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1、学校：班级：姓名：考号：正确教育出品订线装物理江苏专版第2页（共 4 页）物理江苏专版第1页（共 4 页）2024 届高考物理考向核心卷物理（江苏专版）物理（江苏专版）【满分：100 分】一、选择题（共 11 题，每题 4 分，共 44 分。每题只有一个选项最符合题意。）1.甲车停在平直公路上，甲车后方的乙车以 6 m/s 的速度匀速行驶，当两车车头平齐时，甲车开始运动。从甲车运动开始计时，取乙车运动方向为正方向，甲车的加速度 a 随时间 t 变化的图像如图所示，乙车运动状态不变，不考虑 6 s 后两车的运动。下列说法正确的是（）A.t=4s时甲车的速度大小小于乙车的速度大小B.t=4s时两车
2、车头再次平齐C.0 6 s 内甲车的平均速度大小比乙车的平均速度大小大D.从t=0时起相同时间内，两车位移之差的最大值为 6 m2.如图所示，一轻质弹簧上端固定，下端悬挂一物块，静止时弹簧长度为原长的 2 倍。对物块施加外力，再次稳定后弹簧轴线与竖直方向成 60 角，则该情况下外力最小时弹簧长度与原长的比值为（）A.2 B.1.5C.3 D.23.一定质量的理想气体从状态 A 变化到状态 B，最后变化到状态 C，VT 图像如图所示。已知该气体在状态 B 时的压强为1.0 10 Pa5。下列说法正确的是（）A.状态 A 时的气体压强为2.0 10 Pa5B.AB过程气体吸热C.BC过程气体压强增
3、大D.BC过程气体对外做功 200 J4.如图所示，在圆形铁丝圈上附有一层肥皂液膜，将铁丝圈竖直放置在发出红色水平光线的光源右侧某位置，在地球表面，观察到的条纹间距为x，则下列判断正确的是（）A.该装置在地球表面时，液膜上可看到竖直直条纹B.将该装置放在空间站观察，液膜上可看到水平直条纹C.将该装置放在月球表面，观察到的条纹间距大于xD.仅将光源换为蓝色光源，液膜上的条纹间距增大5.某同学设计了一种测玻璃砖折射率的装置，如图所示，扇形 AOB 为玻璃砖的截面，OB 面水平，AO 面涂有水银，一束单色光以一定的入射角斜向下入射到最高点 C，折射光线照射在 AO 面上，调节光在 C 点的入射角，当
4、入射角为 时，AO 面的反射光线恰好水平。已知=AOC，则玻璃砖对光的折射率为（）A.sinsin B.sincosC.sin2sin D.cos2sin6.如图所示，竖直面内有一个固定的光滑圆弧轨道，半径为 R，O 为圆心，Q 为最低点，OP 与竖直方向夹角为。将小石子从过 O 点的水平线上某点水平向右抛出，调整 的大小和抛出点到 O点的距离，使小石子恰好无碰撞地从 P 点进入圆弧轨道。若 变大，下列说法正确的是（）A.小石子的初速度v0变大B.抛出点和 P 的连线与水平方向的夹角变小C.小石子到 P 点时重力的瞬时功率可能不变D.小石子到 Q 点时对轨道的压力变小06-3246t/sa/(
5、ms-2)7.一个未知星球 x 的密度与地球的密度相同，星球 x 与地球的半径之比为 1 4，假设卫星 A 与卫星 B 分别绕地球和未知星球 x 做匀速圆周运动，且两卫星的轨道半径相同，如图所示。则下列说法正确的是（）A.卫星 A 与卫星 B 的加速度大小之比为 4 1B.卫星 A 与卫星 B 的线速度大小之比为 2 1C.卫星 A 与卫星 B 的环绕周期之比为 1 8D.地球与星球 x 的第一宇宙速度大小之比为 1 48.今年夏天，食盐再次冲上热搜。食盐（NaCl）晶胞的部分结构如图所示，四个带电荷量为+e的钠离子和四个电荷量为e的氯离子分布在立方体的各个顶点。图中面 abcd 和面 ijm
