《山东省济南市山东省实验中学2021-2022学年高三第三次模拟考试物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省济南市山东省实验中学2021-2022学年高三第三次模拟考试物理试卷含解析.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-20222021-2022 学年高考物理模拟试卷学年高考物理模拟试卷注意事项注意事项1 1考生要认真填写考场号和座位序号。考生要认真填写考场号和座位序号。2 2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B2B 铅笔作答；第二部分必须用黑铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。色字迹的签字笔作答。3 3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 6 6 小题，每小题
2、小题，每小题 4 4 分，共分，共 2424 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1 1如图所示，一个人静止在地面上，当如图所示，一个人静止在地面上，当 60时，人能拉起重物的最大重力为人重力的时，人能拉起重物的最大重力为人重力的 0.20.2 倍，已知地面对人的最倍，已知地面对人的最大静摩擦力等于滑动摩擦力（忽略定滑轮的摩擦力）大静摩擦力等于滑动摩擦力（忽略定滑轮的摩擦力） ，则当，则当 30时，人静止时能拉起重物的最大重力约为人重力的时，人静止时能拉起重物的最大重力约为人重力的（）A A0.30.3 倍倍B B0.
3、60.6 倍倍C C0.80.8 倍倍D D1.611.61 倍倍2 2如图所示，足够长的如图所示，足够长的 U U 型光滑金属导轨平面与水平面成型光滑金属导轨平面与水平面成 角角090，其中，其中 MNMN 与与 PQPQ 平行且间距为平行且间距为 L L，N N、Q Q间接有阻值为间接有阻值为 R R 的电阻，匀强磁场垂直导轨平面，磁感应强度为的电阻，匀强磁场垂直导轨平面，磁感应强度为 B B，导轨电阻不计。质量为，导轨电阻不计。质量为 m m 的金属棒的金属棒 abab 由静止开由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好， ab
4、ab 棒接入电路的电阻为棒接入电路的电阻为 r r，当金属棒，当金属棒abab 下滑距离下滑距离 x x 时达到最大时达到最大速度速度 v v，重力加速度为，重力加速度为 g g，则在这一过程中（，则在这一过程中（）A A金属棒做匀加速直线运动金属棒做匀加速直线运动B B当金属棒速度为当金属棒速度为v时，金属棒的加速度大小为时，金属棒的加速度大小为 0.5g0.5g212C C电阻电阻 R R 上产生的焦耳热为上产生的焦耳热为mgxsin mv2D D通过金属棒某一横截面的电量为通过金属棒某一横截面的电量为BLxRr3 3物体做匀速圆周运动时，在任意相同时间间隔内，速度的变化量（物体做匀速圆周
5、运动时，在任意相同时间间隔内，速度的变化量（）A A大小相同、方向相同大小相同、方向相同B B大小相同、方向不同大小相同、方向不同C C大小不同、方向不同大小不同、方向不同D D大小不同、方向相同大小不同、方向相同4 4如图所示，轻绳跨过光滑定滑轮，左端与水平地面上的物块如图所示，轻绳跨过光滑定滑轮，左端与水平地面上的物块MM 相连，右端与小球相连，右端与小球N N 相连，整个装置处于静止状态。相连，整个装置处于静止状态。现对小球现对小球 N N 施加一水平拉力使其缓慢移动一小段距离，整个过程物块施加一水平拉力使其缓慢移动一小段距离，整个过程物块 MM 保持静止，地面对物块保持静止，地面对物块
