《47.2018学年广东省深圳中学高三（上）月考物理试卷（11月份）（含解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《47.2018学年广东省深圳中学高三（上）月考物理试卷（11月份）（含解析.docx（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、微信公众号：678高中初中资料库 资料正文内容开始2017-2018学年广东省深圳中学高三（上）月考物理试卷（11月份）一.选择题：1如图所示，带电体P、Q可视为点电荷，电荷量相同倾角为、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上当物体Q放在与P等高（PQ连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）AP、Q所带电荷量为mgktanr2BP对斜面的压力为0C斜面体受到地面的摩擦力为0D斜面体对地面的压力为（M+m）g2实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带
2、电粒子，a、b的运动轨迹如图2中的虚线所示（a、b只受电场力作用），则（）Aa的加速度将减小，b的加速度将增大B电场力对a做正功，对b做负功Ca的速度将减小，b的速度将增大Da一定带正电，b一定带负电3在水平面上放置一绝缘的薄壁半球壳，在半球壳上均匀分布着正电荷，球心O处电场强度等于E0，过直径且与水平面夹角为（2）的平面从半球壳上切割出一小部分。则剩余部分球壳上的电荷（电荷分布不变）在O处产生的电场强度E（）AE0sin2cos2BE0sincosCE0sin2DE0cos24质量为m20kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面做直线运动02s内F与运动方向相反，24s内F与运动
3、方向相同，物体的vt图象如图所示g取10m/s2，则（）A拉力F的大小为100 NB物体在4 s时拉力的瞬时功率为120WC4s内拉力所做的功为480JD4s内物体克服摩擦力做的功为320 J5如图所示，O为斜面的底端，在O点正上方的A、B两点分别以初速度vA、vB正对斜面抛出两个小球，结果两个小球都垂直击中斜面，击中的位置分别为P、Q（图中未标出）。OBAB，空气阻力忽略不计，则（）AOP=2OQBOP4OQCvA=2vBDvAvB6图是横截面积、长度均相同的甲、乙两根电阻丝的RI图象。现将甲、乙串联后接入电路中，则（）A甲电阻丝两端电压比乙电阻丝两端电压小B甲电阻丝的电阻率比乙电阻丝的电阻
4、率大C在相同时间内，电流通过乙电阻丝产生的焦耳热较少D甲电阻丝消耗的电功率比乙电阻丝消耗的电功率小7已知地球自转周期为T0，有一颗与同步卫星在同一轨道平面的低轨道卫星，自西向东绕地球运行，其运行半径为同步轨道半径的四分之一，该卫星两次在同一城市的正上方出现的时间间隔可能是（）AT04B3T04C3T07DT078如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，abcd，abbc，2abcdbc2l，电场线与四边形所在平面平行已知a点电势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V一个质子（不计重力）经过b点的速度大小为v0，方向与bc成45，一段时间后经过c点，则下
5、列说法正确的是（）Ac点电势为20VB质子从b运动到c所用的时间为2lv0C场强的方向由a指向cD质子从b运动到c电场力做功为8电子伏二、非选择题：9（6分）如图所示，是某研究性学习小组做探究“橡皮筋做的功和物体速度变化的关系”的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形，这时，橡皮筋对小车做的功记为W当我们用2条、3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放小车每次实验中获得的速度由打点计时器所打的纸带测出（1）除了图中的已给出的实验器材外，还需要的器材 ；（2）实验时为了使小车只在橡皮筋作用下运动，应采取的措施是 ；（3）每次实验得到的
6、纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的 部分进行测量10（9分）图1是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图（1）根据图1画出实验电路图；（2）调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图3中的、所示，电流表量程为0.6A，电压表量程为3V所示读数为： 、 、 、 两组数据得到的电阻分别为 和 11（12分）倾斜的传送带以v10m/s的速度顺时针稳定运行，如图所示，在传送带的上端A点轻轻的放上一个小物体，物体与传送带之间的动摩擦因数为0.5，传送带A点到下端B点的距离为S16m，传送带倾角为37，求物体由A点运动到B点所需的时间是多少？（g10m/
