《四川省成都市新都一中数学选修2-1同步测试：第二章 综合检测 .docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省成都市新都一中数学选修2-1同步测试：第二章 综合检测 .docx（9页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第二章 综合检测一、选择题1.已知椭圆的两个焦点和短轴的两个端点恰好为一个正方形的四个顶点,则该椭圆的离心率为().A.13B.12C.33D.22【解析】依题意椭圆的焦距和短轴长相等,故b=c,a2-c2=c2,e=22.【答案】D2.若椭圆x29+y2m2=1与双曲线x2m2-y23=1有相同的焦点,则m的值是().A.3B.3C.-3D.不存在【解析】显然双曲线焦点在x轴上,故9-m2=m2+3,所以m2=3,即m=3.【答案】A3.若椭圆x2a2+y2b2=1(ab0)的离心率为32,则双曲线x2a2-y2b2=1的离心率为().A.54B.52C.32D.54【解析】由题意知e2=c
2、2a2=a2-b2a2=322=34,得b2a2=14,而双曲线的离心率e2=c2a2=a2+b2a2=1+14=54,故e=52.【答案】B4.已知直线y=x-3与抛物线y2=4x交于A,B两点,过A,B两点向抛物线的准线作垂线,垂足为P,Q,则梯形APQB的面积为().A.48B.56C.64D.72【解析】联立方程组y2=4x,y=x-3,解得点A(1,-2),B(9,6).抛物线准线为x=-1,|AP|=2,|BQ|=10,|PQ|=8.故S梯形APQB=(2+10)82=48.【答案】A5.设离心率为e的双曲线C:x2a2-y2b2=1(a0,b0)的右焦点为F,直线l过焦点F,且斜
3、率为k,则直线l与双曲线C的左、右两支都相交的充要条件是().A.k2-e21B.k2-e21D.e2-k21【解析】由双曲线的图象和渐近线的几何意义,可知直线的斜率k只需满足-bakba,即k21.【答案】C6.已知点N(3,0),圆(x+2)2+y2=16的圆心为M,设A为圆上任一点,线段AN的垂直平分线交直线MA于点P,则动点P的轨迹是().A.圆B.椭圆C.双曲线D.抛物线【解析】由中垂线的性质可知|AP|=|NP|,因为|AP|=|MP|+|AM|,所以|NP|=|MP|+|AM|,即|NP|-|MP|=|AM|,所以动点P的轨迹是双曲线.【答案】C7.已知双曲线x2a2-y2b2=
4、1(a0,b0)的一条渐近线过点(2,3),且双曲线的一个焦点在抛物线y2=47x的准线上,则双曲线的方程为().A.x221-y228=1B.x228-y221=1C.x23-y24=1D.x24-y23=1【解析】双曲线x2a2-y2b2=1(a0,b0)的渐近线方程为y=bax,因为点(2,3)在渐近线上,所以ba=32.又双曲线的一个焦点在抛物线y2=47x的准线方程x=-7上,所以c=7,由此可解得a=2,b=3,所以双曲线的方程为x24-y23=1,故选D.【答案】D8.已知双曲线x2a2-y2b2=1(a0,b0)的一条渐近线的斜率为2,且右焦点与抛物线y2=43x的焦点重合,则
5、该双曲线的离心率等于().A.2B.3C.2D.23【解析】由题意知抛物线的焦点为(3,0),即c=3.双曲线的渐近线方程为y=bax,即ba=2,得b=2a,所以b2=2a2=c2-a2,故c2=3a2,即e2=3,得e=3.【答案】B9.过点M(-2,0)的直线m与椭圆x22+y2=1交于P1,P2两点,线段P1P2的中点为P,设直线m的斜率为k1(k10),直线OP的斜率为k2,则k1k2的值为().A.2B.-2C.12D.-12【解析】已知直线m与椭圆交于P1,P2两点,从而设点P1(x1,y1),P2(x2,y2),可知点Px1+x22,y1+y22,即k2=y1+y2x1+x2,