6、n 为图示立方体的棱的中垂面，op、两点分别为图示立方体上、下表面的中心。取无穷远处电势为 零，则（）A.图中ab、两点的电势相等B.图中ab、两点的场强相同C.沿图中 op 线段，电场强度大小先减小后增大D.沿图中 op 线段，电势先减小后增大9.在农耕时代，人们常常将一根结实的绳索两端连着两个质量相差较大的石锤用来夯实地基，其简化模型如图所示，轻质定滑轮固定在横梁上，绳与滑轮间的摩擦不计。物块 A、B 从高为 h 的地方由静止释放，它们在运动过程中所受阻力大小恒定，均为各自重力的101，重力加速度为g AB,、质量满足mmmBA=44，A 不会与滑轮相碰，B在2t时间内不会碰到地面，则0
7、2t时间内（）A.B 减少的机械能为1.6mg t2 2 B.A 增加的机械能为1.5mg t2 2C.A、B 增加的总动能为2mg t2 2 D.系统减少的机械能为0.3mg t2 210.在足够大的光滑绝缘水平桌面上存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为 B，三个质量均为m 的液滴abc、位于桌面上一直角三角形的三个顶点处，直角三角形的一个锐角为 30，所对边 bc 长度为L ab,为斜边，液滴 a 的电荷量为+q，液滴bc、不带电，给液滴 a 一个垂直斜边 ab 的初速度v0，若液滴abc、相互碰撞后可合在一起，且带电荷量保持不变，液滴 a 与液滴 b 恰好能发生碰撞，则下列判断正确的
8、是（）A.液滴 a 的初速度v0=2BqLmB.液滴 a 与 b 碰撞后再运动23Bqm的时间与液滴 c 发生碰撞C.液滴 a 与 b 碰撞后不可能再与液滴 c 发生碰撞D.液滴不能再回到出发点11.如图（a）所示为一理想变压器，原线圈串联一理想电流表，副线圈并联一定值电阻 R，且 a、b 端输入交变电流，c、d端为输出端，在a、b端输入图（b）中实线或虚线所示的交变电流，则（）图（a）图（b）A.一个周期内，a、b端的输入功率等于 c、d端的输出功率B.变压器输出交变电流频率大于输入交变电流频率A地球B星球xNa+Cl-jdoaibnpmcABh物理江苏专版第4页（共 4 页）物理江苏专版第
9、3页（共 4 页）C.0 T4时间内，ab、接图（b）中实线所示交变电流时变压器的输入功率大于ab、接虚线所示交变电流时变压器的输入功率D.实线所示交变电流的有效值等于虚线所示交变电流的有效值二、非选择题（共 5 题，共 56 分。其中第 13 题第 16 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。）12.（15 分）某实验小组的同学为了测量一未知电阻的阻值，实验室为其提供的实验器材如下：A.待测电阻RxB.3 V 的恒压电源 EC.电流表A1（0 300 mA，内阻不计）D.电流表A2（0 3 A，内阻不计）E
10、.电压表V1（0 1 V，内阻为 2 k）F.电压表V2（0 15 V，内阻为 8 k）G.定值电阻R1=2 k H.定值电阻R2=4 k I.滑动变阻器R3，最大阻值为 100 J.滑动变阻器R4，最大阻值为 10 K.开关以及导线若干为了减小实验误差，实验时要求电表指针偏转的角度能达到满偏的13以上，且要求电表的示数从零开始调节。（1）该小组的同学首先用多用电表对电阻进行了粗略的测量，当选用“10”的挡位时，发现指针偏转角度过大，于是换为 （选填“1”或“100”）的挡位，重新调零后完成了测量，指针偏转如图所示，该电阻的阻值约为 。2001005040305001k20 151050 （2
11、）实验时电流表应选择 ，电压表应选择 ，滑动变阻器应选择 。（填实验器材的符号）（3）根据所选的实验器材设计电路，并将电路图画在方框内，标出所选器材的符号。（4）如果某次测量时，电压表和电流表的示数分别为 U、I，则待测电阻的阻值为Rx=。13.（6 分）一个静止的放射性原子核发生了一次 衰变，放射出的 粒子（42He）垂直进入磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中，并且做圆周运动，其轨迹半径为 R，以mq、分别表示 粒子的质量和电荷量，不计粒子重力。（1）粒子做的圆周运动可以等效成一个环形电流，求环形电流的大小；（2）设该衰变过程释放的核能都转化为 粒子和新核 Y 的动能，新核 Y 的质量为 M