6、 MM 的摩擦力为的摩擦力为 f f 则此则此过程中（过程中（）A Af f 变大，变大，F F 变大变大B Bf f 变大，变大，F F 变小变小C Cf f 变小，变小，F F 变小变小D Df f 变小，变小，F F 变大变大5 5如图甲所示，一铝制圆环处于垂直环面的磁场中，圆环半径为如图甲所示，一铝制圆环处于垂直环面的磁场中，圆环半径为r r，电阻为，电阻为 R R，磁场的磁感应强度，磁场的磁感应强度 B B 随时间变化关系随时间变化关系如图乙所示，如图乙所示，t 0时刻磁场方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是（时刻磁场方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是（）A A在在t t0 0时刻
7、，环中的感应电流沿逆时针方向时刻，环中的感应电流沿逆时针方向2r4B02B B在在t t0 0时刻，环中的电功率为时刻，环中的电功率为2Rt0C C在在t t0 0时刻，环中的感应电动势为零时刻，环中的感应电动势为零D D00t t0 0内，圆环有收缩的趋势内，圆环有收缩的趋势6 620192019 年年 4 4 月月 1010 日日 2121 点，科学家发布了黑洞人马座点，科学家发布了黑洞人马座 A A* *的照片。黑洞强大的引力致使以的照片。黑洞强大的引力致使以 3 310108 8m/sm/s 的速度传播的光的速度传播的光都不能逃逸。已知人马座都不能逃逸。已知人马座A A* *的直径为的
8、直径为 44004400 万公里，则人马座万公里，则人马座A A* *与地球的质量之比约为（与地球的质量之比约为（）( (可能用到的数据有：地可能用到的数据有：地球半径球半径 6400km6400km；地球的环绕速度为；地球的环绕速度为 7.9km/s7.9km/s；天体的逃逸速度为该天体环绕速度的；天体的逃逸速度为该天体环绕速度的2倍倍) )A A10101111B B10101212C C10101313D D10101414二、二、多项选择题：多项选择题：本题共本题共 4 4 小题，小题，每小题每小题 5 5 分，分，共共 2020 分。分。在每小题给出的四个选项中，在每小题给出的四个选
9、项中，有多个选项是符合题目要求的。有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分。分。7 7如图所示，一水平放置的平行板电容器充电以后与电源断开，并在其间加上垂直纸面向里的匀强磁场；某带电质点如图所示，一水平放置的平行板电容器充电以后与电源断开，并在其间加上垂直纸面向里的匀强磁场；某带电质点以某一速度从水平平行板中央进入正交的匀强电场和匀强磁场中，刚好做匀速直线运动。下列说法正确的是（以某一速度从水平平行板中央进入正交的匀强电场和匀强磁场中，刚好做匀速直线运动。下列说法正确的是（）A A该质点
10、一定带正电该质点一定带正电B B该质点可能带负电该质点可能带负电C C若仅磁场的水平方向均匀增大，质点将向上偏转，速率越来越小若仅磁场的水平方向均匀增大，质点将向上偏转，速率越来越小D D若将下极板缓慢向下移动，质点将向下偏转，速率越来越大若将下极板缓慢向下移动，质点将向下偏转，速率越来越大8 8 如图甲所示，如图甲所示， 竖直光滑杆固定不动，竖直光滑杆固定不动， 套在杆上的弹簧下端固定，套在杆上的弹簧下端固定， 将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h 0.1m处，滑块与弹簧不拴接。现由静止释放滑块，通过传感器测量出滑块的速度和离地高度处，滑块与弹簧不拴
11、接。现由静止释放滑块，通过传感器测量出滑块的速度和离地高度h并作出如图乙所示滑块的并作出如图乙所示滑块的Ekh图象，图象， 其中高度从其中高度从 0.2m0.2m 上升到上升到 0.35m0.35m 范围内图象为直线，范围内图象为直线， 其余部分为曲线，其余部分为曲线， 以地面为零势能面，以地面为零势能面， 不计空气阻力，不计空气阻力，2取取g 10m/s，由图象可知（，由图象可知（）A A小滑块的质量为小滑块的质量为 0.1kg0.1kgB B轻弹簧原长为轻弹簧原长为 0.2m0.2mC C弹簧最大弹性势能为弹簧最大弹性势能为 0.5J0.5JD D小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为