6、设直线m:y=k1(x+2),联立椭圆方程得x22+y2=1,y=k1(x+2)(2k12+1)x2+8k12x+8k12-2=0,可得x1+x2=-8k122k12+1,所以y1+y2=k1(x1+x2)+4k1=4k12k12+1,则k2=-12k1,即k1k2=-12.【答案】D10.如图,某人造卫星的运行轨道是以地球中心F2为一个焦点的椭圆,设近地点A(离地面最近的点)距地面m千米,远地点B(离地面最远的点)距地面n千米,地球半径为r千米,且点F2,A,B在同一直线上,则该卫星运行轨道的短半轴长为().(单位:千米)A.2mnB.2(m+r)(n+r)C.mnD.(m+r)(n+r)【
7、解析】由图可知|AF2|=m+r=a-c,|BF2|=n+r=a+cb2=a2-c2=(a+c)(a-c)=(m+r)(n+r),故选D.【答案】D11.我们把焦点相同,且离心率互为倒数的椭圆和双曲线称为一对“相关曲线”.已知F1,F2是一对相关曲线的焦点,P是它们在第一象限的交点,当F1PF2=60时,这一对相关曲线中双曲线的离心率是().A.3B.2C.233D.2【解析】设椭圆的半长轴为a1,椭圆的离心率为e1,则e1=ca1,a1=ce1.双曲线的实半轴长为a,双曲线的离心率为e,e=ca,a=ce.|PF1|=x,|PF2|=y,(xy0),则由余弦定理得4c2=x2+y2-2xyc
8、os 60=x2+y2-xy,当点P看作是椭圆上的点时,有4c2=(x+y)2-3xy=4a12-3xy,当点P看作是双曲线上的点时,有4c2=(x-y)2+xy=4a2+xy,两式联立消去xy得4c2=a12+3a2,即4c2=ce12+3ce2,所以1e12+31e2=4.又1e1=e,所以e2+3e2=4,整理得e4-4e2+3=0,解得e2=3,所以e=3,即双曲线的离心率为3,故选A.【答案】A12.若椭圆C1:x2a12+y2b12=1(a1b10)和椭圆C2:x2a22+y2b22=1(a2b20)的焦点相同,且a1a2.给出如下四个结论:椭圆C1和椭圆C2一定没有公共点;a1a
9、2b1b2;a12-a22=b12-b22;a1-a2b1-b2.其中,所有正确结论的序号是().A.B.C.D.【解析】易知正确;对于,a12a22-b12b22=a12a22-a12-c2a22-c2=c2(a22-a12)a22(a22-c2)0,故a1a2b1+b2,故a1-a2y,由e2=3e1,得a2=a13.由椭圆定义及勾股定理,得x+y=2a1,x-y=2a2,x2+y2=4c2,解得e1=53.【答案】5315.如图,椭圆的中心在坐标原点,F为左焦点,A,B分别为长轴、短轴上的一个顶点,当FBAB时,此类椭圆称为“黄金椭圆”.类比“黄金椭圆”,可推出“黄金双曲线”的离心率为.
10、【解析】由题意可类比出“黄金双曲线”的图形大致如右图.由图可知(a+c)2=(b2+c2)+(b2+a2),把b2=c2-a2代替,整理得c2-ac-a2=0,即e2-e-1=0,解得e=152,故e=1+52.【答案】1+5216.已知A(1,1)为椭圆x29+y25=1内一点,F1为椭圆左焦点,P为椭圆上一动点,则|PF1|+|PA|的最大值为,最小值为.【解析】由x29+y25=1可知,a=3,b=5,c=2,左焦点F1(-2,0),右焦点F2(2,0).由椭圆的定义知,|PF1|=2a-|PF2|=6-|PF2|,|PF1|+|PA|=6-|PF2|+|PA|=6+|PA|-|PF2|
11、.如图,由|PA|-|PF2|AF2|=(2-1)2+(0-1)2=2,得-2|PA|-|PF2| 2.当点P在AF2的延长线上的P2处时,取右“=”;当点P在AF2的反向延长线的P1处时,取左“=”,即|PA|-|PF2|的最大值、最小值分别为2、-2.于是|PF1|+|PA|的最大值是6+2,最小值是6-2.【答案】6+26-2三、解答题17.设抛物线C:y2=4x的焦点为F,过点(-2,0)且斜率为k的直线与C交于M,N两点.(1)求k的取值范围;(2)若k=23,求FMFN的值.【解析】(1)设直线方程为y=k(x+2),代入y2=4x,得ky2-4y+8k=0,则=16-32k20且