7、s2，sin370.6，cos370.8）12（20分）如图所示，沿水平方向放置一条平直光滑槽，它垂直穿过开有小孔的两平行薄板，板相距3.5L槽内有两个质量均为m的小球A和B，球A带电量为+2q，球B带电量为3q，两球由长为2L的轻杆相连，组成一带电系统。最初A和B分别静止于左板的两侧，离板的距离均为L若视小球为质点，不计轻杆的质量，在两板间加上与槽平行向右的匀强电场E后（设槽和轻杆由特殊绝缘材料制成，不影响电场的分布），求：（1）球B刚进入电场时，带电系统的速度大小。（2）带电系统从开始运动到速度第一次为零时球A相对右板的位置。13如图所示，甲、乙两运动物体在t1、t2、t3时刻的速度矢量分
8、别为v1、v2、v3和v1、v2、v3，下列说中正确的是 （）A甲做的可能是直线运动B甲做的不可能是直线运动C乙做的可能是直线运动D甲可能做匀变速运动E乙受到的合力不可能是恒力14如图所示，一个底面粗糙，质量为m的斜面体静止在水平地面上，斜面体斜面是光滑的，倾角为30现用一端固定的轻绳系一质量也为m的小球，小球静止时轻绳与斜面的夹角也是30试求：（1）当斜面体静止时绳的拉力大小？（2）若地面对斜面体的最大摩擦力等于地面对斜面体支持力的k倍，为了使整个系统始终保持静止状态，k值必须满足什么条件？2017-2018学年广东省深圳中学高三（上）月考物理试卷（11月份）参考答案与试题解析一.选择题：1
9、如图所示，带电体P、Q可视为点电荷，电荷量相同倾角为、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上当物体Q放在与P等高（PQ连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）AP、Q所带电荷量为mgktanr2BP对斜面的压力为0C斜面体受到地面的摩擦力为0D斜面体对地面的压力为（M+m）g【考点】A4：库仑定律；A6：电场强度与电场力；AG：电势差和电场强度的关系菁优网版权所有【专题】35：整体思想；49：合成分解法；532：电场力与电势的性质专题【分析】以P为研究对象，根据平衡条件求Q对P
10、的库仑力和斜面对P的支持力，再由库仑定律求电荷量以斜面体和P整体为研究对象，由平衡条件求解地面对斜面体的支持力和摩擦力，即可得到斜面体对地面的压力和摩擦力【解答】解：AB、以P为研究对象，受到重力mg、斜面体的支持力N和库仑力F，如图，由平衡条件得：FmgtanN=mgcos根据库仑定律得：Fkq2r2联立解得：qrmgtank由牛顿第三定律得P对斜面的压力为：NN=mgcos，故A、B错误。CD、以斜面体和P整体为研究对象，由平衡条件得 地面对斜面体的摩擦力为：fF 地面对斜面体的支持力为：N1（M+m）g根据牛顿第三定律得斜面体受到地面的摩擦力为F，斜面体对地面的压力为为：N1N1（M+m
11、）g故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题采用隔离法和整体法研究共点力平衡问题，关键是明确研究对象，正确进行受力情况，然后根据共点力平衡条件列方程研究2实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图2中的虚线所示（a、b只受电场力作用），则（）Aa的加速度将减小，b的加速度将增大B电场力对a做正功，对b做负功Ca的速度将减小，b的速度将增大Da一定带正电，b一定带负电【考点】A6：电场强度与电场力；AG：电势差和电场强度的关系菁优网版权所有【专题】34：比较思想；4B：图析法；532：电场力与电势的性质专题【分析】电场线的疏密代表电场的强弱
12、，所以出发后a受到的电场力变小，b受到的电场力变大，从而判断加速度的变化。根据粒子轨迹的弯曲方向可判断粒子所受电场力的方向，根据电场力方向与位移方向的关系分析电场力做功正负。根据电场力方向与场强方向的关系判断电性。【解答】解：A、向左电场线越来越疏，场强越来越小，则a所受电场力减小，加速度减小，同理，b所受电场力增大，加速度增大。故A正确。B、a的轨迹向左弯曲，a粒子受到的电场力方向向左，电场力对a粒子做正功。b粒子的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，电场力对b粒子做正功。故B错误。C、电场力对两个粒子都做正功，动能都增大，速度都增大。故C错误。D、由于电场线方向未知，因此无法确定两个