12、小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为 0.4J0.4J9 9如图所示，有两列沿如图所示，有两列沿z z 轴方向传播的横波，振幅均为轴方向传播的横波，振幅均为5cm5cm，其中实线波甲向右传播且周期为，其中实线波甲向右传播且周期为 0.5s0.5s、虚线波乙向左传、虚线波乙向左传播，播，t t =0 =0 时刻的波形如图所示。则下列说法正确的是（时刻的波形如图所示。则下列说法正确的是（）A A乙波传播的频率大小为乙波传播的频率大小为 1Hz1HzB B甲乙两列波的速度之甲乙两列波的速度之 2 2：3 3C C两列波相遇时，能形成稳定的干涉现象两列波相遇时，能形成稳定的干涉现象D Dt t=
13、0=0 时，时，x x=4cm=4cm 处的质点沿处的质点沿 y y 轴的负方向振动轴的负方向振动E.E.t t=0.25s=0.25s 时，时，x x=6cm=6cm 处的质点处在平衡位置处的质点处在平衡位置1010如图所示，在水平面上固定有两根相距如图所示，在水平面上固定有两根相距 0.5m0.5m 的足够长的平行光滑金属导轨的足够长的平行光滑金属导轨 MNMN 和和 PQPQ，它们的电阻可忽略不计，它们的电阻可忽略不计，在在 MM 和和 P P 之间接有阻值为之间接有阻值为 R R=3=3 的定值电阻，导体棒的定值电阻，导体棒 abab 长长 l l=0.5m=0.5m，其电阻为，其电阻
14、为 r r=1.0=1.0，质量，质量 m m=1kg=1kg，与导轨接触良，与导轨接触良好。整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度好。整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度 B B=0.4T=0.4T。现使。现使 abab 棒在水平拉力作用下以棒在水平拉力作用下以 v v=10m/s=10m/s 的速度的速度向右做匀速运动，以下判断正确的是（向右做匀速运动，以下判断正确的是（）A Aabab 中电流的方向为从中电流的方向为从 a a 向向 b bB Babab 棒两端的电压为棒两端的电压为 1.5V1.5VC C拉力突然消失，到棒最终静止，定值电阻拉力突然消失，到棒最终静
15、止，定值电阻 R R 产生热量为产生热量为 75J75JD D拉力突然消失，到棒最终静止，电路中产生的总热量为拉力突然消失，到棒最终静止，电路中产生的总热量为 50J50J三、实验题：本题共三、实验题：本题共 2 2 小题，共小题，共 1818 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1111 （6 6 分）如图甲所示，一与电脑连接的拉力传感器固定在竖直墙壁上，通过细绳拉住一放在长木板上的小铁块，细分）如图甲所示，一与电脑连接的拉力传感器固定在竖直墙壁上，通过细绳拉住一放在长木板上的小铁块，细绳水平伸直，初始时拉力传感器示
16、数为零。现要测量小铁块与长木板之间的动摩擦因数，用一较大的水平拉力拉住长绳水平伸直，初始时拉力传感器示数为零。现要测量小铁块与长木板之间的动摩擦因数，用一较大的水平拉力拉住长木板右端的挂钩，木板右端的挂钩， 把长木板从小铁块下面拉出，把长木板从小铁块下面拉出， 在电脑上得到如图乙所示的数据图像，在电脑上得到如图乙所示的数据图像， 已知当地重力加速度已知当地重力加速度 g=9.8m/sg=9.8m/s2 2。(1)(1)测得小铁块的质量测得小铁块的质量 m m=0.50kg=0.50kg，则小铁块与长木板间的动摩擦因数，则小铁块与长木板间的动摩擦因数 =_=_。 （结果保留三位有效数字）（结果保
17、留三位有效数字）(2)(2)以不同的速度把长木板拉出，随着速度的增加，小铁块受到的摩擦力以不同的速度把长木板拉出，随着速度的增加，小铁块受到的摩擦力_。 （填（填“ “越来越大越来越大”“”“越来越小越来越小” ”或或“ “不变不变” ”）(3)(3)若固定长木板，去掉小铁块上的细绳，用一水平推力推小铁块，则至少需要若固定长木板，去掉小铁块上的细绳，用一水平推力推小铁块，则至少需要_N_N 的推力才能推动小铁块。的推力才能推动小铁块。1212 （1212 分）某同学欲用伏安法测定一阻值约为分）某同学欲用伏安法测定一阻值约为 55 的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：的电阻，要求测量结
