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1、精选优质文档-倾情为你奉上高中物理必修第3册第十三章 电磁感应与电磁波试卷复习练习(Word版 含答案)一、第十三章 电磁感应与电磁波初步选择题易错题培优（难）1如图为两形状完全相同的金属环A、B平行竖直的固定在绝缘水平面上，且两圆环的圆心Ol、O2的连线为一条水平线，其中M、N、P为该连线上的三点，相邻两点间的距离满足MOl=O1N=NO2 =O2P当两金属环中通有从左向右看逆时针方向的大小相等的电流时，经测量可得M点的磁感应强度大小为B1、N点的磁感应强度大小为B2，如果将右侧的金属环B取走，P点的磁感应强度大小应为ABCD【答案】B【解析】对于图中单个环形电流，根据安培定则，其在轴线上的
2、磁场方向均是向左，故P点的磁场方向也是向左的.设，设单个环形电流在距离中点l位置的磁感应强度为，在距离中点3l位置的磁感应强度为，故M点磁感应强度，N点磁感应强度，当拿走金属环B后，P点磁感应强度，B正确；故选B.【点睛】本题研究矢量的叠加合成(力的合成，加速度，速度，位移，电场强度，磁感应强度等)，满足平行四边形定则；掌握特殊的方法（对称法、微元法、补偿法等）2如图所示，通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别静止在螺线管的左右两侧，现使滑动变阻器的滑动触头向左滑动，则ab和cd棒的运动情况是()Aab向左运动，cd向右运动Bab向
3、右运动，cd向左运动Cab、cd都向右运动Dab、cd保持静止【答案】A【解析】【分析】【详解】由安培定则可知螺线管中磁感线方向向上，金属棒ab、cd处的磁感线方向均向下，当滑动触头向左滑动时，螺线管中电流增大，因此磁场变强，即磁感应强度变大，回路中的磁通量增大，由楞次定律知，感应电流方向为acdba，由左手定则知ab受安培力方向向左，cd受安培力方向向右，故ab向左运动，cd向右运动； A. ab向左运动，cd向右运动，与结果一致，故A正确；B. ab向右运动，cd向左运动，与结果不一致，故B错误；C. ab、cd都向右运动，与结果不一致，故C错误；D. ab、cd保持静止，与结果不一致，故
4、D错误；3如图所示，三根相互平行的固定长直导线、和垂直纸面如图放置，与坐标原点分别位于边长为a的正方形的四个点上， 与中的电流均为I，方向均垂直于纸面向外， 中的电流为2I，方向垂直纸面向里（已知电流为I的长直导线产生的磁场中，距导线r处的磁感应强度（其中k为常数）某时刻有一质子（电量为e）正好沿与x轴正方向成45斜向上经过原点O，速度大小为v，则质子此时所受磁场力为( )A方向垂直纸面向里，大小为B方向垂直纸面向外，大小为C方向垂直纸面向里，大小为D方向垂直纸面向外，大小为【答案】B【解析】【详解】根据安培定则，作出三根导线分别在O点的磁场方向，如图：由题意知，L1在O点产生的磁感应强度大小
5、为B1，L2在O点产生的磁感应强度大小为B2，L3在O点产生的磁感应强度大小为B3，先将B2正交分解，则沿x轴负方向的分量为B2xsin45 ，同理沿y轴负方向的分量为B2ysin45，故x轴方向的合磁感应强度为BxB1+B2x，y轴方向的合磁感应强度为ByB3B2y，故最终的合磁感应强度的大小为，方向为tan1，则=45，如图：故某时刻有一质子（电量为e）正好沿与x轴正方向成45斜向上经过原点O，由左手定则可知，洛伦兹力的方向为垂直纸面向外，大小为feBv，故B正确; 故选B【点睛】磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提.4分子运动
6、看不见、摸不着，不好研究，但科学家可以通过研究墨水的扩散现象认识它，这种方法在科学上叫做“转换法”，下面是小红同学在学习中遇到的四个研究实例，其中采取的方法与刚才研究分子运动的方法相同的是（）A研究电流、电压和电阻关系时，先使电阻不变去研究电流与电压的关系；然后再让电压不变去研究电流与电阻的关系B用磁感线去研究磁场问题C研究电流时，将它比做水流D电流看不见、摸不着，判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光去确定【答案】D【解析】【分析】【详解】A这种研究方法叫控制变量法，让一个量发生变化，其它量不变，A错误；B用磁感线去研究磁场问题的方法是建立模型法，使抽象的问题具体化，B错误C
