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1、精选优质文档-倾情为你奉上绝密启用前2019年高考全国I卷猜题卷（十） 理科综合物理试题（考试时间：60分钟 试卷满分：110分）注意事项：1本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答第卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3回答第卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4测试范围：高考物理全部内容。第卷一、选择题：本题共8个小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项
2、符合题目要求，第68有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.如图所示，固定斜面的倾角53，一物块在水平向右的拉力F作用下沿着斜面向下做匀速直线运动若保持拉力大小不变，方向改为沿斜面向上，物块也恰好沿斜面向下做匀速直线运动(已知sin 530.8，cos 530.6)物块与斜面间的动摩擦因数为()A0.2B0.3C0.4 D0.52.如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧的一端与物块相连，另一端固定在固定斜面体顶端，弹簧与斜面平行当物块位于斜面上A、B两点时，物块恰能静止在斜面上当物块在A处时，弹簧处于拉伸状态且长度为L1，当物块在B处时，弹簧处于压缩状态且长
3、度为L2，已知物块与斜面间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力由以上信息可以求出() A物块与斜面间的动摩擦因数B物块与斜面间的最大静摩擦力C弹簧的原长D物块沿斜面方向的重力的分量3.如图所示，真空中A、B两个点电荷的电荷量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0若弹簧发生的均是弹性形变，则（）A保持Q不变，将q变为2q，平衡时弹簧的伸长量等于2x0B保持q不变，将Q变为2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x0C保持Q不变，将q变为q，平衡时弹簧的缩短量等于x0D保持q不变，将Q变为Q，平衡时弹簧的缩短量小于x04.如图，发电机的电动势e=678s
4、in100t V，变压器的副线圈匝数可调，触头P置于a处时，用户的用电器恰好得到220V的电压，R表示输电线的电阻下列说法正确的是（）A电流的频率为100HzB电压表V2的示数为220VC电压表V1的示数为678VD当用户的用电器功率增加时，要保持用户仍得到220V的电压，触头P应向上滑5.如图，在水平地面的平板小车上放一质量m=2kg的滑块，滑块与车上右侧挡板同连接水平的轻弹簧，小车在水平向右的力作用下以a=1m/s2的加速度做匀加速运动，运动过程中弹簧处于压缩状态，弹力为1N，滑块与小车保持相对静止，现减小外力使小车的加速度逐渐减小到零，则 A. 弹簧的弹力逐渐减少B. 滑块受到的摩擦力保
5、持不变C. 当小车加速度为零时，滑块不受摩擦力作用D. 滑块与小车仍保持相对静止 6.在超市中，小张沿水平方向推着质量为m的购物车乘匀速上升的自动扶梯上楼，如图所示假设小张、购物车、自动扶梯间保持相对静止，自动扶梯的倾角为30，小张的质量为M，小张与扶梯间的摩擦因数为，小车与扶梯间的摩擦忽略不计则()A小张对购物车推力大小为mgtan 30B小张和车对扶梯的摩擦力大小为(Mm)gsin 30，方向沿斜面向下C扶梯对小张和车的摩擦力大小为(Mm)gcos 30，方向沿斜面向上D小张对车的推力和车对小张的推力大小必相等，这是因为人和车均处于平衡状态7.北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星两种
6、卫星组成，这两种卫星正常运行时（）A低轨卫星和地球同步卫星的轨道平面一定重合B低轨卫星的环绕速率不可能大于7.9km/sC地球同步卫星比低轨卫星的转动周期大D低轨卫星和地球同步卫星，可能具有相同的角速度8.如图所示，在、两个区域内存在磁感应强度大小均为B的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，AD、AC边界的夹角DAC30，边界AC与边界MN平行，区磁场右边界距A点无限远，区域宽度为d，长度无限大质量为m、带电荷量为q的正粒子可在边界AD上的不同点射入，入射速度垂直于AD且垂直于磁场，若入射速度大小为，不计粒子重力，则()A粒子距A点0.5d处射入，不会进入区B粒子在磁场区域内运动的最长