18、果尽量准确，现备有以下器材：A A直流电源直流电源 E E( (电动势约为电动势约为 4.5V4.5V，内阻很小，内阻很小) )；B B直流电流表直流电流表 A A1 1( (量程量程 0 00.6A0.6A，内阻约为，内阻约为 0.1)0.1)；C C直流电流表直流电流表 A A2 2( (量程量程 0 03A3A，内阻约为，内阻约为 0.2)0.2)；D D直流电压表直流电压表 V V1 1( (量程量程 0 03V3V，内阻约为，内阻约为 3k)3k)；E E直流电压表直流电压表 V V2 2( (量程量程 0 015V15V，内阻约为，内阻约为 6k)6k)；F F滑动变阻器滑动变阻器
19、 R R1 1( (最大阻值为最大阻值为 10)10)；G G开关、导线若干。开关、导线若干。（1 1）在备选器材中，实验中电流表应选）在备选器材中，实验中电流表应选_，电压表应选，电压表应选_；( (均填写器材前字母序号均填写器材前字母序号) )（2 2）该同学连接了部分电路，如图甲所示，还有三根导线没有连接，请帮助该同学完成连线；）该同学连接了部分电路，如图甲所示，还有三根导线没有连接，请帮助该同学完成连线； （_）（3 3）按要求完成了电路连接后，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最）按要求完成了电路连接后，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最_(_(选填选填“ “左左” ”或或“ “右
20、右”)”)端；端；（4 4） 该同学正确操作，该同学正确操作， 电流表和电压表的表盘示数如图乙所示，电流表和电压表的表盘示数如图乙所示， 则电阻的测量值为则电阻的测量值为_； 该测量值该测量值_(_(选选填填“ “大于大于”“”“小于小于” ”或或“ “等于等于”)”)真实值。真实值。四、计算题：本题共四、计算题：本题共2 2 小题，共小题，共2626 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。步骤。1313 （1010 分）质量为分）质量为 m m5kg5kg 的物体从的物体从 t t
21、0 0 开始在水平恒力开始在水平恒力 F F 的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去 F F，其，其运动的运动的 v vt t 图象如图所示。图象如图所示。g g 取取 10m/s10m/s2 2，求：，求：（1 1）推力）推力 F F 的大小；的大小；（2 2）若）若 t t1 1时刻撤去推力时刻撤去推力 F F，物体运动的总位移为，物体运动的总位移为 14m14m，求，求 t t1 1。1414 （1616 分）如图所示，粗细均匀，两端开口的分）如图所示，粗细均匀，两端开口的U U 形管竖直放置，管的内径很小，水平部分形管竖直放置，管的内径很小
22、，水平部分BCBC 长长 14cm14cm，一空气柱将，一空气柱将管内水银分隔成左右两段，大气压强相当于高为管内水银分隔成左右两段，大气压强相当于高为 76cmHg76cmHg 的压强。的压强。（1 1）当空气柱温度为）当空气柱温度为 T T1 1=273K=273K，长为，长为 l l1 1=8cm=8cm 时，时，BCBC 管内左边水银柱长管内左边水银柱长 2cm2cm，ABAB 管内水银柱长也是管内水银柱长也是 2cm2cm，则右边水，则右边水银柱总长是多少银柱总长是多少? ?（2 2）当空气柱温度升高到多少时，左边水银恰好全部进入竖直管）当空气柱温度升高到多少时，左边水银恰好全部进入竖
23、直管 ABAB 内内? ?（3 3）当空气柱温度为）当空气柱温度为 490K490K 时，两竖直管内水银柱上表面高度各为多少？时，两竖直管内水银柱上表面高度各为多少？1515 （1212 分）如图所示，一水平放置的薄壁圆柱形容器内壁光滑，长为分）如图所示，一水平放置的薄壁圆柱形容器内壁光滑，长为 L L，底面直径为，底面直径为 D D，其右端中心处开有一圆孔。，其右端中心处开有一圆孔。质量一定的理想气体被活塞封闭在容器内，器壁导热良好，活塞可沿容器内壁自由滑动，其质量、厚度均不计开始时质量一定的理想气体被活塞封闭在容器内，器壁导热良好，活塞可沿容器内壁自由滑动，其质量、厚度均不计开始时气体温度