7、将电流比做水流，这是类比法，C错误D判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光去确定，即将电流的有无转化为灯泡是否发光，故是转化法，D正确。故选D。5正三角形ABC在纸面内，在顶点B、C处分别有垂直纸面的长直导线，通有方向如图所示、大小相等的电流，正方形abcd也在纸面内，A点为正方形对角线的交点，ac连线与BC平行，要使A点处的磁感应强度为零，可行的措施是A在a点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面向外B在b点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面向里C在c点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面向外D在d点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面
8、向里【答案】A【解析】【详解】由图可知，B导线中方向向里，C导线中方向向外，根据安培定则知两导线在a点处的磁感应强度方向夹角为120，合磁感应强度如图所示：要使A点处的磁感应强度为零，则：A.在a点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面向外，根据安培定则可知a在A点产生的磁场方向向上，A点处的磁感应强度可能为零，故A正确；B.在b点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面向里，根据安培定则可知b在A点产生的磁场方向向左，A点处的磁感应强度不可能为零，故B错误；C.在c点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面向外，根据安培定则可知c在A点产生的磁场方向向下，A点处的磁感应强
9、度不可能为零，故C错误；D.在d点加一个垂直纸面的通电长直导线，电流方向垂直纸面向里，根据安培定则可知b在A点产生的磁场方向向右，A点处的磁感应强度不可能为零，故D错误。6降噪耳机越来越受到年轻人的喜爱某型号降噪耳机工作原理如图所示，降噪过程包括如下几个环节：首先，由安置于耳机内的微型麦克风采集耳朵能听到的环境中的中、低频噪声（比如 100Hz1000Hz）；接下来，将噪声信号传至降噪电路，降噪电路对环境噪声进行实时分析、运算等处理工作；在降噪电路处理完成后，通过扬声器向外发出与噪声相位相反、振幅相同的声波来抵消噪声；最后，我们的耳朵就会感觉到噪声减弱甚至消失了对于该降噪耳机的下述说法中，正确
10、的有A该耳机正常使用时，降噪电路发出的声波与周围环境的噪声能够完全抵消B该耳机正常使用时，该降噪耳机能够消除来自周围环境中所有频率的噪声C如果降噪电路能处理的噪声频谱宽度变小，则该耳机降噪效果一定会更好D如果降噪电路处理信息的速度大幅度变慢，则耳机使用者可能会听到更强的噪声【答案】D【解析】【分析】【详解】AB因周围环境产生的噪声频率在100Hz1000Hz范围之内，而降噪电路只能发出某一种与噪声相位相反、振幅相同的声波来抵消噪声，所以降噪电路发出的声波与周围环境的噪声不能够完全抵消，即不能完全消除来自周围环境中所有频率的噪声，选项AB错误；C如果降噪电路能处理的噪声频谱宽度变大，则该耳机降噪
11、效果一定会更好，选项C错误；D如果降噪电路处理信息的速度大幅度变慢，则在降噪电路处理完成后，通过扬声器可能会向外发出与噪声相位相同、振幅相同的声波来加强噪声，则耳机使用者可能会听到更强的噪声，选项D正确；故选D.7如图所示，真空中两个等量异种点电荷q(q0)和-q以相同角速度绕O点在纸面中沿逆时针方向匀速转动，O点离q较近，则()AO点的磁感应强度方向始终垂直纸面向外BO点的磁感应强度方向始终垂直纸面向里CO点的磁感应强度方向随时间周期性变化DO点的磁感应强度大小随时间周期性变化【答案】A【解析】【详解】点电荷q绕O点匀速转动，相当于逆时针方向的环形电流，由安培定则可知，在O点产生磁场的磁感应
12、强度方向垂直纸面向外；点电荷q绕O点匀速转动，相当于顺时针方向的环形电流，由安培定则可知，在O点产生磁场的磁感应强度方向垂直纸面向里因q离O点近，q在O点激发的磁场的磁感应强度较强，故合磁场的磁感应强度方向垂直纸面向外，选项A正确，B、C错误；由于q和q离O点的距离始终保持不变，则等效电流在该点产生的磁感应强度大小不变，合磁场的磁感应强度大小保持不变，选项D错误8如图所示，把两个完全一样的环形线圈互相垂直地放置，它们的圆心位于一个共同点O上，当通以相同大小的电流时，O点处的磁感应强度与一个线圈单独产生的磁感应强度大小之比是()A11B1C1D21【答案】B【解析】【详解】根据安培定则可知，竖直