12、，求该衰变过程的质量亏损m。14.（8 分）蓝牙是一种无线技术标准，可实现固定设备、移动设备和楼宇个人域网之间的短距离数据交换（使用 2.4 2.485GHz 的 ISM 波段的 UHF 无线电波）。现有两同学用安装有蓝牙设备的玩具小车甲、乙进行实验。甲、乙两车开始时处于同一直线上相距d=4.0 m的OO12、两点，甲车从O1点以初速度v0=4 m/s、加速度a1=1m/s2向右做匀加速运动；乙车从O2点由静止开始以加速度a2=2 m/s2向右做匀加速运动，已知当两车间距超过s0=10.0 m时，两车无法实现通信，忽略信号传递的时间。已知 62.4=。（1）求甲、乙两车在相遇前的最大距离；（2
13、）求甲、乙两车在相遇前能保持通信的时间。乙O2甲O115.（12 分）如图所示，边长为 L 的正方形 abcd 区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，坐标原点 O为 cd 边的中点，在 x 轴下方存在沿 y 轴正方向的匀强电场，一质量为 m、电荷量为 q 的带正电粒子由 O 点以初速度v0沿与 x 轴正方向成 30 角射入磁场，粒子恰好不从磁场左边界射出，不计粒子重力。（1）求匀强磁场的磁感应强度大小；（2）调整匀强电场的场强大小，使粒子能周期性地通过 O 点在磁场中运动，求此时的匀强电场的场强大小；（3）若使粒子从磁场射出后，不再进入磁场，则匀强电场的场强大小应满足的条件。16.（15 分）如图所
14、示，在光滑水平面上有质量M=3kg的“凹”形滑块，其右侧壁竖直，左侧壁为半径R=1m的光滑四分之一圆弧，与长LBC=2 m的水平直轨道 BC 相切于 B 点。一质量m=1kg的小滑块从圆弧最高点 A 处由静止下滑，与轨道 BC 间的动摩擦因数=0.2。已知小滑块与右侧壁间的碰撞为弹性碰撞，小滑块可视为质点，重力加速度g=10 m/s2。（1）若“凹”形滑块在外力作用下保持静止，求小滑块最终与 B 点的距离x0；（2）若“凹”形滑块不受外力作用，求：小滑块第一次与右侧壁碰撞前瞬间的速度；小滑块末位置相对初始位置的水平位移xm（设水平向右为正方向）。AOMBC请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩
15、形边框限定区域的答案无效请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效一、选择题（请用 2B 铅笔填涂）（共 11 题，每题 4 分，共 44 分。）1 A B C D 5 A B C D 9 A B C D2 A B C D 6 A B C D 10 A B C D3 A B C D 7 A B C D 11 A B C D4 A B C D 8 A B C D二、非选择题（请在各试题的答题区
16、内作答）（共 56 分）12.（15 分）（1）（2）（3）（4）贴 条 形 码 区2024 届高考物理考向核心卷答题卡物理（江苏专版）姓 名 准考证号考生禁填填涂样例正确填涂错误填涂 缺考考生，由监考员用 2B铅笔填涂下面的缺考标记缺考标记注意事项1.答题前，考生务必清楚地将自己的姓名、准考证号填写在规定的位置，核准条形码上的准考证号、姓名与本人相符并完全正确及考试科目也相符后，将条形码粘贴在规定的位置。2.选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用黑色水签字笔作答，字体工整、笔迹清楚。3.考生必须在答题卡各题目的规定答题区域内答题，超出答题区域范围书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答