24、为气体温度为 300K300K，活塞与容器底部相距，活塞与容器底部相距的压强。的压强。2L，现对气体缓慢加热，已知外界大气压强为，现对气体缓慢加热，已知外界大气压强为p0，求温度为，求温度为 600K600K 时气体时气体3参考答案参考答案一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 6 6 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 2424 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1 1、A A【解析】【解析】设人与地面间的动摩擦因数为设人与地面间的动摩擦因数为，当，当 60时时0.2Gsin60(G 0.2Gco
25、s60)当当 30时时kGsin30(G kGcos30)求得求得k 0.3，选项，选项 A A 正确，正确，BCDBCD 错误。错误。故选故选 A A。2 2、D D【解析】【解析】A A对金属棒，根据牛顿第二定律可得：对金属棒，根据牛顿第二定律可得：mgsin BIL ma可得：可得：B2L2va gsinm(Rr)当速度增大时，当速度增大时， 安培力增大，安培力增大， 加速度减小，加速度减小， 所以金属棒所以金属棒ab开始做加速度逐渐减小的变加速运动，开始做加速度逐渐减小的变加速运动， 不是匀加速直线运动，不是匀加速直线运动，故故 A A 错误；错误；B B金属棒金属棒ab匀速下滑时，则
26、有：匀速下滑时，则有：a 0即有：即有：v mg(R r)sinB2 L2当金属棒速度为当金属棒速度为v时，金属棒的加速度大小为：时，金属棒的加速度大小为：2B2L2v1a1 gsin gsinm(R r) 22故故 B B 错误；错误；C C对金属棒，根据动能定理可得：对金属棒，根据动能定理可得：1mgsin x Q mv22解得产生的焦耳热为：解得产生的焦耳热为：1Q mgsin x mv22电阻电阻R上产生的焦耳热为：上产生的焦耳热为：QRR1(mgsin x mv2)R r2故故 C C 错误；错误；D D通过金属棒某一横截面的电量为：通过金属棒某一横截面的电量为：q It EBLxt
27、 R rR rR r故故 D D 正确；正确；故选故选 D D。3 3、B B【解析】【解析】物体做匀速圆周运动时，速度的变化量物体做匀速圆周运动时，速度的变化量v at，由于加速度的大小不变但方向时刻在变化，所以在任意相同时间间，由于加速度的大小不变但方向时刻在变化，所以在任意相同时间间隔内，隔内， 速度的变化量大小相等，方向不同。速度的变化量大小相等，方向不同。A.A. 大小相同、方向相同，与分析不符，故大小相同、方向相同，与分析不符，故 A A 错误；错误；B.B. 大小相同、方向不同，与分析相符，故大小相同、方向不同，与分析相符，故 B B 正确正确C.C. 大小不同、方向不同，与分析
28、不符，故大小不同、方向不同，与分析不符，故 C C 错误；错误；D.D. 大小不同、方向相同，与分析不符，故大小不同、方向相同，与分析不符，故 D D 错误。错误。4 4、A A【解析】【解析】对小球对小球 N N 进行分析，分析其受力情况，设细绳与竖直方向夹角为进行分析，分析其受力情况，设细绳与竖直方向夹角为，则有，则有F mg tanT mgcos细绳与竖直方向夹角细绳与竖直方向夹角逐渐增大，逐渐增大，tan 增大，所以水平拉力增大；增大，所以水平拉力增大；cos 减小，所以绳子拉减小，所以绳子拉 T T 增大；增大；由于物块由于物块 MM 始终静止在地面上，在水平方向，由平衡条件可得始终
29、静止在地面上，在水平方向，由平衡条件可得f f= =T Tcoscos则地面对物块则地面对物块 MM 的摩擦力的摩擦力 f f 也变大，故也变大，故 A A 正确，正确，BCDBCD 错误。错误。故选故选 A A。5 5、B B【解析】【解析】A A由磁场的磁感应强度由磁场的磁感应强度 B B 随时间变化关系图象可知，磁场反向后，产生的感应电流的方向没有改变，随时间变化关系图象可知，磁场反向后，产生的感应电流的方向没有改变，00t t0 0时间内，时间内，磁场垂直纸面向里，磁场垂直纸面向里，B B 减小，所以线圈中的磁通量在减小，根据楞次定律可判断线圈的电流方向为顺时针，所以减小，所以线圈中的