7、时间为C粒子在磁场区域内运动的最短时间为D从MN边界出射粒子的区域长为(1)d第卷二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共47分。 9.（6分）某同学利用气垫导轨和数字计时器，探究轻弹簧弹性势能与形变量的关系。 如图所示，气垫导轨上有很多小孔，气泵输入压缩空气，从小孔中喷出，会使质量为0.5kg滑块与导轨之间有一层薄的空气，使二者不接触从而大大减小阻力。一端固定有轻弹簧的滑块在导轨上滑行，当通过数字计时器时，遮光片挡住光源，与光敏管相连的电子电路就会记录遮光时间t。 （1）接通气泵，调节气垫
8、导轨左端高度，轻推滑块，使其刚好能够匀速运动，说明气垫导轨已经水平：（2）使用10分度游标卡尺测量滑块上遮光片宽度如图乙所示，读出其宽d= cm;（3）压缩弹簧记录其压缩量；（4）释放滑块，滑块离开弹簧后通过数字计时器，计时器显示时间t；（5）多次重复步骤（3）和（4），将数据记录到数据表格中，并计算出滑块相应的动能；（6）由机械能守恒定律可知，滑块的动能等于释放滑块时弹簧的势能：（7）表格中弹簧压缩量为5.00cm时，其动能为 J（结果要求三位有效数字）；（8）由表格中数据可知，弹簧的弹性势能与其形变量的关系为 。10.（9分）某科研小组要用伏安法测量磁流体发电机的电动势和内阻，所用器材如图
9、所示，其中，长方体表示磁流体发电机的发电导管，其前后两个侧面是绝缘体，上下两表面是电阻不计的导体薄片，薄片上分别焊接一个接线柱匀强磁场垂直于前后两个侧面，含有正，负离子的高速流体在发电导管内向右匀速流动，两个接线柱间形成稳定的电势差发电导管的接线柱电势高(选填“上”或“下”)在图中用笔连线代替导线，把电路元件连接起来以达实验目的连接好电路后，调节滑动变阻器，记录多组电流表示数I和对应的电压表示数U的数据，在UI坐标系中描点如图所示根据描出的点作出UI图线，并由图线求出磁流体发电机的电动势E=V；内阻r=该小组利用求出的内阻r来研究流体的导电特性，首先测量了长方体发电导管的各边长度分别为d1，d
10、2，d3，如上图所示，然后根据电阻定律r=求流体的电阻率，则公式中的电阻长度l=，S=.(用d1，d2，d3表示)11.（12分）如图所示，质量M=4kg的滑板B静止放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端C到滑板左端的距离L=0.5m，这段滑板与木块A（可视为质点）之间的动摩擦因数=0.2，而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上表面光滑小木块A以速度v0=10m/s由滑板B左端开始沿滑板B表面向右运动已知木块A的质量m=1kg，g取10m/s2求：（1）弹簧被压缩到最短时木块A的速度；（2）木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能12.（20分）如图，半径为a的内圆A是电子发
11、射器，其金属圆周表圆各处可沿纸面内的任意方向发射速率为v的电子；外圆C为与A同心的金属网，半径为a。不考虑静电感应及电子的重力和电子间的相互作用，已知电子质量为m，电量为e。 (1)为使从C射出的电子速率达到3v，C、A间应加多大的电压U；(2)C、A间不加电压，而加垂直于纸面向里的匀强磁场。若沿A径向射出的电子恰好不从C射出，求该电子第一次回到A时，在磁场中运动的时间t；为使所有电子都不从C射出，所加磁场磁感应强度B应多大。（二）选考题：共15分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。13.【物理选修3-3：热学】（15分）（1）(5分)如图所示，一定质量的理想气体从
12、状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到状态a.下列说法正确的是()(填正确选项前的字母，选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)A在过程ab中气体的内能增加B在过程ca中外界对气体做功C在过程ab中气体对外界做功D在过程bc中气体从外界吸收热量E在过程ca中气体从外界吸收热量(2)(10分)某登山运动员在一次攀登珠穆朗玛峰的过程中，在接近山顶时他裸露在手腕上的防水手表的表盘玻璃突然爆裂了，而手表没有受到任何撞击该手表出厂时给出的参数为：27 时表内气体压强为1.0105 Pa(常温下的大气压强值)，
13、当内外压强差超过6.0104 Pa时表盘玻璃将爆裂当时登山运动员携带的温度计的读数是21 ，表内气体体积的变化可忽略不计(i)通过计算判断手表的表盘玻璃是向外爆裂还是向内爆裂？(ii)当时外界的大气压强为多少？14.【物理选修3-4：光学】（15分）(1)（5分）一列简谐横波沿直线传播，该直线上平衡位置相距9 m的a、b两质点的振动图象如图所示，下列描述该波的图象可能正确的是()(2)(10分)有一腰长是16 cm的等腰直角三棱镜，为了测定它的折射率，先把三棱镜的一个端面放在铺好白纸的桌面上，用铅笔画出它的轮廓线ABOA，如图所示，从OB上的C点观察A，发现A的位置在OA上的D处，测得DC12