13、粒子的电性。故D错误。故选：A。【点评】本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向判断出电荷所受的电场力是关键。再结合电场线的疏密和方向分析粒子的运动情况。3在水平面上放置一绝缘的薄壁半球壳，在半球壳上均匀分布着正电荷，球心O处电场强度等于E0，过直径且与水平面夹角为（2）的平面从半球壳上切割出一小部分。则剩余部分球壳上的电荷（电荷分布不变）在O处产生的电场强度E（）AE0sin2cos2BE0sincosCE0sin2DE0cos2【考点】A6：电场强度与电场力；AG：电势差和电场强度的关系菁优网版权所有【专题】32：定量思想；43：推理法；532：电场力与电势的性质专题【分析】半球的中心O处电场强
14、度E0是部分球面上电荷产生的电场叠加的结果，根据对称性，作出球面上的电荷在O点产生的电场分布，由平行四边形定则求解剩余部分球壳上的电荷在O处的电场强度。【解答】解：根据对称性，作出球面上的电荷在O点产生的电场分布，如图所示，由平行四边形定则得到，剩余部分球壳上的电荷在O处的电场强度EE0cos2，故ABC错误，D正确。故选：D。【点评】本题解题关键是抓住对称性，作出两部分球面上电荷产生的电场强度的矢量图，同时注意三角知识的运用。4质量为m20kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面做直线运动02s内F与运动方向相反，24s内F与运动方向相同，物体的vt图象如图所示g取10m/s2，
15、则（）A拉力F的大小为100 NB物体在4 s时拉力的瞬时功率为120WC4s内拉力所做的功为480JD4s内物体克服摩擦力做的功为320 J【考点】62：功的计算；63：功率、平均功率和瞬时功率菁优网版权所有【专题】32：定量思想；4B：图析法；52C：功率的计算专题【分析】根据图象分别求出匀减速运动和匀加速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律列方程，求解动摩擦因数和水平外力大小，由面积求位移，再求解水平外力做功的大小【解答】解：A、由图象可得：02s内物体做匀减速直线运动，加速度大小为：a1=vt=102m/s2=5m/s2匀减速过程有 F+Ffma1匀加速过程加速度大小为a2=vt=22m
16、/s2=1m/s2，有 FFfma2解得f40N，F60N故A错误。B、物体在4 s时拉力的瞬时功率为PFv602W120W，故B正确；C、4s内物体通过的位移为x=12210-1222m=8m，拉力做功为WFx480J，故C错误；D、4s内物体通过的路程为x=12210+1222m=12m，摩擦力做功为Wffx4012J480J，故D错误；故选：B。【点评】本题是速度图象与牛顿第二定律、功的综合应用，关键根据图象的斜率求解加速度，要注意水平外力的方向与速度方向的关系，正确判断外力做功正负5如图所示，O为斜面的底端，在O点正上方的A、B两点分别以初速度vA、vB正对斜面抛出两个小球，结果两个小
17、球都垂直击中斜面，击中的位置分别为P、Q（图中未标出）。OBAB，空气阻力忽略不计，则（）AOP=2OQBOP4OQCvA=2vBDvAvB【考点】43：平抛运动菁优网版权所有【专题】12：应用题；32：定量思想；4C：方程法；518：平抛运动专题【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据速度的方向，通过平行四边形定则求出小球打在斜面上时的速度大小以及竖直方向上的分速度，从而求出飞行的时间。【解答】解：设任一小球的初速度为v0，抛出点的高度为h，运动时间为t，斜面的倾角为。据题小球垂直击中斜面，速度与斜面垂直，由速度分解可知：vytanv0；又vygt可得：t
18、=v0gtan根据几何关系得：h=12gt2+v0ttan=v022gtan2+v02gv02据题有2OAOB，则得：vA=2vB。根据几何关系可得：OQOP=vBtBvAtA=vB2vA2=12所以QPOQ；故C正确、ABD错误。故选：C。【点评】解决本题的关键要灵活运用几何关系，分析水平位移与高度的关系，要掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，并能灵活运用。6图是横截面积、长度均相同的甲、乙两根电阻丝的RI图象。现将甲、乙串联后接入电路中，则（）A甲电阻丝两端电压比乙电阻丝两端电压小B甲电阻丝的电阻率比乙电阻丝的电阻率大C在相同时间内，电流通过乙电阻丝产生的焦耳热较少D甲电阻丝消耗的