13、方向的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为B，水平方向的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向竖直向上，大小为B，两者相互垂直，圆心O处的磁感强度的大小是，一个线圈单独产生的磁感应强度大小为B，则O点处的磁感应强度与一个线圈单独产生的磁感应强度大小之比，故B正确，A、C、D错误；故选B【点睛】该题是关于磁场的叠加问题，首先运用安培定则每个圆环在圆心O处产生的磁感应强度的方向，利用平行四边形定则进行矢量合成，即求出O处的磁感应强度大小9通电直导线在其周围形成的磁场中某一点的磁感应强度大小与电流的大小成正比，与该点到导线的垂直距离成反比如图所示，菱形ABCD在水平面内，O点为
14、菱形的中心，DAB60，在A、B、C三点垂直于水平面放置三根平行直导线，导线中电流的大小和方向均相同，则O点和D点处的磁感应强度方向的关系以及大小之比为( )A相反，12B相同，11C垂直，21D垂直，12【答案】B【解析】【详解】如图甲所示，A、C处导线在O点处产生的磁场的磁感应强度等大反向，矢量和为零，B处导线在O点处产生的磁场的磁感应强度沿OC方向，设菱形的边长为a，导线中的电流大小为I，则O点处的磁感应强度大小为如图乙所示，A、C处导线在D点处产生的磁场的磁感应强度的矢量和为，方向垂直BD向右，B处导线在D点处产生的磁场的磁感应强度方向垂直BD向右，大小为，因此D点处的磁感应强度方向垂
15、直BD向右，大小为，则O、D两点处的磁感应强度方向相同，大小之比为11，B正确10丹麦物理学家奥斯特在1820年通过实验发现电流磁效应，下列说法正确的是( )A奥斯特在实验中观察到电流磁效应，揭示了电磁感应定律B将直导线沿东西方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，小磁针一定会转动C将直导线沿南北方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，小磁针一定会转动D将直导线沿南北方向水平放置，把铜针(用铜制成的指针)放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，铜针一定会转动【答案】C【解析】【分析】【详解】奥斯特在实验中观察到了电流的磁效应，而法拉第发现了电磁感应定
16、律； 故A错误； 将直导线沿东西方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方时，小磁针所在位置的磁场方向可能与地磁场相同，故小磁针不一定会转动；故B错误； 将直导线沿南北方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，由于磁场沿东西方向，则小磁针一定会转动； 故C正确； 铜不具有磁性，故将导线放在上方不会受力的作用，故不会偏转；故D错误；故选C【点睛】本题考查电流的磁场的性质，要注意能明确电磁场方向的判断，并掌握小磁针受力方向为该点磁场的方向11如图所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框，在下列四种情况下，线框中会产生感应电流的是( )A线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中左右运动B线
17、框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中上下运动C线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线 AB 转动D线框绕位于线框平面内且与磁感线平行的轴线 CD 转动【答案】C【解析】【分析】【详解】产生感应电流的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化，ABD中线圈中的磁通量都不发生变化，只有C中闭合线圈的磁通量发生变化。故选：C。12如图甲所示，是某电磁泵的结构示意图，竖直面上的矩形铁芯留有缝隙，缝隙间垂直嵌入横截面为矩形的金属泵沟（泵沟是闭合的环形，图中只画出了一部份），泵沟与铁芯间绝缘，泵沟内是液态金属，它的左右侧接有电极图乙给出了绕组的绕线和整个电路的连接情况由此可判断，当接通交流电源后，泵沟内的液态金