30、磁通量在减小，根据楞次定律可判断线圈的电流方向为顺时针，所以A A 错错误；误；BCBC由图象可得斜率为由图象可得斜率为BB0tt0则由法拉第电磁感应定律可得，线圈产生的感应电动势为则由法拉第电磁感应定律可得，线圈产生的感应电动势为SBr2B0E ttt0线圈的电功率为线圈的电功率为2E22r4B0P 2RRt0所以所以 B B 正确，正确，C C 错误；错误；D D 00t t0 0内，磁感应强度在减小，线圈的磁通量在减小，所以根据楞次定律可知，线圈有扩张趋势，所以内，磁感应强度在减小，线圈的磁通量在减小，所以根据楞次定律可知，线圈有扩张趋势，所以D D 错误。错误。故选故选 B B。6 6
31、、B B【解析】【解析】设地球的质量为设地球的质量为 m m，半径用，半径用r r 表示，则地球的环绕速度可表示为表示，则地球的环绕速度可表示为v 为为 MM，半径用，半径用 R R 表示，则有表示，则有Gm；黑洞的逃逸速度为；黑洞的逃逸速度为c c，设人马座，设人马座A A* *的质量的质量rcGMR2Mc2R2m2v r带入数据，人马座带入数据，人马座 A A* *与地球的质量之比与地球的质量之比M 2.51012m故故 ACDACD 错误，错误，B B 正确。正确。故选故选 B B。二、二、多项选择题：多项选择题：本题共本题共 4 4 小题，小题，每小题每小题 5 5 分，分，共共 20
32、20 分。分。在每小题给出的四个选项中，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分。分。7 7、ACAC【解析】【解析】ABAB在平行板之间有匀强磁场和匀强电场，带电质点做匀速直线运动，所以带电质点受力平衡，重力向下，电场力向在平行板之间有匀强磁场和匀强电场，带电质点做匀速直线运动，所以带电质点受力平衡，重力向下，电场力向上，洛伦兹力向上，则上，洛伦兹力向上，则mg Eq qvB所以带电质点带正电，故所以带电质点带正电，故 A A 正确
33、，正确，B B 错误；错误；C C如果磁场均匀增大，则该质点所受洛伦兹力将增大，质点向上偏转，但是洛伦兹力对质点不做功，即不改变质点如果磁场均匀增大，则该质点所受洛伦兹力将增大，质点向上偏转，但是洛伦兹力对质点不做功，即不改变质点速度的大小，而重力和电场力的合力向下，所以质点将减速，即其速率将减小，所以速度的大小，而重力和电场力的合力向下，所以质点将减速，即其速率将减小，所以C C 正确；正确；D D将下极板向下移动，根据电容的决定式将下极板向下移动，根据电容的决定式C rS4 kdQC可得，电容减小；由题意可知，电容器极板的电荷量不变，则根据公式可得，电容减小；由题意可知，电容器极板的电荷量
34、不变，则根据公式U E Ud可得公式可得公式E 4 kQSr即场强的大小与两极板的距离无关，所以场强不变，质点将继续匀速直线运动，所以即场强的大小与两极板的距离无关，所以场强不变，质点将继续匀速直线运动，所以D D 错误。错误。故选故选 ACAC。8 8、BCBC【解析】【解析】A A在从在从 0.2m0.2m 上升到上升到 0.35m0.35m 范围内，范围内， E Ek k= = E EP P= =mgmg h h，图线的斜率绝对值为：，图线的斜率绝对值为：k Ek0.3 2N mgh0.350.2所以：所以：m m=0.2kg=0.2kg故故 A A 错误；错误；B B在在 E Ek k
35、- -h h 图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从 0.2m0.2m 上升到上升到 0.35m0.35m 范围内图象为直线，其余部范围内图象为直线，其余部分为曲线，说明滑块从分为曲线，说明滑块从 0.2m0.2m 上升到上升到 0.35m0.35m 范围内所受作用力为恒力，所示从范围内所受作用力为恒力，所示从 h h=0.2m=0.2m，滑块与弹簧分离，弹簧的原长，滑块与弹簧分离，弹簧的原长的的 0.2m0.2m。故。故 B B 正确；正确；C C根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，
