面的阻力为 1 000 N B汽车的额定功率为80 kW 5 105
7、 J C汽车加速运动的时间为22.5 s D汽车开启储能装置后向蓄电池供应的电能为9. 如下列图, 匀强电场方向水平向右,将一个带正电的小球以肯定的初速度竖直向上抛出,从抛出到小球上升至最高点的过程中 不计空气阻力 ,以下说法正确的是 A. 小球机械能在逐步削减 B. 小球机械能的增加量等于其电势能的削减量 C.小球动能的削减量等于其重力势能的增加量 D.小球动能的转变量等于其受到的重力和电场力所做功的代数和名师归纳总结 三、运算题（此题共3 小题,共 38 分,需写出规范的解题步骤）3 m,悬点在横梁上,小10. （ 2022 盐城模拟） （12 分）小明跟着爸爸荡秋千的情形如下列图. 设摆
8、绳长为明连同底板质量共为60 kg. 开头时小明在爸爸的外力作用下使摆绳与竖直方向成37 角处于静止状态. 某时刻爸爸放手让秋千由静止开头摇摆,假设摇摆过程中,小明与底板始终没有相对运动. 当他运动到最低点时摆线拉力共为780 N. 取 g=10 m/s2,sin37 =0.6,cos37 =0.8. 求：第 4 页,共 10 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载（1）小明爸爸施加的最小外力；（2）取悬点处为零势能参考平面,放手前小明及底板的重力势能；（3）通过运算说明秋千第一次摆到另一侧的最大偏角与 37 的关系 . 11.（20
9、22 淮安模拟）（12 分）如图,粗糙斜面与光滑水平面通过光滑小圆弧平滑连接,斜面倾角 =37 ,滑块 A 质量 m=1 kg（可看做质点）. 如滑块 A 在斜面上受到 F4 N,方向垂直斜面对下的恒力作用时,恰能沿斜面匀速下滑 . 现撤去 F, 让滑块 A从斜面上距斜面底端 L1 m 处,由静止开头下滑 . 取 g=10 m/s 2, sin37 =0.6,cos37 =0.8 （1）试画出滑块匀速下滑时的受力图,并求滑块（2）求滑块 A 到达斜面底端时的速度大小；A与斜面间的动摩擦因数；（3）滑块 A 滑至光滑水平面上与右端固定在竖直挡板上的轻弹簧相碰后返回斜面所能达到的最大高度？12.2
10、022 徐州模拟 14 分 质量为 m=1 kg 的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的 P点,随传送带运动到 A 点后水平抛出,小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从 B 点进入竖直光滑圆弧轨道下滑 .B 、C为圆弧的两端点,其连线水平,斜面与圆弧轨道在 C点相切连接 小物块经过 C点时机械能缺失不计 . 已知圆弧半径 R=1.0 m,圆弧对应圆心角 =106 ,轨道最低点为 O,A 点距水平面的高度 h=0.8 m. 设小物块首次经过 C点时为零时刻,在 t=0.8 s 时小物块经过 D点,小物块与斜面间的滑动摩擦因数 1=1 .g=10 m/s 2,3sin37 =0.6 ,cos37 =0.
11、8 试求：名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 1 小物块离开A 点的水平初速度学习好资料欢迎下载vA大小；2 小物块经过 O点时对轨道的压力；3 斜面上 CD间的距离 . 答案解析1. 【解析】 选 B. 物块运动的速率不变,说明物块做匀速圆周运动,其运动的加速度为向心加速度,不为零,2故 A 错误；由 F合F向m v 可知,物块所受合外力的大小不变,方向时刻指向圆心,B正确；因物块沿R竖直方向的分速度逐步减小,由 Pmg v 竖可知, 物块所受重力的瞬时功率由 A 到 C的过程中, 逐步减小,C错误；由物块切向加速
12、度为零可知,物块所受摩擦力大小等于物块沿切向的重力的分力,由此可知,在滑到 C以前,物块所受摩擦力大小逐步变小,D错误 . 2. 【解析】 选 B. 运动员过最高点时的竖直方向速度为零,水平方向速度不为零,故 A 错误；运动员下降过程中,由于加速度方向向下,处于失重状态,故B正确；运动员撑杆起跳时,先对杆做正功,将一部分机名师归纳总结 械能转化为杆的弹性势能,撑杆复原形变时, 运动员对杆做负功,杆的弹性势能再转化为运动员的机械能,第 6 页,共 10 页但不是全部转化为动能,故C、D均错误 . 3. 【解析】 选 B. 在运动过程中,薄板受到的摩擦力为f= mg=4 N,薄板在水平力F 作用下
13、向右加速运动,当薄板运动位移s=L 2=0.4 m 时,薄板就会自动从桌边缘翻下,该过程中水平力F 做功为 W,依据动能定- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载理得： W- mg s=0,就推力 F 至少做的功 错误 . W= mg s=0.4 1 10 0.4=1.6 J,选项 B 正确,其他选项均4. 【解析】 选 B. 斜劈对小球的弹力垂直于斜劈斜面对上,小球竖直下落,二者不垂直,因此斜劈对小球的弹力做了功,选项 A、C错误；对斜劈与小球组成的系统,除了重力做功外,斜劈与小球间系统弹力也做了功,系统机械能守恒,选项 B正确；由于系
14、统机械能守恒,小球重力势能减小量等于小球和斜劈动能的增加 量,选项 D错误 . 5.【解析】 选 C.由于斜面与滑块之间有摩擦,设斜面的倾角为 ,滑块上滑时所受合力 F1=mgsin +Ff =ma1,滑块下滑时所受的合力 F2=mgsin -F f=ma2,由于 F1F2,所以 a1a2,即上滑时的加速度大于下滑时的加速度. 但 a1 与 a2的方向相同, 均沿斜面对下, 速度的方向前后相反,故 A、B 均错；滑块上滑时重力势能增大,下滑时重力势能减小,由于 a1a2,所以上滑时重力势能变化得快,故 C正确；由于滑块在滑动过程中总要克服摩擦力做功,其机械能总是减小的,故 D错. 6. 【解析