17、题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破。13.（6 分）14.（8 分）15.（12 分）16.（15 分）物理参考答案12024 届高考物理考向核心卷江苏专版题号1234567891011答案DBDCDDCABBC1.D【解析】解析】根据题意及 at 图像，画出两车运动的vt 图像如图所示，由图像可知，t=4s 时两车速度大小均为 6 m/s，A 错误；0 4 s 内甲车位移大小为30 m，乙车位移大小为 24 m，故t=4s时，乙车在后，甲车在前，B 错误；0 6 s 内两车位移大小相等，平均速度大小相同，C 错误；两车第二次速度相同时相距最远，即 0 4 s 内两车位移之差最大，最
18、大值为 6 m，D 正确。0612246t/sv/(ms-1)2.B【解析】解析】设弹簧原长为 L0，物块质量为 m。弹簧竖直悬挂物块且物块保持静止时，有kxkLmg10=。用外力向右拉着物块，达到平衡时，物块受重力、弹簧拉力 T 和外力 F，作出物块受力的矢量三角形，如图所示，当外力的方向与弹簧轴线垂直时，外力最小，此时弹簧上的弹力大小为mg2，则弹簧的伸长量满足k L=mg2，即0.5LL=0，此时弹簧长度为原长的 1.5倍，B 正确。3.D【解析】解析】从 A 到 B，气体发生等温变化，由玻意耳定律得 p Vp VAABB=，解得 pA=5.0 10 Pa4，A 错误；由题图可知，从 A
19、 到 B，气体体积减小，外界对气体做功，温度不变，则气体内能不变，由热力学第一定律=+UQW 知，Q 为负值，气体对外放热，B 错误；由题图知，B 到 C 过程的 VT图像的延长线过坐标原点，则该过程中气体压强不变，为等压变化，气体对外做功为 WF LFp S=，B，则Wp S L=B1.0 10(42)10J200 J53，C 错误，D 正确。4.C【解析】解析】单色光垂直照射肥皂液膜，光在液膜左侧面发生干涉，在重力作用下同一水平线上液膜厚度相同，条纹为水平直条纹，A 错误；在空间站时，因处于完全失重状态，液膜在表面张力作用下的形状类似凸透镜，干涉条纹不是水平直条纹，B 错误；地球表面重力加
20、速度大于月球表面的重力加速度，所以在竖直方向的相同距离，在地球表面薄膜厚度变化比在月球表面薄膜厚度变化大，即地球上光程差随高度变化得快，条纹间距小，C 正确；蓝光波长较红光波长短，条纹间距减小，D 错误。5.D【解析】解析】如图所示，设光在 C 点的折射角为 r，根据几何关系可知光在AO面的入射角及反射角均为，则 r=902，则玻璃砖对光的折射率为 n=sinsinrcos2sin，D 正确。6.D【解析】解析】由 变大可知，抛出点和 P 间的高度差yR=cos变小，根据小石子平抛运动过程中竖直方向做自由落体运动可知，小石子做平抛运动的时间t=2 cosRg变小，小石子恰好无碰撞地从P点进入圆
21、弧轨道，则根据速度分解有tan=vvgt002cosgR，因为 变大，则 tan变大、cos变小，因此初速度v0变小，A 错误；变大，则由 P 点进入圆弧轨道时速度方向与水平方向的夹角 变大，设抛出点与 P 的连线与水平方向夹角为，根据 tan2tan=可知 变大，B 错误；由 t 变小可知小石子到达 P 点时竖直分速度 vy变小，则小石子到 P 点时重力的瞬时功率mgvy变小，C 错误；由 A 项分析知初速度 v0变小，根据机械能守恒定律可知1122mvmgRmv022+=，则小石子到 Q 点时的速度 v 变小，根据向心力公式可知Fmg=mvR2，则小石子受到轨道的支持力 F 变小，由牛顿第