36、所以根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以E Epmpm= =mgmg h h=0.2=0.21010（0.35-0.10.35-0.1）=0.5J=0.5J故故 C C 正确；正确；D D由图可知，当由图可知，当h h=0.18m=0.18m 时的动能最大；在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，时的动能最大；在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转
37、化和守恒可知E EPminPmin= =E E- -E Ekmkm= =E Epmpm+ +mghmgh- -E Ekmkm=0.5+0.2=0.5+0.210100.1-0.32=0.38J0.1-0.32=0.38J故故 D D 错误；错误；故选故选 BCBC。9 9、ADEADE【解析】【解析】B B由于两列波在同一介质中传播，因此两列波传播速度大小相同，故由于两列波在同一介质中传播，因此两列波传播速度大小相同，故 B B 错误；错误；A A由图可知，甲波的波长由图可知，甲波的波长 1 1=4cm=4cm，乙波的波长，乙波的波长 2 2=8cm=8cm，由，由 v v= f f 可知，甲
38、波和乙波的频率之比为可知，甲波和乙波的频率之比为 2 21 1，又甲波的频，又甲波的频率为率为 2Hz2Hz，所以乙波的频率为，所以乙波的频率为 1Hz1Hz，故，故 A A 正确；正确；C C由于两列波的频率不相等，因此两列波在相遇区域不会发生稳定的干涉现象，故由于两列波的频率不相等，因此两列波在相遇区域不会发生稳定的干涉现象，故C C 错误；错误；D D由质点的振动方向与波的传播方向的关系可知，两列波在平衡位置为由质点的振动方向与波的传播方向的关系可知，两列波在平衡位置为 x x=4cm=4cm 处的质点引起的振动都是向下的，根处的质点引起的振动都是向下的，根据叠加原理可知该质点的振动方向
39、沿据叠加原理可知该质点的振动方向沿 y y 轴的负方向，故轴的负方向，故 D D 正确；正确；E E从从 t t=0=0 时刻起再经过时刻起再经过 0.25s0.25s，甲波在平衡位置为，甲波在平衡位置为 x x=6cm=6cm 处的位移为零，乙波在平衡位置为处的位移为零，乙波在平衡位置为 x x=6cm=6cm 处的位移也为零，处的位移也为零，根据叠加原理可知该质点处在平衡位置，故根据叠加原理可知该质点处在平衡位置，故 E E 正确。正确。故选故选 ADEADE。1010、BDBD【解析】【解析】A A由右手定则判断可知由右手定则判断可知 abab 中电流的方向为从中电流的方向为从 b b
40、向向 a a，故，故 A A 错误；错误；B B由法拉第电磁感应定律得由法拉第电磁感应定律得 abab 棒产生的感应电动势为棒产生的感应电动势为E Blv0.40.510V 2V由欧姆定律棒两端的电压由欧姆定律棒两端的电压U E2R 3V 1.5VR+r31故故 B B 正确；正确；CDCD对于棒减速运动过程，根据能量守恒定律得，回路中产生的总热量为对于棒减速运动过程，根据能量守恒定律得，回路中产生的总热量为11Q mv21102J 50J22定值电阻定值电阻 R R 的发出热量为的发出热量为QR=RQ 37.5JRr故故 C C 错误，错误，D D 正确。正确。故选故选 BDBD。三、实验题
41、：本题共三、实验题：本题共 2 2 小题，共小题，共 1818 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1111、0.2040.204不变不变1.201.20【解析】【解析】(1)1(1)1由题图乙可知，小铁块所受滑动摩擦力由题图乙可知，小铁块所受滑动摩擦力f 1.0N，由，由f mg解得小铁块与长木板之间的动摩擦因数解得小铁块与长木板之间的动摩擦因数= 0.204.0.204.(2)2(2)2由于摩擦力与小铁块运动的速度无关，所以随着速度的增加，小铁块受到的摩擦力不变。由于摩擦力与小铁块运动的速度无关，所以随着速度的增加