12、k0,所以k的取值范围为-22,00,22.(2)当k=23时,直线方程为y=23(x+2),设M(x1,y1),N(x2,y2),由y2=4x,y=23(x+2),得x1=1,y1=2或x2=4,y2=4,即M(1,2),N(4,4).又F(1,0),所以FMFN=(0,2)(3,4)=8.18.已知点P52,-32,F1 (-2,0),F2 (2,0).(1)求以F1,F2为焦点且过点P的椭圆的标准方程;(2)求以F1,F2为焦点且过点P的双曲线的标准方程.【解析】(1)由于椭圆焦点在x轴上,故可设所求椭圆的标准方程为x2a2+y2b2=1(ab0),由椭圆的定义知,2a=52+22+-3
13、22+52-22+-322=3210+1210=210.a2=10,又c=2,b2=a2-c2=10-4=6, 椭圆的标准方程为x210+y26=1.(2)由于双曲线焦点在x轴上,故可设所求双曲线的标准方程为x2a12-y2b12=1(a10,b10),由双曲线的定义知,2a1=52+22+-322-52-22+-322=3210-1210=10,a12=52,b12=c12-a12=4-52=32,故所求双曲线的标准方程为2x25-2y23=1.19.如图,已知椭圆x2a2+y2b2=1(ab0)的离心率为22,以该椭圆上的点和椭圆的左、右焦点F1、F2为顶点的三角形的周长为4(2+1),一
14、等轴双曲线的顶点是该椭圆的焦点,设P为该双曲线上异于顶点的任意一点,直线PF1和PF2与椭圆的交点分别为A,B和C,D.(1)求椭圆和双曲线的标准方程;(2)设直线PF1,PF2的斜率分别为k1,k2,求证:k1k2=1.【解析】(1)设椭圆的焦半距为c,由题意知ca=22,2a+2c=4(2+1),得a=22,c=2.又a2=b2+c2,所以b=2.故椭圆的标准方程为x28+y24=1.由题意,设等轴双曲线的标准方程为x2m2-y2m2=1(m0).因为等轴双曲线的顶点是椭圆的焦点,所以m=2.故双曲线的标准方程为x24-y24=1.(2)设点P(x0,y0),则k1=y0x0+2,k2=y
15、0x0-2.因为点P在双曲线x2-y2=4上,所以x02-y02=4.故k1k2=y0x0+2y0x0-2=y02x02-4=1,即k1k2=1.20.设直线l过双曲线x2-y23=1的一个焦点,交双曲线于A,B两点,O为坐标原点,若OAOB=0,求|AB|的值.【解析】设直线AB过右焦点F(2,0),其斜率为k,则直线AB的方程为y=k(x-2).代入双曲线方程,得(3-k2)x2+4k2x-4k2-3=0.设点A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=4k2k2-3,x1x2=4k2+3k2-3,从而y1y2=k2(x1-2)(x2-2)=k2x1x2-2(x1+x2)+4=k24
16、k2+3k2-3-8k2k2-3+4=-9k2k2-3.OAOB=0,x1x2+y1y2=0,4k2+3k2-3-9k2k2-3=0,解得k2=35,此时=16k4+4(3-k2)(4k2+3)0,x1+x2=-1,x1x2=-94.又当ABx轴时,点A(2,3),B(2,-3)不满足条件,|AB|=1+k2(x1+x2)2-4x1x2=4.21.在平面直角坐标系xOy中,已知点A(0,1),点B在直线l1:y=-1上,点M满足MBOA,MAAB=MBBA,点M的轨迹为曲线C.(1)求曲线C的方程.(2)设直线l2:y=kx+m与曲线C有唯一公共点P,且与直线l1:y=-1相交于点Q,试探究在
17、坐标平面内是否存在点N,使得以PQ为直径的圆恒过点N.若存在,求出点N的坐标;若不存在,说明理由.【解析】(1)设点M(x,y),由MBOA,得B(x,-1),点A(0,1),MA=(-x,1-y),MB=(0,-1-y),AB=(x,-2).由MAAB=MBBA,得(MA+MB)AB=0,即(-x,-2y)(x,-2)=0,化简得x2=4y,曲线C的方程为x2=4y.(2)由曲线C关于y轴对称可知,若存在点N,使得以PQ为直径的圆恒过点N,则点N必在y轴上,设点N(0,n),Px0,x024,由直线l2:y=kx+m与曲线C有唯一公共点P知,联立方程y=kx+m,x2=4y,消去y,得x2-