22、三定律可知，小石子到 Q 点时对轨道的压力变小，D 正确。7.C【解析】解析】星球的质量为 MR=433，卫星环绕中心天体做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有 GmaMmr2=，整理得 a=4G R3r23，则卫星 A 与卫星 B 的加速度大小之比为 64 1，A 错误；由GmMmvrr2=2得 v=4G R3r3，则卫星 A 与卫星 B的线速度大小之比为 8 1，B 错误；由 GMmr2=2024 届高考物理考向核心卷江苏专版2mr4T22得 T=G R3r33，卫星 A 与卫星 B 的环绕周期之比为 1 8，C 正确；由 v=4G R3r3可知当rR=时环绕速度最大，该速度为星球第一宇
23、宙速度，解得v=4G R32，地球与星球 x 的第一宇宙速度大小之比为 4 1，D 错误。8.A【解析】解析】将前后一个钠离子和一个氯离子看成等量异种电荷，等量异种电荷的中垂面为等势面，由电势叠加可知 ab、两点电势相等，由电场叠加可知 ab、两点场强大小相等、方向相反，故场强不相同，A 正确，B 错误；将上方两个钠离子、两个氯离子分别看成等量同种电荷，这四个离子在 op 线段上任意一点的合场强均为零，同理，下方四个离子在 op 线段上任意一点的合场强也均为零，因此，沿题图中op线段，电场强度大小不变，C 错误；平面 abcd 和平面 ijmn为等势面，故沿题图中 op 线段电势不变，D 错误
24、。9.B【解析】解析】对 A 和 B 分别进行受力分析有 FmgT 0.1mgma=，40.1 44mgFmgma=T，解得ag=0.5，FmgBT=1.6，下降的高度为xatgt=12(2)22，2t 时刻B 的速度大小为 vatgt=2，故 B 减少的机械能为(1.60.4)2Emgmg xmg tB=+=2 2，A 错误；A 增加的机械能为(1.60.1)1.5Emgmg xmg tA=2 2，B 正确；A、B 增加的总动能为(4)Emm vmg tk总=+=152222 2，C 错误；系统减少的机械能等于克服阻力做的功，即(0.10.4)Emgmg xmg t阻=+=122 2，D 错
25、误。10.B【解析】解析】液滴 a 与液滴 b 恰好能发生碰撞，作出液滴 a 的轨迹图如图所示，根据几何关系可得轨迹半径 rL=，根据牛顿第二定律可得 Bqvm0=vr02，解得vT0=BqLmmBq，2，A 错误；液滴 a 与 b 碰撞以后，根据动量守恒定律可得mvmva01=2，与 b 碰撞后整体做圆周运动的轨迹半径rL=2Bqmv1，周期T=4Bqm，可见液滴 a 与 b 碰撞以后整体再运动时间t=23Bqm与液滴 c 发生碰撞，B 正确，C 错误；同理知 a、b 整体与 c 碰撞后，轨迹半径不变，液滴可以再回到出发点，D 错误。11.C【解析】解析】对于理想变压器，一个周期内原、副线圈
26、的输入功率等于输出功率，输出交变电流频率等于输入交变电流频率，所以 ab、端的输入功率等于电阻 R 的功率与cd、端的输出功率之和，A、B 错误；0 T4时间内，题图（b）中实线表示的电压比虚线表示的大，且根据理想变压器规律，可知接实线所示的电流时副线圈中的电压和电流也较大，所以原线圈中的电流也较大，则 ab、接实线所示的电流时变压器的输入功率比接虚线所示的电流时变压器的输入功率大，C 正确；实线所示交变电流在每一时刻的电压值都不小于虚线所示的电压值，则实线所示的交变电流有效值大于虚线所示的交变电流有效值，D 错误。12.（1）1；12（2）A1；V1；R4（3）如图所示R4ER2RxA1V1
27、（4）3UI【解析】【解析】（1）选用“10”挡位时，发现指针偏转角度过大，说明电阻的阻值较小，因此应换用较小倍率的挡位，即选用“1”挡位；由多用电表的读数规则可知，该电阻的阻值约为12 112=。（2）由电源和待测电阻的阻值可知，通过待测电阻的最大电流约为 Im=REx123A0.25 A250 mA，则电流表应选择 A1；实验要求电表指针偏转的角度能达到满偏的13以上，显然电压表 V2的量程太大，而电压表 V1的量程太小，应将电压表 V1改装成 3 V 量程的电压表，由电压表的改装原理可如13V=+RUV1g(RRV1)，解得 R=4 k，则定值电阻应选择R2，由于要求电路中的电流从 0