18、属流动的情况是 图甲 图乙A始终由内流向外B始终由外流向内C内外来回流动D不会流动【答案】A【解析】【分析】【详解】线圈中接有交变电流，交变电产生交变磁场，交变磁场在泵沟内产生交变电场，当产生的交变磁场方向竖直向下在增大时，根据“麦克斯韦电磁场”理论可知，在泵沟中产生从上往下看逆时针的电场，在电场中形成逆时针的电流，所以液态金属流动方向从内流向外，同理可知，当产生的交变磁场方向竖直向上在增大时，液态金属流动方向从内流向外；故选A13已知在电流为I的长直导线产生的磁场中，距导线r处的磁感应强度大小为B=k，其中k为常量。现有四根平行的通电长直导线，其横截面恰好在一个边长为L的正方形的四个顶点上，
19、电流方向如图。其中a、c导线中的电流大小为I1，b、d导线中的电流大小为I2，已知此时b导线所受的安培力恰好为零。撤去b导线，在O处固定一长度为L、电流为I的通电导体棒e，电流方向垂直纸面向外，则下列说法正确的是（）Ab导线撤去前，电流的大小关系为I2=I1Bb导线撤去前，四根导线所受的安培力均为零Cb导线撤去后，导体棒e所受安培力方向为沿y轴负方向Db导线撤去后，导体棒e所受安培力大小为2kII2【答案】C【解析】【分析】【详解】b导线撤去前，各导线受力如图所示A由题意可知即得故A错误；B导线a所受的合力为故B错误；CD导线b撤去后，导线a、e间的磁场力与c、e间的磁场力大小相等，方向相反，
20、合力为0，导线d、e为同方向电流相互吸引，即导体棒e所受安培力方向为沿y轴负方向，大小为 故C正确，D错误。故选C。14如图所示，水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置，两直导线中的电流大小与变化情况完全相同，电流方向如图所示，当两直导线中的电流都增大时，四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是（ ）A线圈a中无感应电流B线圈b中有感应电流C线圈c中有感应电流D线圈d中无感应电流【答案】CD【解析】【分析】【详解】根据安培定则可判断出电流产生的磁场方向，线圈a中的磁场方向均垂直于纸面向里，线圈c中的磁场
21、方向均垂直于纸面向外，线圈b、d中的合磁通量始终为零，故增大两直导线中的电流时，线圈a、c中的磁通量发生变化，有感应电流产生，而线圈b、d中无感应电流产生，选项C、D正确，A、B错误15两根固定的相互平行的直导线A和B，相距为L，电流方向如图所示导线C用轻绳悬挂在AB导线的中间上方，距离AB为，三根导线通的电流都为下列说法正确的是（ ）A从上往下看导线C顺时针转动，同时绳子的张力变小B从上往下看导线C逆时针转动，同时绳子的张力变大C当C转到与A、B平行时A、B和C单位长度所受的磁场作用力大小之比为：1D当C转到与A、B平行时A、B和C单位长度所受的磁场作用力大小之比为1：1：1【答案】BD【解
22、析】AB、由右手螺旋定则可以判断C导线左侧的磁场方向从下往上，右侧从上往下，从而可判断C导线左侧受到向外的力右侧受到向里的力，从上往下看导线是逆时针转动；利用极限法可判断C导线转动到与AB平行时受到向下的安培力，所以过程中绳子张力变大；A错误，B正确，CD、转到与AB平行时，三根导线电流方向都是垂直纸面向里，所以A、B和C受到相互之间的磁场作用力大小相等，C错误，D正确故选BD二、第十三章 电磁感应与电磁波初步实验题易错题培优（难）16在探究感应电流方向的规律实验中（1）用试触的方法确定电流方向与电流计指针偏转方向的关系。如图(1)所示实验表明，如果电流从负接线柱流入指针将向_偏转（填左或右）
23、。（2）观察如图（2）所示的线圈绕线方向，若电流从A流入到B流出，从上向下看电流的方向为_（填顺时针或逆时针）。（3）用如图（3）所示的实验装置，若电流表指针向右偏转，则线圈中感应电流产生的磁场的方向_（填向上或向下）。用电流表观察感应电流的方向，然后判断感应电流的磁场方向，得到如下实验记录。磁铁的磁场方向向下向下向上向上磁铁的磁通量的变化增大减小增大减小感应电流的磁场方向向上向下向下向上由些得出下列判断中正确的是_A感应电流的磁场方向和磁铁的磁场方向一定相反B感应电流的磁场方向和磁铁的磁场方向一定相同C磁通量增大时，感应电流的磁场方向和磁铁的磁场方向一定相反D磁通量减小时，感应电流的磁场方向