19、电功率比乙电阻丝消耗的电功率小【考点】B2：欧姆定律菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；535：恒定电流专题【分析】串联电路电流处处相等，由图象判断出电流相等时两电阻丝的电阻大小，然后由欧姆定律判断其两端电压大小关系，由电阻定律判断其电阻率关系；由焦耳定律判断其产生的热量关系，由电功率公式判断功率关系。【解答】解：由图象可知，在电流I相同时，R甲R乙，A、两电阻丝串联。通过它们的电流I相等，而R甲R乙，由UIR可知，U甲U乙，故A错误；B、由于两电阻丝的横截面积与长度相同，R甲R乙，由电阻定律可知，甲的电阻率大于乙的电阻率，故B错误；C、两电阻串联I相同，R甲R乙，由焦耳定律可
20、知，W甲W乙，故C正确；D、两电阻串联，通过它们的电流I相同，R甲R乙，由PI2R可知，P甲P乙，故D错误；故选：C。【点评】本题考查了比较电阻丝电压、电阻率、相同时间产生的热量与热功率的关系，难度不大，应用欧姆定律、电阻定律、焦耳定律、电功率公式即可正确解题；关键是对图象的理解和应用。7已知地球自转周期为T0，有一颗与同步卫星在同一轨道平面的低轨道卫星，自西向东绕地球运行，其运行半径为同步轨道半径的四分之一，该卫星两次在同一城市的正上方出现的时间间隔可能是（）AT04B3T04C3T07DT07【考点】4H：人造卫星；4J：同步卫星菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；52A：
21、人造卫星问题【分析】通过万有引力提供向心力求出周期与轨道半径的关系，从而求出人造卫星的周期抓住转过的圆心角关系求出在同一城市的正上方出现的最小时间【解答】解：设地球的质量为M，卫星的质量为m，运动周期为T，因为卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，有：GMmr2=42mrT2解得：T2r3GM同步卫星的周期与地球自转周期相同，即为T0已知该人造卫星的运行半径为同步卫星轨道半径的四分之一，所以该人造卫星与同步卫星的周期之比是：TT0=r3(4r)3=18 解得：T=18T0。设卫星至少每隔t时间才在同一地点的正上方出现一次，根据圆周运动角速度与所转过的圆心角的关系t得：2Tt2+2T0t解得：t
22、=T07，因此卫星可能每隔T07时间才在同一地点的正上方出现一次，那么卫星两次在同一城市的正上方出现的时间间隔可能为37T0，故AB错误，CD正确。故选：CD。【点评】本题考查万有引力定律和圆周运动知识的综合应用能力要理解当卫星转过的角度与建筑物转过的角度之差等于2时，卫星再次出现在城市上空8如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，abcd，abbc，2abcdbc2l，电场线与四边形所在平面平行已知a点电势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V一个质子（不计重力）经过b点的速度大小为v0，方向与bc成45，一段时间后经过c点，则下列说法正确的是（）A
23、c点电势为20VB质子从b运动到c所用的时间为2lv0C场强的方向由a指向cD质子从b运动到c电场力做功为8电子伏【考点】A6：电场强度与电场力；AC：电势；AE：电势能与电场力做功；AF：等势面菁优网版权所有【专题】532：电场力与电势的性质专题【分析】连接bd，bd连线的中点O电势与C点相等，是16V；质子从bc做类平抛运动，根据v0方向的分位移为2l，求出时间；作出等势线oc，y就能判断场强方向；根据动能定理可求出b到c电场力做的功【解答】解：A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V，且abcd，ab
24、bc，2abcdbc2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为24V，与a点电热势相等，从而连接aM，即为等势面；三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点o的电势与c相等，为20V故A正确。B、质子从bc做类平抛运动，沿初速度方向分位移为2l，此方向做匀速直线运动，则t=2lv0，则B正确。C、oc为等势线，其垂线bd为场强方向，bd，故C错误。D、电势差Ubc8V，则质子从bc电场力做功为8eV故D正确。故选：ABD。【点评】本题关键是找等势点，作等势线，并抓住等势线与电场线垂直的特点，问题就变得简单明晰二、非选择题：9（6分）如图所示，是某研究性学习小组做探究“橡皮筋做的功和物