14、 cm，OD9 cm.求：(i)此三棱镜的折射率；(ii)光在三棱镜中传播的速度绝密启用前2019年高考全国I卷猜题卷（十） 理科综合物理试题 参考答案及解析专心-专注-专业第卷一、选择题：本题共8个小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.【答案】D【解析】当拉力水平向右时，对物体：mgsin 53Fcos 53(mgcos 53Fsin 53)；当拉力沿斜面向上时：Fmgcos 53mg sin 53；联立解得0.5；故选D.2.【答案】B【解析】当物块在A处时，
15、k(L1L0)mgsin Ffm，当物块在B处时，k(L0L2)mgsin Ffm，两式相加得：Ffm，即可以求出物块与斜面间的最大静摩擦力，故B正确，A、C、D错误故选B.3.【答案】B【解析】【考点】库仑定律【分析】根据库仑定律及胡克定律列式分析，电荷量变化，库仑力变化，两球的距离变化，弹力变化，根据平衡条件列方程计算即可【解答】解：设弹簧的劲度系数为K，原长为x当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0，则有：Kx0=kA、保持Q不变，将q变为2q时，平衡时有：Kx1=k由解得：x12x0，故A错误；B、同理可以得到保持q不变，将Q变为2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x0，故B正确；C、保持q不变，
16、将Q变为Q，如果缩短量等于x0，则静电力大于弹力，故会进一步吸引，故平衡时弹簧的缩短量大于x0，故C错误；D、保持Q不变，将q变为q，如果缩短量等于x0，则静电力大于弹力，故会进一步吸引，故平衡时弹簧的缩短量大于x0，故D错误故选：B。4.【答案】D【解析】【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率【分析】变压器只改变电压，不会改变频率，副线圈两端的电压等于用户电压和输电线路损失电压之和；由变压器原副线圈电压之比等于匝数之比即可比较【解答】解：A、变压器只改变电压，不会改变频率，故频率为f=50HZ，故A错误；B、电压表的示数为用户和输电线路上损失的电压值和大于220V，故B错误；C、电压表测量
17、的是有效值，故示数为U=，故C错误；D、当用户功率增大时，由P=UI可知，输电线路上的电流增大，故损失电压增大，用户得到的电压将减小，要保持用户仍得到220V的电压，必须使变压器副线圈两端电压增大，故由可知触头P应向上滑，故D正确；故选：D5.【答案】D【解析】【分析】根据牛顿第二定律，计算开始摩擦力的大小，则可知最大静摩擦力的范围。加速度变化，根据牛顿第二定律得出摩擦力的变化根据摩擦力是否大于最大静摩擦力判断滑块和小车是否相对静止。【详解】AB. 设滑块受到的摩擦力为f，弹簧的弹力为N。根据牛顿第二定律：f-N=ma，开始时f=3N，加速度逐渐减小到零，摩擦力逐渐减小到1N，弹力不变，故A错
18、误，B错误；C. 当小车加速度为零时，滑块受到的摩擦力减小到1N，故C错误；D.开始时f=3N，最大静摩擦力大于等于3N，由于整个过程摩擦力小于3N，滑块与小车仍保持相对静止，故D正确。故选：D6.【答案】AB【解析】对购物车受力分析如图甲，则Fcos 30mgsin 30，即Fmgtan 30，故A正确；对小张和车整体受力分析如图乙，则f(Mm)gsin 30，即扶梯对小张的摩擦力大小是(Mm)gsin 30，方向沿斜面向上；根据牛顿第三定律，小张对扶梯的摩擦力大小为(Mm)gsin 30，方向沿斜面向下，故B正确，C错误小张对车的推力和车对小张的推力是相互作用力，大小必相等，与人和车处不处
19、于平衡状态无关，故D错误7.【答案】BC【解析】【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、周期与轨道半径的关系，从而进行判断【解答】解：A、低轨卫星和地球同步卫星的轨道平面不一定重合，故A错误；B、根据=m得，v=，第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，所以低轨卫星的线速度不可能大于第一宇宙速度7.9km/s故B正确；C、根据地球卫星万有引力提供向心力=m=m2r；T=2，=，所以地球同步卫星比低轨卫星的转动周期大，低轨卫星的角速度比地球同步卫星角速度大，故C正确，D错误；故选：BC8.【答案】BD【解析】粒子做匀速圆周运动，洛伦
20、兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：qvBm得：rd，画出恰好不进入区的临界轨迹，如图甲所示：结合几何关系，有：AO2r2d；故从距A点0.5d处射入，会进入区，故A错误；粒子在磁场中转过的最大的圆心角为180，即在区内运动的轨迹为半个圆周，故最长时间为t，故B正确；从A点进入的粒子在磁场中运动的轨迹最短(弦长也最短)，时间最短，轨迹如图乙所示：轨迹对应的圆心角为60，故时间为：t，故C错误；临界轨迹情况如图丙所示：根据几何关系可得从MN边界出射粒子的区域长为lr(1)d，故D正确故选：BD第卷二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314