42、，小铁块受到的摩擦力不变。(3)3(3)3由题图乙可知，小铁块所受的最大静摩擦力由题图乙可知，小铁块所受的最大静摩擦力fmax1.20N所以至少需要所以至少需要 1.20N1.20N 的推力才能推动小铁块。的推力才能推动小铁块。1212、B BD D右右4.794.79小于小于【解析】【解析】（1 1）1212因因3V=0.6A5所以电流表应选所以电流表应选 B B，因为电源电动势只有，因为电源电动势只有 4.5V4.5V，所以电压表应选，所以电压表应选 D D。（2 2）33因为电流表内阻较大，所以电流表外接，电路连接如图所示因为电流表内阻较大，所以电流表外接，电路连接如图所示（3 3）44
43、当滑动变阻器的滑片在左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为当滑动变阻器的滑片在左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0 0，所以开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于，所以开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最右端。最右端。（4 4）5656题图乙中电压表示数为题图乙中电压表示数为 2.30V2.30V，电流表示数为，电流表示数为 0.48A0.48A，所以电阻的测量值，所以电阻的测量值R 2.30 4.790.48由于电压表有分流，故电阻的测量值偏小。由于电压表有分流，故电阻的测量值偏小。四、计算题：本题共四、计算题：本题共2 2 小题，共小题，共2626 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要
44、的文字说明、方程式和演算分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。步骤。1313、 （1 1）14N14N； （2 2）5s5s【解析】【解析】(1)(1)由由 v vt t 图象知加速运动的加速度图象知加速运动的加速度a a1 1v0.8m/s0.8m/s2 2t减速运动的加速度大小为减速运动的加速度大小为a2v2m/s2m/s2 2t加速阶段加速阶段Fmgma1减速阶段减速阶段mgma2解得解得F F14N14N(2)(2)设加速运动的位移为设加速运动的位移为 x x1 1，总位移为，总位移为 x x，由动能定理得，由动能定理得Fx1mgx0 x1解得解
45、得t t1 15s5s1414、 （1 1）6cm6cm（2 2）420K420K（3 3）6cm6cm，4cm4cm【解析】【解析】(1)(1)由于左边由于左边 ABAB 管内水银柱长是管内水银柱长是 2cm2cm，所以右边，所以右边 CDCD 管内水银柱长也是管内水银柱长也是 2cm2cm。右边水银柱总长度为：右边水银柱总长度为：14-2-8+2=6cm14-2-8+2=6cm。(2)(2)由于：由于：p1 p0gh1 762 78cmHg12a1t12当左边的水银恰好全部进入竖直管当左边的水银恰好全部进入竖直管 ABAB 内时，内时，p1 p0g(h1l1) 7622 80cmHg，设管
46、截面积为设管截面积为 S S，则：，则：V1 8S，V212S；由理想气体状态方程：由理想气体状态方程：p1V1p2V2，代入数据有，代入数据有T1T2788S8012S，273T2得：得：T2 420K K(3)(3)由于：由于：p3 p280cmHgcmHg，由理想气体状态方程：由理想气体状态方程：p1V1p3V3，代入数据有，代入数据有T1T3788S80l3S，273490得：得：l314cmcm，左边竖直管左边竖直管 ABAB 内水银柱上表面高度为内水银柱上表面高度为 6cm6cm，右边竖直管右边竖直管 CDCD 内水银柱上表面高度为内水银柱上表面高度为 4cm4cm。1515、4p032LS，T0 300K；V1 LS；3【解析】【解析】活塞移动时气体做等压变化，当刚至最右端时活塞移动时气体做等压变化，当刚至最右端时V0由盖萨克定律可知由盖萨克定律可知V0V1T0T1解得解得T1 450K活塞至最右端后，气体做等容变化；活塞至最右端后，气体做等容变化；T1 450K；p1 p0；T2 600K. .由查理定律有由查理定律有p1p2T1T2解得解得p24p03