25、体速度变化的关系”的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形，这时，橡皮筋对小车做的功记为W当我们用2条、3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放小车每次实验中获得的速度由打点计时器所打的纸带测出（1）除了图中的已给出的实验器材外，还需要的器材刻度尺；（2）实验时为了使小车只在橡皮筋作用下运动，应采取的措施是把木板的末端垫起适当高度以平衡摩擦力；（3）每次实验得到的纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的点距均匀部分进行测量【考点】MJ：探究功与速度变化的关系菁优网版权所有【专题】13：实验题【分析】（1）实验中
26、需要根据所打点之间的距离，计算物体的速度，因此需要的仪器还有刻度尺；（2）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，需要采取平衡摩擦力的措施（3）橡皮条做功完毕，速度最大，做匀速运动，计算速度时要选取点距均匀的部分【解答】解：（1）根据实验原理可知实验中需要刻度尺测量打点之间的距离，计算物体的速度故答案为：刻度尺（2）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高平衡小车所受的摩擦力故答案为：平衡小车所受的摩擦力（3）小车的运动情况，先加速，再匀速，最后减速，橡皮条做功完毕，速度最大，做匀速
27、运动，因此算速度时要选取点距均匀的部分，故答案为：点距均匀【点评】本题关键要明确小车的运动情况，先加速，再匀速，最后减速，橡皮条做功完毕，速度最大，做匀速运动，因此明确实验原理是解答本题的关键10（9分）图1是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图（1）根据图1画出实验电路图；（2）调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图3中的、所示，电流表量程为0.6A，电压表量程为3V所示读数为：0.10A、0.24A、2.00V、0.27V两组数据得到的电阻分别为8.3和2.7【考点】N5：描绘小电珠的伏安特性曲线菁优网版权所有【专题】13：实验题；31：定性思想；46：实验分
28、析法；535：恒定电流专题【分析】（1）分析图示实物电路图结构，然后根据实物电路图作出实验电路图（2）根据电流表和电压表的量程和最小刻度度数即可，由R=UI求的电阻【解答】解：（1）由图1所示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，根据实物电路图作出实验电路图，电路图如图所示：（2）电流表的量程为0.6A，最小刻度为0.02A，故在读数时只估读到最小刻度位即可，故分别为0.10A，0.24A电压表的量程为3V，最小刻度为0.1V，故在读数时需估读到最小刻度的下一位，故分别为2.00V，0.27V由R=UI代入数据可得R8.3R2.7故答案为：（1）如图；（2）0.10A，0.24
29、A，2.00V，0.27V，8.3，2.7【点评】本题考查了根据实物电路图作实验电路图，分析清楚实物电路图的结构即可，在电流表和电压表的读数时抓住如何估读即可11（12分）倾斜的传送带以v10m/s的速度顺时针稳定运行，如图所示，在传送带的上端A点轻轻的放上一个小物体，物体与传送带之间的动摩擦因数为0.5，传送带A点到下端B点的距离为S16m，传送带倾角为37，求物体由A点运动到B点所需的时间是多少？（g10m/s2，sin370.6，cos370.8）【考点】1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】522：牛顿运
30、动定律综合专题【分析】刚开始摩擦力向下，由牛顿第二定律求加速度，解得速度与带同速时的时间和位移；此后摩擦力向上，由牛顿第二定律求加速度，由运动学公式求时间【解答】解：开始阶段：mgsin+mgcosma1； 所以：a1gsin+gcos10m/s2；物体加速至与传送带速度相等时需要的时间t1=va1=1010=1s发生的位移：s=12a1t12=121012=5m16m物体加速到10m/s 时仍未到达B点第二阶段，有：mgsinmgcosma2；所以：a22m/s 2；设第二阶段物体滑动到B 的时间为t2 则：LABS=vt2+12a2t22代入数据，解得：t21s，t211s （舍去）故物体
31、经历的总时间tt1+t22s答：物体从A运动到B的时间为2s【点评】本题的运动过程有两个，其中关键牛顿第二定律求加速度为关键，加速度是桥梁12（20分）如图所示，沿水平方向放置一条平直光滑槽，它垂直穿过开有小孔的两平行薄板，板相距3.5L槽内有两个质量均为m的小球A和B，球A带电量为+2q，球B带电量为3q，两球由长为2L的轻杆相连，组成一带电系统。最初A和B分别静止于左板的两侧，离板的距离均为L若视小球为质点，不计轻杆的质量，在两板间加上与槽平行向右的匀强电场E后（设槽和轻杆由特殊绝缘材料制成，不影响电场的分布），求：（1）球B刚进入电场时，带电系统的速度大小。（2）带电系统从开始运动到速度