24、和磁铁的磁场方向一定相反【答案】左 逆时针 向上 C 【解析】【分析】【详解】（1）1根据电流表指针偏转方向与电流方向间的关系为：当电流从“+”接线柱流入电流表时，指针向右偏转；如果电流从负接线柱流入指针将向左偏转；（2）2如题目图（2）所示的线圈绕线方向，若电流从A流入到B流出，从上向下看电流的方向为逆时针；（3）3用如题目图（3）所示的实验装置，若电流表指针向右偏转，那么从上向下看电流的方向逆时针，根据安培定则，则线圈中感应电流产生的磁场的方向向上。4由表中实验信息可知：当磁铁向上运动时，穿过闭合回路的磁通量减少，感应电流的磁场方向与原磁场方向相同；当磁铁向下运动时，穿过闭合回路的磁通量增
25、加，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，故ABD错误，C正确。17如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置。(1)将图中所缺的导线补接完整。（_）(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于_端（选填“左”或“右”）(3)下列能引起电流表指针偏转的操作是（_）A开关闭合或断开瞬间B开关闭合后，原线圈在副线圈中上下迅速移动C开关保持闭合，且不改变变阻器滑片的位置D断开开关，将变阻器的滑片向右移动【答案】电路图见解析 左 AB 【解析】【分析】【详解】(1)1将线圈B和电流计串联形成一个回路，将电键、滑动变阻器、电压、线圈A串联而成另一个回路即可，实物图如下所示(2)2闭合开关前，应使得滑动变阻器
26、阻值最大，即将滑动变阻器的滑片P置于最左端；(3)3A开关闭合或断开瞬间，通过线圈A的电流发生变化，则穿过线圈B的磁通量发生变化，则有感应电流产生，电流计指针偏转，选项A正确；B开关闭合后，原线圈在副线圈中上下迅速移动，则穿过线圈B的磁通量会发生变化，在线圈B中会有感应电流产生，电流计指针偏转，选项B正确；C开关保持闭合，且不改变变阻器滑片的位置，回路中电流不变，穿过线圈B的磁通量不变，不会产生感应电流，电流计指针不偏转，选项C错误；D断开开关，将变阻器的滑片向右移动，电路中电流总为零，穿过线圈B的磁通量不变，不会产生感应电流，电流计指针不偏转，选项D错误；故选AB。18如图所示为“研究电磁感
27、应现象”的实验装置。（1）将图中所缺的导线补接完整_；（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关，且在原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，电流计指针将_（填“向左偏”或“向右偏”）；滑片不动，将原线圈A迅速拔出副线圈B，电流计指针将_（填“向左偏”或“向右偏”）。【答案】 向左偏 向左偏 【解析】【分析】【详解】（1）1如图所示（2）23如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过线圈的磁通量增加，电流计指针向右偏；将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，线圈A中电流减小，穿过线圈的磁通量减小，电流计指针将向左偏；将原线圈迅速拔出副线圈时，穿过线
28、圈的磁通量减少，电流计指针将向左偏。19为了研究某导线的特性，某同学所做部分实验如下：（1）用螺旋测微器测出待测导线的直径，如图甲所示，则螺旋测微器的读数为_mm；（2）用多用电表直接测量一段导线的阻值，选用“10”倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择_倍率的电阻档（选填“1”或“100”），欧姆调零后再进行测量，示数如图乙所示，则测量值为_；（3）如图乙所示，线圈与电源、开关相连，直立在水平桌面上铁芯插在线圈中，质量较小的铝环套在铁芯上闭合开关的瞬间，铝环向上跳起来如果将电源的正、负极对调，闭合开关的瞬间，会观察到_的现象（填“同样”或“不同”）；先用手按住铝环，然后接通电源，
29、电流稳定后放手，铝环是否还会跳起_（填“会”或“不会“）【答案】0.645 1 22 同样 不会 【解析】【分析】【详解】（1）1由图可知，螺旋测微器的示数为d=0.5+14.50.01=0.645mm（2）23角度偏转太大，则说明示数太小，应换用小档位，故选用1档；由图可知，电阻值为221=22（3）45感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的原磁通量的变化，我们可以这样理解：当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反； 当原磁通量减少时，感应电流的磁场就与原来磁场的方向相同，即增反减同。题目中线圈上端与电源正极相连，闭合电键的瞬间，铝环向上跳起的原因是：闭合电键的瞬间线圈突然产生磁场