15、】 选 A、D.A、B 两球组成的系统,只有重力和系统内轻杆的弹力做了功,环对小球的弹力不做功,系统机械能守恒, 因此 A球增加的机械能等于 B球削减的机械能, 选项 A 正确；A 球增加的重力势能为 2mgR,B球减小的重力势能为 4mgR,选项 B错误；当 B 球运动至最低点时,A、B 两球的速度最大, 就 2mgR=3 mv 2,2对于 A 球应用动能定理,WT-2mgR=1 mv 2,最大速度为 v 4gR,细杆对 A球做的功为 WT=8 mgR,选项 C2 3 3错误,而选项 D正确 . 7. 【解析】 选 A、B. 物块 a、b 组成的系统机械能守恒,取初始位置为零重力势能位置,两
16、者高度差为 h 时,a 的重力势能为 1 mgh, b 的重力势能为 -mgh,此时,两者具有大小相等的速度 v,依据机械能守恒知,20=-1 mgh+1 3mv 2,a 的动能为 1 mgh,b 的动能为1 mgh,得知,选项 A、B正确,选项 D错误 ; 运动过程2 2 6 3中,物块 b的重力大于细绳对它的拉力,因此,物块 b 重力势能的削减量大于细绳拉力对它所做的功,选项 C错误 . 名师归纳总结 - - - - - - -8. 【解析】 选 B、D. 由题图可知,汽车的最大动能是 Ek=8 105 J=1 mv 22 m,因此,汽车运动过程中的最大速度为 v m=40 m/s,在关闭
17、发动机过程中,关闭储能装置时,汽车动能全部转化为内能,就f阻s1mv2 m,根2据图象知s=4 102 m,那么 f阻=2 103 N,当汽车速度达到最大时,牵引力等于阻力,即F=f阻=2 103 N,汽车的额定功率为P额=Fvm=f阻vm=2 103 40 W=80 kW,选项 A 错误,选项B 正确；在汽车加速运动过程中,依据动能定理得,P 额t-f阻 s1=1 mv 22,其中E=Ek-f阻 s=8 105 J-2ms1=5 m,加速时间 t=10.125 s,选项 C错误； 依据开启储能装置时的关系图线知,第 7 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 103
18、 1.5 10学习好资料欢迎下载2 J=5 10 5 J ,选项 D正确 . 9. 【解析】 选 B、 D.此过程电场力对小球做正功,机械能增加,A错；小球机械能的增加量等于电场力所做的功,即电势能的削减量,B对；动能的削减量应等于重力势能增加量和电势能削减量之和,即电场力和重力做功的代数和,C错, D对. 10. 【解析】（ 1）如下列图,当外力与摆绳垂直时最小 . Fmin=mgsin37 =360 N （3 分）（2） Ep-mgl cos37=-1 440 J （3 分） Ek, 重力势能的削减量为,小明在最低点时,（3）设小明第一次向下摇摆过程中,动能的变化量为由牛顿其次定律得：F-
19、mg=mv2（1 分）37 . l求得 v=3 m/s （1 分） Ek=1 2mv 2=270 J （1 分） Ep=mgl 1-cos37 =360 J （ 1 分） Ep Ek（1 分）说明小明在向下摇摆过程中机械能削减,秋千第一次摆到另一侧的最大偏角小于（1 分）名师归纳总结 答案：（1）360 N （2）-1 440 J （ 3）见解析（1 分）第 8 页,共 10 页11. 【解析】（ 1）滑块沿斜面匀速下滑时受力如下列图. 依据牛顿其次定律mgsin = FN 1分 FNmgcos +F 1分 解得 =mgsinF0.5 （1 分）mgcos（2）滑块沿斜面加速下滑时受力如下列图
20、. 设滑块滑到斜面底端时的速度为v, 依据动能定理得（ mgsin - mgcos ）L=1 22 mv2 分 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 代入数据解得学习好资料分 欢迎下载v=2 m/s 1（3）由于水平面光滑,所以滑块返回至斜面底端时速度分 分 分 仍为 v=2 m/s 1上滑时加速度大小a=gsin + gcos =10 m/s2 2s=v2=0.2 m h=ssin =0.12 m 22a答案：（1）受力图见解析 0.5 （2） 2 m/s 30.12 m 12. 【解析 】1 对小物块,由A到 B有v22gh 1 1分 y在 B 点ta
21、n2vy 1分 vA所以 v A=3 m/s 1分 2 对小物块,由B到 O有分 mgR1-sin37 =1mv21mv2 12O2BvB2 32 4 m/s=5 m/s 1分 在 O点 N-mg= mv2 O分 R所以 N=43 N 1由牛顿第三定律知对轨道的压力为N=43 N 分 3 小物块沿斜面上滑：mgsin53 +1mgcos53 =ma1 1分 分 分 分 分 分 a1=10 m/s2 1物块沿斜面下滑：mgsin53 - 1mgcos53 =ma2 1a2=6 m/s2 1由机械能守恒知v C=vB=5 m/s 1小物块由C上升到最高点历时t1vC=0.5 s 1a1小物块由最高点回到D点历时t2=0.8 s-0.5 s=0.3 s 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 故s CDvCt11学习好资料欢迎下载a t 22=098 m 1分 222答案： 13 m/s 243 N 30.98 m 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页,共 10 页