21、题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共47分。 9.（6分）【答案】（2）1.15 （2分）（7）0.250（2分） （8）弹簧的弹性势能与其形变量的平方成正比（2分）【解析】（2）游标卡尺主尺读数为11cm，游标尺读数为50.1mm，所以测量值11.5mm=1.15cm(7)由图知，滑块的速度m/s，动能；（8）根据能量守恒定律知，滑块的动能等于弹簧上的弹性势能，根据表格数据可得：弹簧的势能与其型变量的平方成正比。10.（9分）【答案】下；（2分）如图所示；（2分）如图所示；3.5；2.5；（3分）d1；d2d3（2分）【解析】由左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力向下，下极板聚集正电
22、荷，上极板聚集负电荷，下极板电势高 伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实验电路图如图所示：根据坐标系内描出的点作出图象，图象如图所示：由图象可知，图象与纵轴交点坐标值是3.5，则电源电动势E=3.5V， 电源内阻r=2.5 由图1所示可知，电阻率公式中的电阻长度l=d1，横截面积S=d2d311.（12分）【答案】（1）弹簧被压缩到最短时木块A的速度为2m/s；（6分）（2）木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能为39J（6分）【解析】【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】（1）A、B组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出木块
23、A的速度（2）在整个过程中，系统机械能守恒，由能量守恒定律（或机械能守恒定律）可以求出弹簧的弹性势能【解答】解：（1）弹簧被压缩到最短时，木块A与滑板B具有相同的速度，设为v，从木块A开始沿滑板B表面向右运动至弹簧被压缩到最短的过程中，A、B系统的动量守恒：mv0=（M+m）v解得v=v0代入数据得木块A的速度v=2 m/s（2）木块A压缩弹簧过程中，弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大由能量关系，最大弹性势能Ep=mv02（m+M）v2mgL代入数据得Ep=39 J12.（20分）【答案】（1） （4分）（2） （8分） （8分）【解析】（1）根据动能定理可求C、A间的电压；（2）做出沿A
24、径向射出的电子恰好不从C射出的轨迹，根据几何关系可求圆弧对应的圆心角，根据周期可求电子在在磁场中运动的时间；沿A切线射出的电子不从A射出，所有电子都不从C射出，做出轨迹，根据半径间的关系，结合电子在磁场中的半径，可求磁感应强度的最小值。【详解】（1）对电子经C、A间的电场加速时，由动能定理得 得（2）电子在C、A间磁场中运动轨迹与金属网相切。轨迹如图所示： 设此轨迹圆的半径为r，则又T= 得tan= 故=60所以电子在磁场中运动的时间 得若沿切线方向射出的电子轨迹恰好与金属网C相切。则所有电子都不从C射出，轨迹如图所示： 又 得B= 所以（二）选考题：共15分。请考生从2道题中任选一题作答。如
25、果多做，则按所做的第一题计分。13.【物理选修3-3：热学】（15分）【答案】（1）（5分）ABD（2）（10分）(i)向外爆裂(ii)2.4104Pa【解析】(1)ab过程是等容变化，ab过程压强增大，温度升高，气体内能增大，选项A正确；而由于体积不变，气体对外界不做功，选项C错误ca过程是等压变化，体积减小，外界对气体做功，选项B正确；体积减小过程中，温度降低，内能减小，气体要放出热量，选项E错误bc过程是等温变化，内能不变，体积增大，气体对外界做功，则需要吸收热量，选项D正确故选：ABD（2）(1)以表内气体为研究对象，初状态：p11.0105Pa，T127327300 K末状态：压强为
26、p2，T2273 K21 K252 K根据查理定律，有，解得p28.4104Pa如果手表的表盘玻璃是向内爆裂的，则外界的大气压强至少为p0p2p8.4104 Pa6.0104 Pa1.44105 Pa.大于山脚下的大气压强(即常温下大气压强)，这显然是不可能的，所以可判断手表的表盘玻璃是向外爆裂的(2)当时外界的大气压强为p1p2p8.4104 Pa6.0104 Pa2.4104 Pa.14.【物理选修3-4：光学】（15分）【答案】（1）（5分）AC；（2）（10分）(i)(ii)2.25108m/s【解析】(1)该波若是由a向b传播，则需满足n9 m(n0,1,2,3)即的值可能为36 m， m,4 m该波若是由b向a传播，则满足n9 m(n0,1,2,3)即的值可能为12 m， m， m综上所述该波的图象可能为A、C.(2)(i)作出光路图如图所示由几何关系得sin i，sin r.所以折射率n.(ii)光在三棱镜中传播的速度v2.25108m/s.