18、4kx-4m=0有唯一解.则=16k2+16m=0,得k2=-m.直线l2的方程为y=kx-k2.又点P在直线l2上,x024=kx0-k2,x02-4kx0+4k2=0,(x0-2k)2,k=12x0.直线l2的方程为y-x024=x02(x-x0),令y=-1得x=x022-2x0,点Qx02-2x0,-1,NP=x0,x024-n,NQ=x02-2x0,-1-n.点N在以PQ为直径的圆上,NPNQ=x022-2-(1+n)x024-n=(1-n)x024+n2+n-2=0,(*)要使方程(*)对x0恒成立,必须有1-n=0,n2+n-2=0,解得n=1,在坐标平面内存在点N,使得以PQ为
19、直径的圆恒过点N,其坐标为(0,1).22.已知椭圆x2a2+y2b2=1(ab0)的右焦点为F,A为短轴的一个端点,且|OA|=|OF|=2(其中O为坐标原点).(1)求椭圆的方程.(2)若C,D分别是椭圆长轴的左、右端点,动点M满足MDCD,连接CM交椭圆于点P,问:x轴上是否存在异于点C的定点Q,使得以MP为直径的圆恒过直线DP,MQ的交点?若存在,求出点Q的坐标;若不存在,说明理由.【解析】(1)由已知得b=c=2,a2=b2+c2=4,故所求椭圆方程为x24+y22=1.(2)由(1)知,点C(-2,0),D(2,0),由题意可设直线CM:y=k(x+2),P(x1,y1),M(2,
20、4k).由x24+y22=1,y=k(x+2),整理得(1+2k2)x2+8k2x+8k2-4=0,方程显然有两个解,-2x1=8k2-41+2k2,得x1=2-4k21+2k2,y1=4k1+2k2,所以点P2-4k21+2k2,4k1+2k2.设点Q(x0,0)(x00),若存在满足题设的点Q,则MQDP,由MQDP=0,及MQ=(x0-2,-4k),DP=2-4k21+2k2-2,4k1+2k2,整理可得8k2x01+2k2=0恒成立,所以x0=0.故存在定点Q(0,0)满足题设要求.23. 在平面直角坐标系xOy中,椭圆C:x2a2+y2b2=1(ab0)的离心率为32,直线y=x被椭
21、圆C截得的线段长为4105.(1)求椭圆C的方程;(2)过原点的直线与椭圆C交于A,B两点(A,B不是椭圆C的顶点). 点D在椭圆C上,且ADAB,直线BD与x轴,y轴分别交于M,N两点.设直线BD,AM的斜率分别为k1,k2,证明:存在常数使得k1=k2,并求出的值;求OMN面积的最大值.【解析】(1)由题意知a2-b2a=32,可得a2=4b2,则椭圆C的方程可简化为x2+4y2=a2.将y=x代入可得x=5a5,因此225a5=4105,可得a=2,因此b=1,所以椭圆C的方程为x24+y2=1.(2)设点A(x1,y1)(x1y10),D(x2,y2),则B(-x1,-y1).因为直线
22、AB的斜率kAB=y1x1,又ABAD,所以直线AD的斜率k=-x1y1.设直线AD的方程为y=kx+m,由题意知k0,m0.由y=kx+m,x24+y2=1,可得(1+4k2)x2+8mkx+4m2-4=0.所以x1+x2=-8mk1+4k2,因此y1+y2=k(x1+x2)+2m=2m1+4k2.由题意知x1-x2,所以k1=y1+y2x1+x2=-14k=y14x1.所以直线BD的方程为y+y1=y14x1(x+x1).令y=0,得x=3x1,即点M(3x1,0),可得k2=-y12x1.所以k1=-12k2,即=-12.因此存在常数=-12使得结论成立.直线BD的方程为y+y1=y14x1(x+x1),令x=0,得y=-34y1,则点N0,-34y1.由知M(3x1,0),可得OMN的面积S=123|x1|34|y1|=98|x1|y1|.因为|x1|y1|x124+y12=1,当且仅当|x1|2=|y1|=22时等号成立,此时S取得最大值98,所以OMN面积的最大值为98.