32、第一次为零时球A相对右板的位置。【考点】65：动能定理；AK：带电粒子在匀强电场中的运动菁优网版权所有【专题】16：压轴题；52D：动能定理的应用专题【分析】（1）A球受到向右的电场力作用，带电系统向右做匀加速直线运动，电场力做正功，由动能定理求出球B刚进入电场时，带电系统的速度大小。（2）假设带电系统的速度为0时，假设A球仍在电场中，由动能定理求出B球在电场中的位移为x，根据计算结果分析A、B的位置。若球A、B分别在右极板两侧时，由动能定理求出A球达到右极板时的速度，再由动能定理求解A出电场后带电系统的速度为0时，A向右移动的位移。【解答】解：（1）设球B刚进入电场时，带电系统的速度为v1，
33、由动能定理有： 2qEL=122mv12解得：v1=2qELm（2）设带电系统的速度为0时，假设A球仍在电场中，并设B球在电场中的位移为x，由动能定理有 122mv12-qEx=0解得 x2L1.5L所以带电系统速度第一次为零时，球A、B应分别在右极板两侧。设A球达到右极板时速度为v2，则：2qE2.5L3qE1.5L=122mv22解得：v2=qEL2m接下来，只有B球受到电场力，设带电系统的速度为0时，A球相对右极板的位移为x。由动能定理有：3qEx=122mv22解得：x=L6答：（1）球B刚进入电场时，带电系统的速度大小为2qELm。（2）带电系统从开始运动到速度第一次为零时球A相对右
34、板的位置距离为L6。【点评】本题关键要运用动能定理，通过计算分析两球的运动过程，考查分析小球运动情况和把握解题规律的能力。13如图所示，甲、乙两运动物体在t1、t2、t3时刻的速度矢量分别为v1、v2、v3和v1、v2、v3，下列说中正确的是 （）A甲做的可能是直线运动B甲做的不可能是直线运动C乙做的可能是直线运动D甲可能做匀变速运动E乙受到的合力不可能是恒力【考点】2F：矢量和标量菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】根据速度方向是否改变判断物体是否做直线运动，圆周运动的速度方向时刻改变。根据速度变化量的方向，得出加速度的方向，从而根据牛顿第二定
35、律得出合外力是否是恒力。【解答】解：ABC、甲、乙的速度方向在变化，所以甲乙均不可能做直线运动。故AC错误，B正确；D、甲的速度变化量的方向不变，知加速度的方向不变，则甲的加速度可能不变，甲可能做匀变速运动，故D正确；E、由图可知，乙的速度改变量方向在发生改变，则可知，乙的加速度方向在发生改变，根据牛顿第二定律知乙的合力不可能是恒力。故E正确。故选：DE。【点评】解决本题的关键知道加速度的方向与速度变化量的方向相同，合外力的方向与加速度的方向相同。14如图所示，一个底面粗糙，质量为m的斜面体静止在水平地面上，斜面体斜面是光滑的，倾角为30现用一端固定的轻绳系一质量也为m的小球，小球静止时轻绳与
36、斜面的夹角也是30试求：（1）当斜面体静止时绳的拉力大小？（2）若地面对斜面体的最大摩擦力等于地面对斜面体支持力的k倍，为了使整个系统始终保持静止状态，k值必须满足什么条件？【考点】2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡菁优网版权所有【专题】527：共点力作用下物体平衡专题【分析】小球和斜面均处于平衡状态，分别对小球和斜面受力分析应用合成或分解即可解决。【解答】解：（1）选小球为研究对象，受力分析并合成如图：由平衡条件：Fmg由平面几何知识可得：N与F夹角为30，T与F夹角也为30故画出的平行四边形为菱形，连接对角线便可找出直角三角形：由：cos30=G2T得：T=33mg（2）选小球
37、和斜面组成的系统为研究对象，受力分析如图：由平衡条件得：N+Tcos302mg，解得：N=32mgfTsin30，解得：f=36mgfMAXKNK32mg为使整个系统静止，ffMAX36mgK32mg 解得：K39答：（1）当劈静止时绳子拉力为33mg。（2）若地面对劈的最大静摩擦力等于地面对劈的支持力的K倍，为使整个系统静止，K值必须满足K39。【点评】对小球和斜面进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题。选择好合适的研究对象有事半功倍的效果。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/4/14 18:57:04；用户：tp；邮箱：lsgjgz137；学号：21474120第14页（共14页）