28、开始调节，滑动变阻器应用作分压接法，所以滑动变阻器应选择最大阻值较小的R4。（3）由于电流表的内阻不计，因此电流表应选择内接法，电路图如图所示。（4）某次测量时，电压表和电流表的示数分别为UI、，待测电阻两端的电压为3U，所以待测电阻的阻值为Rx=3UI。13.（1）2q B2m（2）q B RMm2222Mmc()2+物理参考答案3【解析】【解析】（1）粒子在磁场中运动，由洛伦兹力提供向心力有qv Bm=vR2解得v=qBRm 粒子做圆周运动的周期T=22vqBRm，环形电流大小I=Tmqq B22（2）该衰变过程动量守恒，有0=+ppY所以ppY=，因为pmvEmv=，k122，所以Ek=
29、2pm2，即EEm MkYk:=对该衰变过程由能量守恒定律得mcEE2=+kYk，解得m=EcMk2Mm+其中Emvk=1222q B R222m所以m=q B RMm2222Mmc()2+14.（1）12 m（2）4.8 s【解析】【解析】（1）当两车速度相等时相距最远。即vata t01 12 1+=，解得t1=4s所以两车相距最大距离为ssdsv tat10 11 1=+=+甲乙122 da t=122 1212 m（2）当两车的间距大于 s0时，两车无法保持通信。由题可知，两车的间距先增大后减小。所以当sdss甲乙 0+=时 有 v tatda ts0120+=112222，解得 tt
30、23=2s6s、，即中间有 tt32=4s 的时间无法通信；又当乙车追上甲车时有 sds甲乙 +=，即 v tat0 41 4+122da t=122 42，解得t4=8.8s所以相遇前能保持通信的时间为()tttt=432 4.8s。15.（1）3mvqL0（2）3 32qLmv02（3）E3 35qLmv02【解析】【解析】（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，设轨迹半径为 R，有qBvm0=vR02作出粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，由几何关系可得RR+sin 30=L2解得B=3mvqL0（2）粒子在电场中做类斜抛运动，设粒子每次在电场中运动的时间为t1，有E qma1=沿 y 轴负方向有
31、0sin 30=v0at21沿 x 轴方向有R=v01cos 03 t解得E1=3 32qLmv02（3）设 匀 强 电 场 场 强 大 小 为 E0时 粒 子 恰 好 不再进入磁场，粒子在电场中运动的时间为 t2，则R+=L2v02co 3s 0t由动量定理得E qtmv020=2sin 03 解得E0=3 35qLmv02电场强度越小，粒子在电场中运动的时间越长，沿 x轴运动距离越大，则E3 35qLmv0216.（1）1 m（2）3 m/s，方向向右；1.5 m【解析】【解析】（1）因为“凹”形滑块保持静止，且小滑块和右侧壁间的碰撞为弹性碰撞，则小滑块最终会停在 BC 上，重力势能转化为
32、因摩擦产生的热量，设小滑块在轨道 BC 间运动的总路程为 L，则由能量守恒定律有mgRmgL=解得L=5 m则小滑块最终与 B 点的距离xLL0=21mBC（2）将“凹”形滑块和小滑块视为系统，系统水平方向动量守恒，有0=+mvMv系统能量守恒，有mgRmvMvmgL=+112222BC解得v=3m/s，方向向右由于mgRmgL3BC，所以小滑块与右侧壁只碰撞一次在整个运动过程中，水平方向上小滑块和“凹”形滑块的速度关系始终有vv=3，则有xxmM=3最终系统静止时，设小滑块相对 B 点的距离为 l，则有mgRmgLl=+(2BC)解得l=1m，小滑块和“凹”形滑块最终有Rlxxx+=mMm43解得xm=1.5 m