30、（假设磁场向上），通过铝环的磁通量突然（向上）增加，那么铝环中的感应电流就产生与原磁场方向相反的磁场（感应电流磁场向下）；因为原磁场与感应电流的磁场方向相反，相互排斥，所以铝环受到向上的斥力，所以铝环向上跳起若保持电建闭合，流过线圈的电流稳定，磁场不再发生变化，铝环中就没有感应电流，也就没有相互作用，铝环仅受重力作用，最后落回。如果电源的正、负极对调，观察到的现象还是不变，因为我们讨论时电流的正负极对整个力的作用过程没有影响；若先用手按住铝环，然后接通电源，电流稳定后放手，铝环不会跳起，原因是穿过线圈的磁通量不变。20如图，一长直铁芯上绕有固定线圈M，铁芯右侧悬挂一闭合金属环N，金属环与铁芯共
31、轴。将M接在如图所示的电路中，其中R为滑动变阻器，E1和E2为直流电源，S为单刀双掷开关。（1）请填写下列操作中金属环N的摆动方向_（选填“向左”、“向右”或“不动”）。操作环N摆动方向在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间_在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间_在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时_在S已向b闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时_在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向c端移动时_在S已向b闭合的情况下，断开S_（2）从上述实验现象中可以归纳出：使环N向右摆动的操作引起的共同变化有（请写出2个）_；_。【答案】向右 向右 向右 向右 向左 不动 电路中电流增大 穿过金属
32、环的磁通量增加（或通电螺线管M的磁场增强） 【解析】【详解】（1）1在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间，线圈M中的电流有无到有增大，磁场由无到有增强，通过金属环N的磁通量由无到有增大，相当于线圈M向金属环N靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向右摆动。2在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间，线圈M中的电流有无到有增大，磁场由无到有增强，通过金属环N的磁通量由无到有增大，相当于线圈M向金属环N靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向右摆动。3在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时，接入电路的电阻减小，电流增大，线圈M中的磁场增强，通过金属环N的磁通量增大，相当于线圈
33、M向金属环N靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向右摆动。4在S已向b闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时，接入电路的电阻减小，电流增大，线圈M中的磁场增强，通过金属环N的磁通量增大，相当于线圈M向金属环N靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向右摆动。5在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向c端移动时，接入电路的电阻变大，电流减小，线圈M中的磁场减弱，通过金属环N的磁通量减小，相当于线圈M远离金属环N，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环N将向左摆动。6在S已向b闭合的情况下，断开S后，线圈M中没有电流通过，无磁场，所以金属环N不动。（2）7 8从上述实验现象中可以归纳出：使环N向右摆动的操作引起的共同变化有电路中电流增大，穿过金属环的磁通量增加（或通电螺线管M的磁场增强）。专心-专注-专业